2013-2014西斋中学九年级一检复习（一）月考物理试卷（12月份）.doc

西斋中学物理组 2013-2014西斋中学九年级一检复习（一）一、选择题（每小题2分、共24分）1（2分）质量相等的一杯冷水和一杯热水升高相同的温度，则它们吸收的热量（）A初温不知，无法判断B吸收的热量一样多C热水吸收的热量多D冷水吸收的热量多2（2分）（2013龙岩）质量相等、初温相同的水和煤油，分别用两个相同的电加热器加热（不计热损失），加热过程中温度变化如图所示，则下列判断正确的是（）A甲的比热容大，是水B甲的比热容大，是煤油C乙的比热容大，是水D乙的比热容大，是煤油3（2分）（2002广州）如图所示电路中，三个电流表A1、A2、A3的示数分别为I1、I2、I3，它们的大小关系是（）AI1=I2=I3BI1I2=I3CI1I2I3DI1I3I24（2分）（2012铜仁市二模）如图所示电路，电源两端电压保持不变闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列判断正确的是（）A电压表V1示数变小，电压表V2示数变大，电流表示数变小B电压表V1示数变大，电压表V2示数变小，电流表示数变小C电压表V1示数变小，电压表V2示数变小，电流表示数变小D电压表V1示数变大，电压表V2示数变大，电流表示数变大5（2分）（2010荆门）如图所示的电路中，电源电压U=4.5V，且保持不变，电阻R1=5，变阻器R2的最大阻值为20，电流表量程为00.6A，电压表量程为03V该电路中，变阻器接入电路的阻值范围是（）A2.510BO20C2.520D0106（2分）（2010衡阳）如图所示，电源电压不变，当开关S闭合时，电流表的示数为0.8A开关S断开后，电流表的示数改变了0.5A则R1与R2的阻值之比为（）A13：5B3：5C5：3D5：137（2分）（2010南充）在研究“一定电压下，电流与电阻的关系”时，电路如图所示电源电压恒为3V，滑动变阻器上标有“15 1A”字样在a、b间先后接入不同阻值的定值电阻，移动滑片P，使电压表示数为1.5V，读出电流表的示数当20的电阻接入a、b间时，电压表示数始终无法达到1.5V，其原因可能是（）A滑动变阻器阻值太小B电源电压3V太高C20的阻值太小D控制的电压1.5V太高8（2分）（2010常州）把两个分别标有“10V 10W”和“9V 5.4W”的灯泡串联后接到电源上，要使两灯都不被损坏，则电源的最大电压应为（）A10VB15VC19VD25V9（2分）（2011广安）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S由断开到闭合，电流表两次示数之比是1：5闭合S后，R1与R2的阻值之比和电功率之比分别是（）A4：1；1：4B1：4；4：1C1：5；5：1D5：1；1：510（3分）（2013内江）现有两个灯泡L1、L2，L1标有“6V、3W”字样，L2没有标记，实验测得L2的电阻为6将L1、L2串联接在某一电路中，两灯L1、L2均能正常发光（忽略温度对电阻的影响），下列计算结果正确的是（）A该电路两端的总电压为9VB灯L2的额定功率为3WC相同时间内，灯L1、L2消耗的电能之比W1W2=21D相同时间内，灯L1、L2产生的热量之比Q1Q2=1111（3分）如图所示电路，电源电压不变闭合开关S，当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数为4V；当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2V，在15s内定值电阻R1产生的热量为60J则下列结果正确的是（）A电源电压为12VBR1的阻值为6C滑动变阻器R的最大阻值为9DR1先后两次消耗的电功率之比为16：9二、填空题（第12至14题每空1分，第15、16题每空2分，共14分）12（2分）（2013南充）某中学为学生供应开水，用焦炭作为燃料，已知焦炭的热值是3107J/kg，现完全燃烧了4.2kg的焦炭，放出的热量_，设该热量有25%被水吸收，能将_kg的水从25加热到100已知c水=4.2103J/（kg）13（2分）如图所示电路，当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，两表示数之比U甲：U乙=3：2，则R1：R2=_；当开关S断开，甲、乙两表是电流表时，两表示数之比I甲：I乙=_14（2分）（2009南京）某照明灯额定电压是36V，正常发光时灯丝电阻为24，则照明灯的额定电流是 _A如果电源电压是48V，为使照明灯正常发光，可以在电路中串联一个阻值为 _的电阻15（4分）（2013泉州）如图1所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图2所示，则电源电压为_V，R2的最大阻值为_16（4分）（2013威海）某同学把标有“8V 16W”的灯泡L1和“12V 36W”的灯泡L2串联在电路中，闭合开关后，其中一只灯泡能正常发光，另一只没有达到额定电压由此可知电源电压为_V，此时L1的实际功率_ L2的实际功率（选填“大于”或“等于”或“小于”）三、作图与实验题（第17题4分、第18、19、20题各6分，共22分）17（4分）（1）小明在探究“比较水和煤油的吸热能力”的实验时，利用两根完全相同的电阻丝作为发热体给质量相同的两种液体加热，为了节省时间，他将两根电阻丝并联接人电路，用一个开关控制同时通电或断电，请在图1中用笔画线代替导线，使电路满足要求（2）如图2所示的实验器材，现用电流表、电压表分别测出通过灯泡的电流和灯泡两端的电压，电路中电流最大为0.5A，并用变阻器改变小灯泡的电流，要求滑片向左滑动时灯泡变亮18（6分）同学利用电压表和电流表测量电阻R1的阻值（约9左右），电源选用两节干电池（1）该同学检查电路连接正确，合上开关，可是无论怎样移动滑片，电压表示数总为3V不变，你认为发生故障的原因可能是_或_（2）清除故障后，小明将滑片P向左滑动时，电压表示数将_（填“增大”、“减小”、“不变”），当P滑到某一位置时，两表读数如图2所示，由此可知R1=_你认为这个结果可靠吗？理由是_19（6分）（2013安庆二模）在测量小灯泡额定电功率时，电压表出现了故障不能使用，小明向老师借了一只定值电阻R0，设计了如图所示的电路，按下面的顺序测量额定电压为U额的小灯泡的额定功率（R0、U额为已知、电流表的内阻小，可忽略不计）：测量时，先闭合开关S和S1，调节滑动变阻器，当电流表的示数为_时，小灯泡正常工作；断开所有开关后，保持滑片P的位置不动，再将开关S和_闭合，读出电流表的示数为I；则通过小灯泡的电流为_；算出小灯泡的额定功率P额=_（用I、U额和R0表示）20（6分）小明利用如图所示的实验装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”甲、乙两瓶中装有质量与初温相同的煤油，甲瓶中铜丝的电阻比乙瓶中镍铬合金丝的小（1）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，小明选用煤油而不用水做实验主要是由于_（2）实验中，乙瓶中的温度计示数升高得快，由此得出的实验结论是_（3）若乙瓶上的温度计示数变化了10，镍铬合金丝消耗了3.5103 kWh的电能，烧瓶中煤油的质量是_kgc煤油=2.1103 J/（kg），不计热损失四、综合应用题（第21题4分、第22、23题各8分，共20分）21（4分）如图所示的电路中，电源电压为6伏不变，滑动变阻器R2标有“202A”字样，闭合电键S后，电流表A示数为0.2安，电压表V示数为2伏求：（1）R1的阻值（2）电流表A最小示数22（8分）（2013兰州）如图所示，变阻器R2上标有“20 1A”的字样只闭合开关S1，将变阻器滑片P移到中点时，电流表A1示数为0.2A，灯泡L的实际功率为0.8W；闭合开关S1、S2，将变阻器滑片P移到a端时，灯泡正常发光，电流表A1示数为0.4A，此时电压表示数是多少？电阻R1的阻值是多少？灯泡L的额定功率是多少？