2020届高考数学大二轮复习下篇指导三巧用八种解题术教学案.docx

指导三 巧用八种解题术“探求思路、图体向导”术对题设条件不够明显的数学问题求解，注意相关的图形，巧用图形作向导，可打破思维瓶颈，多途径找到突破方法尤其是对一些以函数、三角函数、不等式等形式给出的命题，其本身虽不带有图形，但可以设法构造相应的辅助图形进行分析，将代数问题转化为几何问题来解力争做到有图用图，无图想图，补形改图，充分运用其几何特征的直观性来启迪思维，从而较快地获得解题的途径这就是“用图探路术”例1已知函数f(x)x(ln xax)有两个极值点，则实数a的取值范围是()A(，0)B.C(0,1) D(0，)解析B函数f(x)的定义域为(0，)，f(x)ln x12ax.函数f(x)x(ln xax)有两个极值点，等价于ln x12ax0在(0，)上有两个不相等的实数根，令h(x)ln x，g(x)2ax1，则函数h(x)ln x的图象与函数g(x)2ax1的图象在(0，)上有两个不同的交点设函数h(x)ln x与函数g(x)2ax1的图象相切于点A(m，ln m)，其中m0，函数g(x)的图象在点A处的切线的斜率为k2a，函数h(x)的图象在点A处的切线的斜率为k，2a.直线g(x)2ax1过点(0，1)，k，.解得m1，当函数h(x)与g(x)的图象相切时，a.又两函数图象有两个交点，a.活学活用1(2019杭州二模)设a，b，c是单位向量，且ab0，则(ac)(bc)的最小值为()A2 B.2C1 D1解析：D由于(ac)(bc)(ab)c1，因此等价于求(ab)c的最大值，这个最大值只有当向量ab与向量c同向共线时取得由于ab0，故ab，如图所示，|ab|，|c|1.当0时，(ab)c取得最大值且最大值为.故所求的最小值为1.“解题常招，设参换元”术在解答数学问题时，我们常把某个代数式看成一个新的未知数，或将某些变元用另一参变量的表达式来替换，以便将所求的式子变形，优化思考对象，让原来不醒目的条件，或隐含的信息显露出来，促使问题的实质明朗化，使非标准型问题标准化，从而便于我们将问题化繁为简、化难为易、化陌生为熟悉，从中找出解题思路这种通过换元改变式子形式来变换研究对象，将问题移至新对象的知识背景中去探究解题思路的做法，就是“设参换元术”，常见的换元法：三角代换、比值代换、整体代换等例2已知椭圆C方程为y21，且直线l：ykxm与圆O：x2y21相切，若直线l与椭圆C交于M，N两点，求OMN面积的最大值解析圆O的圆心为坐标原点，半径r1，由直线l：ykxm，即kxym0与圆O：x2y21相切，得1，故有m21k2.由消去y得(4k21)x28kmx4m240.设M(x1，y1)，N(x2，y2)，则x1x2，x1x2.所以|x1x2|2(x1x2)24x1x224.将代入，得|x1x2|2，故|x1x2|.所以|MN|x1x2|.故OMN的面积S|MN|1.令t4k21(t1)，则k2，代入上式，得S2 ，所以当t3，即4k213，解得k时，S取得最大值，且最大值为 1.活学活用2(1)函数f(x)sin xcos x2sin xcos x的最小值是_解析：f(x)sin xcos x2sin xcos x(sin xcos x)2sin xcos x1，令sin xcos xt，则tsin，x，x，0t，原函数可化为g(t)t2t1(0t)函数g(t)t2t1的图象开口向上，其对称轴的方程为t，当0t时，g(t)单调递增当t0时，g(t)取得最小值1.答案：1(2)已知a0，b0，a2b2ab3，则2ab的最大值是_解析：令t2ab(t0)，则bt2a，代入a2b2ab3，得7a25att230，由关于a的一元二次方程有解得，25t228(t23)0，即t228，所以0t2，当且仅当即时取等号，故2ab的最大值是2.