黑龙江省绥化市三校高三物理上学期期末联考试题（含解析）.doc

黑龙江省绥化市三校2015届高三上学期期末联考物理试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1伽利略在对自由落体运动的研究过程中，开创了如下框图所示的一套科学研究方法，其中方框2和4中的方法分别是（）a实验检验，数学推理b数学推理，实验检验c提出假设，实验检验d实验检验，合理外推考点：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法.专题：常规题型分析：教材中介绍了伽利略对落体规律的研究以及“理想斜面实验”，通过这些知识的学习，可以明确伽利略所创造的这一套科学研究方法解答：解：这是依据思维程序排序的问题，这一套科学研究方法，要符合逻辑顺序，即通过观察现象，提出假设，根据假设进行逻辑推理，然后对自己的逻辑推理进行实验验证，紧接着要对实验结论进行修正推广故abd错误，c正确；故选：c点评：伽利略将可靠的事实和理论思维结合起来，以实验事实为基础，开辟了崭新的研究物理的方法道路，同学们要从中汲取营养，提高科学素质2（6分）（2014漳州三模）完全相同的两物体p、q，质量均为m，叠放在一起置于水平面上，如图所示现用两根等长的细线系在两物体上，在细线的结点处施加一水平拉力f，两物体始终保持静止状态，则下列说法不正确的是（重力加速度为g） （）a物体p受到细线的拉力大小为b两物体间的摩擦力大小为c物体q对地面的压力大小为2mgd地面对q的摩擦力为f考点：共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算.专题：共点力作用下物体平衡专题分析：将f按照平行四边形定则进行分解，求出两根绳子上的拉力大小，以pq整体为研究对象求物体q对地面的压力大小解答：解：将f按照平行四边形定则进行分解，如图：设t1与水平方向夹角为，根据平衡条件：细线的拉力t=2tcos=f得：t=，故a错误；=f，即物体p受到细线的拉力大小为f，故a错误；以p为研究对象受力分析，根据平衡条件，水平方向：t2cos=f=cos=，故b正确；以pq整体为研究对象受力分析，根据平衡条件，竖直方向：n地=2mg，根据牛顿第三定律则物体q对地面的压力大小为2mg，故c正确；以pq整体为研究对象受力分析，根据平衡条件，水平方向：f=f，故d正确；题目要求选错误的，故选：a点评：整体法和隔离法是动力学问题常用的解题方法，整体法是指对物理问题中的整个系统或整个过程进行分析、研究的方法在力学中，就是把几个物体视为一个整体，作为研究对象，受力分析时，只分析这一整体对象之外的物体对整体的作用力（外力），不考虑整体内部之间的相互作用力3（6分）（2014唐山二模）如图所示，位于同一高度的小球a、b分别以v1和v2的速度水平抛出，都落在了倾角为30的斜面上的c点，小球b恰好垂直打到斜面上，则v1、v2之比为（）a1：1b2：1c3：2d2：3考点：平抛运动.专题：平抛运动专题分析：两个小球同时做平抛运动，又同时落在c点，说明运动时间相同小球垂直撞在斜面上的c点，说明速度方向与斜面垂直，可以根据几何关系求出相应的物理量解答：解：小球a做平抛运动，根据分位移公式，有：x=v1ty=又tan30=联立得：v1=小球b恰好垂直打到斜面上，则有：tan30=则得：v2=gt由得：v1：v2=3：2故选：c点评：本题关键对两球运用平抛运动的分位移公式和分速度公式列式求解，同时结合几何关系找出水平分位移与竖直分位移间的关系，运用比例法求解4（6分）（2014漳州三模）如图所示a、b间接入正弦交流电，变压器右侧部分为一火灾报警系统原理图，r2为热敏电阻，随着温度升高其电阻变小，所有电表均为理想电表，电流表a2为值班室的显示器，显示通过r1的电流，电压表v2显示加在报警器上的电压（报警器未画出），r3为一定值电阻当r2所在处出现火情时，以下说法中正确的是（）av1的示数不变，v2的示数减小bv1的示数减小，v2的示数减小ca1的示数增大，a2的示数增大da1的示数减小，a2的示数减小考点：变压器的构造和原理.