答案：2“巧设变量，引参搭桥”术当题目条件中的已知量或变量无法直接与要求的结论之间建立关系时，可考虑引入一些中间变量，即参数(可以是角度、线段、斜率及点的坐标等)，来沟通条件与结论之间的联系，这是一种非常重要的解题思想方法，即“引参搭桥”术例3已知椭圆C：9x2y2m2(m0)，直线l不过原点O且不平行于坐标轴，l与C有两个交点A，B，线段AB的中点为M.(1)证明：直线OM的斜率与l的斜率的乘积为定值；(2)若直线l过点，延长线段OM与C交于点P，四边形OAPB能否为平行四边形？若能，求此时l的斜率；若不能，说明理由解析(1)证明：设直线l：ykxb(k0，b0)，A(x1，y1)，B(x2，y2)，M(xM，yM)将ykxb代入9x2y2m2得(k29)x22kbxb2m20，故xM，yMkxMb.于是直线OM的斜率kOM，则kOMk9.所以直线OM的斜率与l的斜率的乘积为定值(2)四边形OAPB能为平行四边形因为直线l过点，所以l不过原点且与C有两个交点的充要条件是k0，k3.由(1)得直线OM的方程为yx.设点P的横坐标为xp.由得x，即xp .将代入l的方程得b，因此xm.当且仅当线段AB与线段OP互相平分，即xP2xM时，四边形OAPB为平行四边形于是2，解得k14，k24.因为ki0，ki3，i1,2，所以当l的斜率为4或4时，四边形OAPB为平行四边形活学活用3已知ABC为等腰三角形，ABAC，BD是其腰AC的中线，且BD3，求ABC面积的最大值解析：设AB2x，BAC，(0，)，则ADx，故SABC2x2xsin 2x2sin ，在ABD中，BD2AB2AD22ABADcos ，解得x2，故SABC2x2sin ，(0，)，令f()，(0，)，则f()，令cos 0，0(0，)，故当(0，0)时，f()0，当(0，)时，f()0，故f()在0处取到极大值，也是最大值，故f()max6，故ABC面积的最大值为6.答案：6“变量交错、分离协调”术对多个变量交叉混合布局的数学问题，在求解时往往需要分离变量，即将混为一团的变量分开，使之各自成为一个小整体，便于分别分析各自所具有的特征，研究它们之间的差异，从中发现解题的思路这种通过对变量的分离来协调变量间的关系，理顺解题思路进行各个击破的解题策略，就是“分离变量”的战术例4设函数f(x)lg，其中aR，n是任意给定的正整数，且n2，如果当x(，1时，f(x)有意义，求a的取值范围解析由题意有12x(n1)xnxa0，从而a.因为n2，而yx(k1,2，n1)是x(，1上的减函数，所以，故a.活学活用4设函数g(x)xb对任意a，都有g(x)10在x上恒成立，求实数b的取值范围解析：变量分离b10.令h(x)x，则h(x)1，得x(极小值点)，x(极大值点)，故h(x)在(，)上单调递增，在(，0)上单调递减，在(0，)上单调递减，在(，)上单调递增由此可知，h(x)在上的最大值为h与h(1)中的较大者又hh(1)3，a，hh(1)，h(x)maxh4a，所以，只需b10恒成立即可，又10，从而得b的取值范围是.答案：“固势推导，反客为主”术我们解答数学题时通常把注意力集中在主变元上，这是理所当然的事当思维受阻时，若注重考查命题的求解趋势，依从条件与结论的内在联系变换思考方向，视其参变元为主变元进行研究、推导，也能得到解决问题的途径，有时还能获得问题的巧解这种做法就是“反客为主”的战术例5若f(x)ax22(2a1)x4a7，aN*，若f(x)至少有一个整数根，则a的取值为_解析依题意可知，当f(x)0时，有2x7a(x2)2，显然，当x2时，方程不成立故有a(x2)，于是，当a为正整数时，则必有2x7(x2)2，且xZ，x2，即x必须满足条件：3x1(xZ，x2)由此可知，x只能在3，1,0,1中取值将3，1,0,1分别代入中，得知：仅当x3，x1和x1时能保证a为正整数，且此时有a1和a5.所以，当a1和a5时，原方程至少有一个整数根答案1或5活学活用5对于满足|log2p|2的所有实数p，使x2px12xp恒成立的x的取值范围为_解析：由|log2p|2，得p4.由题意可设f(p)(x1)p(x22x1)0，易知f(p)是p的一次函数，故要使f(p)0在p上恒成立，则必须有x1，且即x1，且解得且x1，由此可得x3或x1.所以满足题意的实数x的取值范围是x3或x1.答案：(，3(1，)“换位推理，声东击西”术对有些命题在直接求解常感到困难或根本难以从条件入手，这时可避开正面强攻，从结论的对立面入手，或考查与其相关的另一问题，或反例，从中也可以找到解决问题的途径，有时甚至还能获得最佳的解法，这就是“声东击西”术，常见的基本方式有反证法、补集法、反例法等例6若拋物线yx2上的所有弦都不能被直线yk(x3)垂直平分，则k的取值范围是()A. B.C. D.解析D设拋物线yx2上两点A(x1，x)，B(x2，x)关于直线yk(x3)对称，AB的中点为P(x0，y0)，则x0，y0.由题设知，所以.又AB的中点P(x0，y0)在直线yk(x3)上，所以k，所以中点P.由于点P在yx2的区域内，则2，整理得(2k1)(6k22k1)0，解得k.因此当k时，拋物线yx2上存在两点关于直线yk(x3)对称，于是当k时，拋物线yx2上不存在两点关于直线yk(x3)对称所以实数k的取值范围为.故选D.活学活用6已知函数f(x)ax2xln x在区间(1,2)上不单调，则实数a的取值范围为_解析：f(x)2ax1.若函数f(x)在区间(1,2)上单调递增，则f(x)0在(1,2)上恒成立，所以2ax10，得a.(*)令t，因为x(1,2)，所以t.设h(t)(tt2)2，t，显然函数yh(t)在区间上单调递减，所以h(1)h(t)h，即0h(t).由(*)可知，a.若函数f(x)在区间(1,2)上单调递减，则f(x)0在(1,2)上恒成立，所以2ax10，得a.结合可知，a0.综上，若函数f(x)在区间(1,2)上单调，则实数a的取值范围为(，0.所以若函数f(x)在区间(1,2)上不单调，则实数a的取值范围为.答案：“关注整体，设而不求”术设而不求是数学解题中的一种很有用的手段，采用设而不求的策略，往往能避免盲目推演而造成的无益的循环运算，从而达到准确、快速、简捷的解题效果方法1整体代入，设而不求在解决某些涉及若干个量的求值问题时，要有目标意识，通过虚设的策略，整体转化的思想，绕开复杂的运算过程，可使问题迅速得到解决例7已知等比数列an中Sn是数列an的前n项和，Sm16，S2m64，则S3m的值为_解析设公比为q，由于S2m2Sm，故q1，于是得1qm4，则qm3，所以S3m(1qmq2m)16(1332)208.答案208方法2转化图形，设而不求有些代数问题，通过挖掘题目中隐含的几何背景，设而不求，转化成几何问题求解例8设a，b均为正数，且ab1，则的最大值为_解析设u，v(u1，v1)，uvm，则u，v同时满足其中uvm表示直线，m为此直线在v轴上的截距u2v24是以原点为圆心，2为半径的圆在第一象限内的一部分圆弧，如图所示，显然直线与圆弧相切时，所对应的截距m的值最大由图易得mmax2，即2.答案2方法3适当引参，设而不求恰当合理地引入参数，可使解题目标更加明确，已知和欲求之间的联系得以明朗化，使问题能够得到解决例9已知对任何满足(x1)2y21的实数x，y，不等式xyk0恒成立，求实数k的取值范围解析由题意设则g()xyksin cos 1ksin1k1k.令1k0，得k1.即实数k的取值范围是1，)答案1，)方法4巧设坐标，设而不求在解析几何问题中，对于有关点的坐标采用设而不求的策略，能促使问题定向，简便化归，起到以简驭繁的解题效果例10设拋物线y22px(p0)的焦点为F，经过点F的直线交拋物线于A，B两点，点C在拋物线的准线上，且BCx轴，求证：直线AC经过原点O.