专题：交流电专题分析：与闭合电路中的动态分析类似，可以根据r2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况解答：解：当传感器r2所在处出现火情时，r2的电阻减小，导致电路的总的电阻减小，所以电路中的总电流将会增加，a1测量的是原线圈中的总的电流，由于副线圈的电流增大了，所以原线圈的电流a1示数也要增加；由于电源的电压不变，原副线圈的电压也不变，所以v1的示数不变，由于副线圈中电流增大，r3的电压变大，所以v2的示数要减小，即r1的电压也要减小，所以a2的示数要减小，所以a正确，bcd错误故选：a点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法5（6分）在正方体abcdefgh中，o点为abcd面中心，在顶点b、d处分别固定等量的异种点电荷+q和q，如图所示，则下列说法正确的是（）aa、c两点场强相同，电势不等bo点电势高于g点电势c将试探电荷+q从f点沿直线移到h点，电场力做正功dq在o点的电势能大于在h点的电势能考点：电势；电势能.专题：电场力与电势的性质专题分析：两个等量异号电荷的连线的中垂面是等势面，沿着电场线，电势逐渐降低；电场力做功等于电势能的减小量解答：解：a、两个等量异号电荷的连线的中垂面是等势面，故a、c两点电势相等；根据对称性，a、c两点场强也相等，方向与两个电荷的连线平行，故场强相同；故a错误；b、两个等量异号电荷的连线的中垂面是等势面，故o点电势等于g点电势，故b错误；c、沿着电场线，电势逐渐降低，故f点的电势大于h点的电势；将试探电荷+q从f点沿直线移到h点，电场力做正功，故c正确；d、沿着电场线，电势逐渐降低，故o点的电势大于h点的电势，故q在o点的电势能小于在h点的电势能，故d错误；故选：c点评：本题关键是结合等量异号电荷的电场线和等势面分布规律解答，注意结合对称性分析6（6分）（2014东营二模）如图所示，在固定倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，杆与水平方向的夹角=30，圆环与竖直放置的轻质弹簧上端相连，弹簧的另一端固定在地面上的a点，弹簧处于原长h让圆环沿杆由静止滑下，滑到杆的底端时速度恰为零则在圆环下滑过程中（）a圆环和地球组成的系统机械能守恒b当弹簧垂直于光滑杆时圆环的动能最大c弹簧的最大弹性势能为mghd弹簧转过60角时，圆环的动能为考点：机械能守恒定律.专题：机械能守恒定律应用专题分析：分析圆环沿杆下滑的过程的受力和做功情况，只有重力弹簧的拉力做功，所以圆环机械能不守恒，但是系统的机械能守恒；沿杆方向合力为零的时刻，圆环的速度最大；当圆环的速度变为零时，弹簧的形变量最大，此时弹性势能最大；根据动能定理可以求出弹簧转过60角时，圆环的动能的大小解答：解：a、圆环沿杆滑下，滑到杆的底端的过程中有两个力对圆环做功，即环的重力和弹簧的拉力；所以圆环的机械能不守恒，如果把圆环和弹簧组成的系统作为研究对象，则系统的机械能守恒，故a选项错误；b、当圆环沿杆的加速度为零时，其速度最大，动能最大，此时弹簧处于伸长状态，给圆环一个斜向上的拉力，故b错误；c、根据功能关系可知，当圆环滑到最底端时其速度为零，重力势能全部转化为弹性势能，此时弹性势能最大，等于重力势能的减小量即为mgh，故c选项正确；d、弹簧转过60角时，此时弹簧仍为原长，以圆环为研究对象，利用动能定理得：，故d正确故选：cd点评：对物理过程进行受力、运动、做功分析，是解决问题的根本方法这是一道考查系统机械能守恒的基础好题7（6分）（2014唐山二模）如图所示，在oa和oc两射线间存在着匀强磁场，aoc为30，正负电子（质量、电荷量大小相同，电性相反）以相同的速度均从m点以垂直于oa的方向垂直射入匀强磁场，下列说法可能正确的是（）a若正电子不从oc 边射出，正负电子在磁场中运动时间之比可能为3：1b若正电子不从oc 边射出，正负电子在磁场中运动时间之比可能为6：1c若负电子不从oc 边射出，正负电子在磁场中运动时间之比可能为1：1d若负电子不从oc 边射出，正负电子在磁场中运动时间之比可能为1：6考点：带电粒子在匀强磁场中的运动.