证明设A(2pt，2pt1)，B(2pt，2pt2)，则C.因为AB过焦点F，所以2pt12pt2p2，得t1t2.又直线OC的斜率kOC4t2，直线OA的斜率kOA，则kOCkOA，故A，O，C三点共线，即直线AC经过原点O.活学活用7(1)一直线被两直线4xy60,3x5y60截得的线段中点恰好是坐标原点，则这条直线的方程为_解析：设所求直线分别交直线4xy60,3x5y60于点M，N，设M(x0，y0)，则有4x0y060.因为M，N关于原点对称，所以N(x0，y0)，从而3x05y060.由得x06y00.显然M(x0，y0)，N(x0，y0)，O(0,0)三点的坐标均适合方程.故所求直线的方程为x6y0.答案：x6y0(2)已知椭圆1，F1，F2为焦点，点P为椭圆上一点，F1PF2，则SF1PF2_.解析：设|PF1|r1，|PF2|r2，由椭圆定义得r1r210.由余弦定理得rr2r1r2cos64.2得，r1r212，所以SF1PF2r1r2sin3.答案：3(3)已知F1，F2是椭圆2x2y24的两个焦点，点P是椭圆上在第一象限内的点，且1.过点P作倾斜角互补的两条直线PA，PB分别交椭圆于A，B两点()求点P的坐标；()求直线AB的斜率解析：()设P(m，n)，因为点P在椭圆上，所以2m2n24，m0，n0.又椭圆的标准方程为1，设F1(0，)，F2(0，)，所以(m，n)(m，n)1，由此可得m2n23.由解得m1，n，即所求点P的坐标为(1，)()设A(x1，y1)，B(x2，y2)，因为点A，B在椭圆上，所以2xy4,2xy4，两式相减得2(x1x2)(x1x2)(y1y2)(y1y2)0.所以kAB2.同理可得kAP2，kBP2 .因为PA，PB倾斜角互补，所以kPAkPB0.由左端及得x1y2x2y1(x2x1)(y1y2)20，由右端及得x1y2x2y1(x2x1)(y1y2)20，由得2(x2x1)2(y1y2)0，即y1y2(x1x2)，由得kAB.“解题卡壳，攻坚突围”术思维受限一般出现在压轴题或计算量大的题上，有时也出现在一些条件特殊的选择题、填空题上，这些题不一定就是做不好的题或是难度很大的题，而可能是因某些运算或推理繁杂感到心理紧张而导致一下子想不出解决方法的题一般来说，对此类问题的突围关键在于如何针对已有的信息与所求目标的差异进行综合分析，整合相关的结论(包括已推得的结论)，注重信息的迁移要注重考查命题所涉及的概念、定理，把握命题的结构特点，构建相应的数学模型进行模仿探索，力争做到求什么，想什么在审查已做的运算、推理与所求结论的要求是否正确时，要注重隐含条件的挖掘与整合，仔细清查还有哪些条件未用上，还有哪些相关的通法未用到，力争做到给什么，用什么在将条件与结论联系起来时，要勇于试探、创新思维，注重类比、猜想、凑形、配式，力争做到差什么，找什么这就是我们常常说的“思维受限突围术”常见的突围策略有以下两种：策略1前难后易空城计对设有多问的数学命题，若前一问不会解，而后面的几问又是自己容易解的，或是可用第一问的结论来求解的，此时应放弃第一问的求解，着重攻后面的几问，并将第一问的结论作为后几问的条件使用，巧妙地配合题设条件或有关定理解答后面的问题这种利用自己根本不懂或不会证明的问题条件来解后几问的做法，就是数学解题中的“空城计”，即前问难后问易，弃前攻后为上计(有时也说成：前难后易前问弃，借前结论攻后题)例11设函数fn(x)xnbxc(nN*，b，cR)(1)设n2，b1，c1，证明：fn(x)在区间内存在唯一零点；(2)设n2，若对任意x1，x21,1，有|f2(x1)f2(x2)|4，求b的取值范围；(3)在(1)的条件下，设xn是fn(x)在内的零点，判断数列x2，x3，xn，的增减性解析(1)证明：当b1，c1，n2时，fn(x)xnx1.fnfn(1)10，fn(x)在内存在零点又当x时，f(x)nxn110，fn(x)在上是单调递增的，fn(x)在区间内存在唯一零点(2)当n2时，f2(x)x2bxc.