专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：根据左手定则得出正电子向右偏转，负电子向左偏转，正电子不从oc边射出，负电子一定不会从oc边射出，结合圆心角的关系得出运动的时间关系当负电子不从oc边射出，抓出临界情况，由几何关系求出两电子在磁场中的圆心角关系，从而得出运动时间的关系解答：解：a、正电子向右偏转，负电子向左偏转，若正电子不从oc边射出，负电子一定不会从oc边射出，粒子运动的圆心角相等，可知运动的时间之比为1：1故a、b错误c、若负电子不从oc边射出，正电子也不从oc边射出，两粒子在磁场中运动的圆心角都为180度，可知在磁场中运动的时间之比为1：1故c正确d、当负电子恰好不从oc边射出时，对应的圆心角为180度，根据两粒子在磁场中的半径相等，由几何关系知，正电子的圆心角为30度，根据t=，知正负电子艾磁场中运动的时间之比为1：6故d正确故选：cd点评：解决本题的关键作出粒子的运动轨迹图，抓住临界状态，结合几何关系进行求解，知道粒子在磁场中的运动时间t=8（6分）如图所示，在光滑绝缘的水平面上方，有两个方向相反的水平方向的匀强磁场，pq为两磁场的边界，磁场范围足够大，磁感应强度的大小分别为b1=b，b2=2b，一个竖直放置的边长为a、质量为m、电阻为r的正方形金属线框，以初速度v垂直磁场方向从图中实线位置开始向右运动，当线框运动到在每个磁场中各有一半的面积时，线框的速度为，则下列判断正确的是（）a此过程中通过线框截面的电量为b此过程中线框克服安培力做的功为mv2c此时线框的加速度为d此时线框中的电功率为考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率.专题：电磁感应与电路结合分析：根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电量q=it相结合求解电量此时线框中感应电动势为e=2ba，感应电流为i=，线框所受的安培力的合力为f=2bia，再由牛顿第二定律求解加速度根据能量守恒定律求解产生的电能由p=i2r求解电功率解答：解：a、感应电动势为：e=，感应电流为：i=，电荷量为：q=it，解得：q=，故a正确b、由能量守恒定律得，此过程中回路产生的电能为：e=mv2m（）2=mv2，故b正确；c、此时感应电动势：e=2ba+ba=bav，线框电流为：i=，由牛顿第二定律得：2bia+bia=ma加，解得：a加=，故c正确；d、此时线框的电功率为：p=i2r=，故d错误；故选：abc点评：本题考查电磁感应规律、闭合电路欧姆定律、安培力公式、能量守恒定律等等，难点是搞清楚磁通量的变化二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13题第18题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9（6分）（2010奉贤区一模）为了测定滑块与桌面之间的动摩擦因数，某同学设计了如图所示的实验装置其中，a是质量为m的滑块（可视为质点），b是可以固定于桌面的滑槽（滑槽末端与桌面相切）第一次实验时，将滑槽固定于水平桌面的右端，滑槽的末端与桌面的右端m对齐，让滑块a从滑槽上最高点由静止释放滑下，落在水平地面上的p点；第二次实验时，将滑槽固定于水平桌面的左端，测出滑槽的末端n与桌面的右端m的距离为l，让滑块a再次从滑槽上最高点由静止释放滑下，落在水平地面上的p点已知当地重力加速度为g，不计空气阻力（1）实验还需要测量的物理量（用文字和字母示）：mo的高度h，op距离x1，op距离x2（2）写出滑块a与桌面间的动摩擦因数的表达式是（用测得的物理量的字母表示）：=考点：探究影响摩擦力的大小的因素.专题：实验题分析：（1）利用平抛运动的规律测出滑块从桌面边缘飞出的速度大小，因此需要测量两次滑块平抛的水平方向位移和桌面高度（2）从n到m过程中利用动能定理或者运动学公式即可求出动摩擦因数的表达式解答：解：（1）该实验实验原理为：测出滑块在n点m点速度大小，然后根据动能定理或者运动学公式列方程，进一步测出滑块与桌面间的动摩擦因数，因此需要测量n、m两点速度的大小，n点速度即为滑块滑到滑槽底端的速度，可以通过第一次实验测得，根据平抛规律，测量出mo的高度h以及op距离x1即可，m点速度通过第二次实验测得，只需测量出op距离x2即可故答案为：mo的高度h，op距离x1，op距离x2（2）设滑块滑到底端的速度为v0，通过第一次实验测量有： x1=v0t 设滑块滑到m点速度为vm，通过第二次实验测量有：x2=vmt 从n到m过程中，根据功能关系有： 联立解得：故答案为：点评：该实验有一定的创新性，其实很多复杂的实验其实验原理都是来自我们所学的基本规律，这点要在平时训练中去体会10（9分）某同学用以下器材接成图1所示的电路，并将原微安表盘改画成如图2所示，成功地改装了一个简易的“r1k”的欧姆表，使用中发现这个欧姆表用来测量阻值在10k20k范围内的电阻时精确度令人满意，表盘上数字“15”为原微安表盘满偏电流一半处所供器材如下：a、ig=100a的微安表一个； b、电动势e=1.5v，电阻可忽略不计的电池；c、阻值调至14k电阻箱r一个； d、红、黑测试表棒和导线若干；（1）原微安表的内阻rg=1k；（2）在图1电路的基础上，不换微安表和电池，图2的刻度也不改变，仅增加1个电阻，就能改装成“r1”的欧姆表要增加的电阻应接在a、c之间 （填a、b、c），规格为15；（保留两位有效数字）（3）画出改装成“r1”的欧姆表后的电路图考点：把电流表改装成电压表.专题：实验题分析：欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律；欧姆表指针指在中央时所测电阻阻值等于欧姆表内阻，此电阻阻值叫中值电阻，此时所测电阻阻值最准确解答：解：（1）根据“使用中发现这个欧姆表用来测量阻值在10k20k范围内的电阻时精确度令人满意”，说明在测阻值在10k20k的电阻时欧姆表的指针在刻度盘的中间附近，由此可结合刻度盘确定此表的中值电阻，即表内总电阻约为r总=15k（相当于欧姆表选择量程于1 k 挡）当表笔短接时，电流满偏，根据欧姆定律有：ig=，代入e、r、ig的值，解得：rg=1k；（2）要减少把原表改装成“r1”的欧姆表，就要减少表的内阻，依题意，显然只有在ac之间并联一个小电阻r才能使表内总电阻等于中值电阻r并=15根据r并=，代入r以及rg的数值可计算可得r15；（3）画出改装成“r1”的欧姆表后的电路图如图所示故答案为：（1）1k；（2）a、c，15；（3）电路图如图所示点评：欧姆表刻度盘中央刻度值是中值电阻，欧姆表中值电阻阻值等于欧姆表内阻；知道欧姆表的工作原理、应用闭合电路的欧姆定律即可正确解题11（14分）（2014安徽一模）如图所示，在质量为mb=30kg的车厢b内紧靠右壁，放一质量ma=20kg的小物体a（可视为质点），对车厢b施加一水平向右的恒力f，且f=120n，使之从静止开始运动测得车厢b在最初t=2.0s内移动s=5.0m，且这段时间内小物块未与车厢壁发生过碰撞车厢与地面间的摩擦忽略不计（1）计算b在2.0s的加速度（2）求t=2.0s末a的速度大小（3）求t=2.0s内a在b上滑动的距离考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系.专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）车厢b在力f的作用下做匀加速直线运动，根据位移时间公式即可求出加速度；（2）对b用牛顿第二定律求出a对b的作用力，再对a用牛顿第二定律求出a的加速度，根据速度时间关系即可求出a的速度；（3）a在b上滑动的距离为a、b运动的位移之差解答：解：（1）设t=2.0s内车厢的加速度为ab，由s=得ab=2.5m/s2（2）对b，由牛顿第二定律：ff=mbab，得f=45n对a据牛顿第二定律得a的加速度大小为aa=2.25m/s2所以t=2.0s末a的速度大小为：va=aat=4.5m/s（3）在t=2.0s内a运动的位移为sa=，a在b上滑动的距离s=ssa=0.5m答：（1）b在2.0s的加速度为2.5m/s2；（2）t=2.0s末a的速度大小为4.5m/s；（3）t=2.0s内a在b上滑动的距离为0.5m点评：该题考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的直接应用，难度不大，属于中档题12（18分）如图所示，直线mn上方存