对任意x1，x21,1都有|f2(x1)f2(x2)|4等价于f2(x)在1,1上的最大值与最小值之差M4.据此分类讨论如下：当1，即|b|2时，M|f2(1)f2(1)|2|b|4，与题设矛盾当10，即0b2时，Mf2(1)f224恒成立当01，即2b0时，Mf2(1)f224恒成立综上可知，2b2.(3)解法一：设xn是fn(x)在内的唯一零点(n2)，fn(xn)xxn10，fn1(xn1)xxn110，xn1，于是有fn(xn)0fn1(xn1)xxn11xxn11fn(xn1)又由(1)知fn(x)在上是单调递增的，故xnxn1(n2)，所以数列x2，x3，xn，是递增数列解法二：设xn是fn(x)在内的唯一零点fn1(xn)fn1(1)(xxn1)(1n111)xxn1xxn10，则fn1(x)的零点xn1在(xn,1)内，故xnxn1(n2)，所以数列x2，x3，xn，是递增数列点评第(1)问可利用函数的单调性及零点存在性定理进行解题，但第(2)问较麻烦，很多同学不会做或耽误较长时间，从而延误了第(3)问的解答事实上，由题意可知，第(3)问的解答与第(2)问没有任何关系，但与第(1)问是相关的，且非常容易解答，因此我们可跨过第(2)问，先解决第(3)问，从而加大了本题的得分率，这是解决此类题的上策之举策略2前解倒推混战术有些数学命题的求解，开始入手还较为顺畅，但一到最后就难以继续进行了此时若知悉它的大致趋势和结果，可依从所求结论的形式、特点，进行反推、凑形，直到得出大致与所要达到的目标相当、相同或相似的式子，再来巧妙地进行沟通也是可行的对于这一步虽然是自己做不到的，但这样写了几下，却可能全都是对的也就是说，对此解答，自己是以其昏昏，却能使人昭昭因为别人看上去确实是一步接着一步写的，没有什么跳跃，也没掉什么关键步这一战术与“中间会师”有点相似，但实质却不同因为它不是清清楚楚地推理过来的这种不按常规方式出牌，浑水摸鱼的解题方法我们称之为混战术：解题结尾路难行，倒推凑形亦为径例12已知函数f(x)(x2)exa(x1)2有两个零点(1)求a的取值范围；(2)设x1，x2是f(x)的两个零点，求证：x1x22.解析(1)f(x)(x1)ex2a(x1)(x1)(ex2a)设a0，则f(x)(x2)ex，f(x)只有一个零点设a0，则当x(，1)时，f(x)0；当x(1，)时，f(x)0，所以f(x)在(，1)内单调递减，在(1，)内单调递增又f(1)e，f(2)a，取b满足b0且bln，则f(b)(b2)a(b1)2a0，故f(x)存在两个零点设a0，由f(x)0得x1或xln(2a)若a，则ln(2a)1，故当x(1，)时，f(x)0，因此f(x)在(1，)内单调递增又当x1时，f(x)0，所以f(x)不存在两个零点若a，则ln(2a)1，故当x(1，ln(2a)时，f(x)0；当x(ln(2a)，)时，f(x)0.因此f(x)在(1，ln(2a)内单调递减，在(ln(2a)，)内单调递增又当x1时，f(x)0，所以f(x)不存在两个零点综上，a的取值范围为(0，)(2)证明：不妨设x1x2，由(1)知，x1(，1)，x2(1，)，2x2(，1)，又f(x)在(，1)内单调递减，所以x1x22等价于f(x1)f(2x2)，即f(2x2)0.设g(x)xe2x(x2)ex，则g(x)(x1)(e2xex)所以当x1时，g(x)0，而g(1)0，故当x1时，g(x)0.从而g(x2)f(2x2)0，故x1x22.点评本题在证明x1x22时，如果直接从题