在着垂直纸面向里、磁感应强度为b的匀强磁场，质量为m、电荷量为q（q0）的粒子1在纸面内以速度v1=v0从o点射入磁场，其方向与mn的夹角=30；质量为m、电荷量为+q的粒子2在纸面内以速度v2=v0也从o点射入磁场，其方向与mn的夹角=60角已知粒子1、2同时到达磁场边界的a、b两点（图中未画出），不计粒子的重力及粒子间的相互作用（1）求两粒子在磁场边界上的穿出点a、b之间的距离d；（2）求两粒子进入磁场的时间间隔t；（3）若mn下方有平行于纸面的匀强电场，且两粒子在电场中相遇，其中的粒子1做直线运动求电场强度e的大小和方向考点：带电粒子在匀强磁场中的运动.专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）作出两粒子的运动轨迹，由牛顿第二定律求出半径，结合几何知识求出d；（2）根据公式t=t求运动时间；（3）由题意，电场强度的方向应与粒子1穿出磁场的方向平行，分为与粒子速度方向相同和相反两种情况进行讨论解答：解：（1）粒子在匀强磁场中作匀速圆周运动：根据牛顿第二定律：qvb=m粒子1圆周运动的圆心角1=，=2r1sin1粒子2圆周运动的圆心角2=，=2r2sin2故d=+=2r1sin30+2r2sin60=（2）粒子圆周运动的周期为：t=粒子1在匀强磁场中运动的时间为：t1=t 粒子2在匀强磁场中运动的时间为：t2=t所以有：t=t1t2=（3）由题意，电场强度的方向应与粒子1穿出磁场的方向平行a若电场强度的方向与mn成30角斜向右上，则粒子1做匀加速直线运动，粒子2做类平抛运动eq=ma cos30=v1t+at2+at2sin30=v2t 解得：e=bv0b若电场强度的方向与mn成30角斜向左下，则粒子1做匀减速直线运动，粒子2做类平抛运动eq=ma cos30=v1tat2at2sin30=v2t 解得：e=bv0，假设不成立 综上所述，电场强度的大小e=bv0，方向与mn成30角斜向右上 答：（1）两粒子在磁场边界上的穿出点a、b之间的距离d=；（2）两粒子进入磁场的时间间隔t=；（3）若mn下方有平行于纸面的匀强电场，且两粒子在电场中相遇，其中的粒子1做直线运动电场强度e的大小e=bv0，方向与mn成30角斜向右上点评：本题是常见的带电粒子在磁场中和电场中运动的问题，画出轨迹，运用几何知识是处理带电粒子在磁场中运动问题的基本方法（二）选考题：共45分请考生从给出的3道物理题中任选一题作答，并用2b铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡上选答区域指定位置答题如果多做，则按所做的第一题计分【物理­-选修3-3】（15分）13（6分）下列说法中正确的是（）a布朗运动就是液体分子的热运动b对一定质量的气体加热，其体积和内能可能都增加c物体的温度越高，分子热运动越剧烈，分子的平均动能越大d分子间的引力与斥力同时存在，斥力可能小于引力e第二类永动机违反能量守恒定律考点：布朗运动；温度是分子平均动能的标志；热力学第二定律.分析：布朗运动是固体颗粒的运动，间接反映了液体分子的无规则运动，改变内能的方式有做功和热传递，分子间的引力与斥力同时存在，斥力可能小于、大于或等于引力，第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反热力学第二定律解答：解：a、布朗运动是固体颗粒的运动，间接反映了液体分子的无规则运动，a错误；b、对一定质量的气体加热，其体积和内能可能都增加，因为改变内能的方式有做功和热传递，b正确；c、物体的温度越高，分子热运动越剧烈，分子的平均动能越大，c正确；d、分子间的引力与斥力同时存在，斥力可能小于、大于或等于引力，d正确；e、第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反热力学第二定律，e错误；故选：bcd点评：掌握布朗运动的实质：是固体颗粒的运动，不是分子的运动，会分析分子力与分子间距 的关系，记住永动机不能制成的原因14（9分）两个相同的薄壁型气缸a和b，活塞的质量都为m，横截面积都为s，气缸的质量都为m， =，气缸b的筒口处有卡环可以防止活塞离开气缸将气缸b的活塞跟气缸a的气缸筒底用细线相连后，跨过定滑轮，气缸b放在倾角为30的光滑斜面上，气缸a倒扣在水平地面上，气缸a和b内装有相同质量的同种气体，体积都为v0，温度都为t0，如图所示，此时气缸a的气缸筒恰好对地面没有压力设气缸内气体的质量远小于活塞的质量，大气对活塞的压力等于活塞重的1.5倍 （1）若使气缸a的活塞对地面的压力为0，气缸a内气体的温度是多少？（2）若使气缸b中的气体体积变为，气缸b内的气体的温度是多少？考点：理想气体的状态方程；物体的弹性和弹力.专题：理想气体状态方程专题分析：以a中活塞为研究对象受力分析，根据平衡条件求出a内前后的压强，a中气体做等容变化，根据查理定律列方程求解；b缸内气体压强温度体积三者均变，根据理想气体状态方程列方程求解解答：解：（1）对a，p1s+t=mg+p0s对b：t=（m+m）gsin30得：p0s=1.5mg=2.5mg，p1s=2mg活塞对地面压力为零时，p2s+mg=p0s根据=得：t1=t0（2）tt0后气体压强不变，a整体合力为零，b缸体上移，活塞离开卡环，设此时压强为p3有：p0s=p3s+mgsin30根据理想气体状态方程：=得：t3=0.7t0答：（1）若使气缸a的活塞对地面的压力为0，气缸a内气体的温度是t0；（2）若使气缸b中的气体体积变为，气缸b内的气体的温度是0.7t0点评：本题比较复杂，关键的是分析清楚气缸的受力和气缸内气体的状态参量的变化，根据气体状态方程求解即可【物理-选修3-4】（15分）15欧洲大型强子对撞机是现在世界上体积最大、能量最高的加速器，是一种将粒子加速对撞的高能物理设备该设备能把数以万计的粒子加速到相当于光速的99.9%，粒子流每秒可在隧道内狂飙11245圈，单束粒子能量可达7万亿电子伏则下列说法中错误的是（）a如果继续对粒子进行加速，粒子的速度不能达到光速b如果继续对粒子进行加速，粒子的速度能够达到光速c如果继续对粒子进行加速，粒子的速度能够超过光速d粒子高速运动时的质量大于静止时的质量e粒子高速运动时的质量小于静止时的质量考点：* 爱因斯坦相对性原理和光速不变原理；* 质量和速度的关系.分析：根据相对论，确定质量的变化，知道粒子的速度不可能达到光速解答：解：粒子的速度不可能达到光速或超过光速，根据相对论，知，粒子高速运动时的质量将大于静止时的质量故ad正确，b、c、e错误本题要求选择错误的，故选：bce点评：本题考查了相对论、粒子速度加速器的原理，难度不大，关键要熟悉教材，牢记并理解基本规律16如图所示，真空中有一个半径为r=0.1m、质量分布均匀的玻璃球，频率为f=5.01014 hz的细激光束在真空中沿直线bc传播，在玻璃球表面的c点经折射进入小球，并在玻璃球表面的d点又经折射进入真空中已知cod=120，玻璃球对该激光束的折射率为求：（1）此激光束在真空中的波长；（2）此激光束进入玻璃时的入射角；（3）此激光束穿越玻璃球的时间考点：光的折射定律.专题：光的折射专题分析：（1）光在真空传播速度等于c=3.0108m/s，而波速c=f，已知频率f，根据此式求解波长；（2）由几何知识求出光线在c点的折射角r，由折射定律求出入射角（3）根据几何关系求出光在束在玻璃砖内传播的距离，由v=求出光在玻璃砖传播的速度，即可求出传播的时间解答：解：（1）由c=f知，激光束在真空中的波长为：=m=6.0107m（2）由几何知识知，光线在c点的折射角r=30激光束在玻璃球中折射角为r，则由折射定律 n=得， sin=nsinr=，故=60 （3）光在束在玻璃砖内传播的距离 x=2rcosr=20.1cos30=m光在玻璃砖传播的速度 v=m/s=108m/s故激光束穿越玻璃球的时间 t=，所以解得 t=1.0109s答：（1）此激光束在真空中的波长为6.0107m；（2）此激光束进入玻璃时的入射角为60；（3）此激光束穿越玻璃球的时间为1.0109s点评：光在真空中的速度c、波速公式c=f，折射定律和光速与折射率的关系式 v=，都是考试的热点，掌握要牢固，熟练应用【物理-选修3-5】（15分）17下列说法正确的是（）a汤姆生发现了电子，表明原子具有核式结构b太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应c一束光照射到某种金属