（不考虑温度对灯丝电阻的影响）23（8分）（2013锦州）某学校食堂有一个电水壶的铭牌如表所示如图是电水壶的电路图，R为加热器，当温度较低时，温控开关S处于闭合状态，加热器加热当水沸腾后，会自动断开进入保温状态从而实现了自动温度开关控制若加热器电阻阻值不随温度变化而改变，且此时的大气压为1标准大气压则：额定电压220V额定功率4400W水壶装水质量10kg频率50Hz（1）电水壶正常工作时，其加热电阻的阻值是多大？（2）若电水壶产生的热量全部被水吸收，现将一满壶23的水在标准大气压下烧开需要多长时间？水的比热容C=4.2103J/（kg）（3）当电水壶处于保温状态时，通过加热器的电流是1A，此时电阻R0的电功率是多少？参考答案与试题解析一、选择题（每小题2分、共24分）1（2分）质量相等的一杯冷水和一杯热水升高相同的温度，则它们吸收的热量（）A初温不知，无法判断B吸收的热量一样多C热水吸收的热量多D冷水吸收的热量多考点：热量的计算723051 专题：推理法分析：由题知，水的质量相同、升高的温度相同，根据Q吸=cmt可知，它们吸收的相同解答：解：一杯冷水和一杯热水，Q吸=cmt，m相同、t相同，Q吸相同故选B点评：物体吸收的热量与物体的质量、比热容、温度的升高值有关，而与物体的初温无关2（2分）（2013龙岩）质量相等、初温相同的水和煤油，分别用两个相同的电加热器加热（不计热损失），加热过程中温度变化如图所示，则下列判断正确的是（）A甲的比热容大，是水B甲的比热容大，是煤油C乙的比热容大，是水D乙的比热容大，是煤油考点：水的比热容的特点及应用723051 专题：压轴题；比热容、热机、热值分析：如图所示，可以采用控制变量法分析，具体做法在时间一定时，比较温度的变化量；然后再利用热量的计算公式分析即可解答：解：如图所示，在某一定时间时，甲的温度的变化量比乙的温度变化量大；利用热量的计算公式Q=cmt 分析，甲的比热容小，是煤油；乙的比热容大，是水故选项C符合题意故选C点评：本题采用了控制变量法，这是一种常用的一种分析问题和探究物理问题的方法学生要熟知其道理3（2分）（2002广州）如图所示电路中，三个电流表A1、A2、A3的示数分别为I1、I2、I3，它们的大小关系是（）AI1=I2=I3BI1I2=I3CI1I2I3DI1I3I2考点：并联电路的电流规律723051 专题：压轴题分析：由电路图看出，A1测量的为干路电流，A2测量的为L1的电流，A3测量的为L1与L2的电流，由此可判解答：解：三个灯泡为并联关系，L1与A2串联，表A2测的是L1上的电流；而L1与L2并联后电流流经A3，表A3测得是灯L1、L2的电流之和；A1测量的是三个灯泡的总电流，故可判：I1I3I2故选D点评：电流表是要串在电路中的，其电流等于串联部分的总电流，本题可以看作三个灯泡并联后与A1串联，故A1中电流为三个灯泡电流的和4（2分）（2012铜仁市二模）如图所示电路，电源两端电压保持不变闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列判断正确的是（）A电压表V1示数变小，电压表V2示数变大，电流表示数变小B电压表V1示数变大，电压表V2示数变小，电流表示数变小C电压表V1示数变小，电压表V2示数变小，电流表示数变小D电压表V1示数变大，电压表V2示数变大，电流表示数变大考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用723051 专题：应用题；图析法分析：（1）根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后根据欧姆定律判断电路电流如何变化；（2）根据欧姆定律判断电压表V1示数的变化情况，然后由串联电路的特点判断电压表V2的示数如何变化解答：解：（1）滑动变阻器的滑片P向右滑动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路的总阻值R变大，电源电压U不变，电路电流I=变小，电流表示数变小；（2）电路电流I变小，电阻R1阻值不变，电阻R1两端电压U1=IR1变小，电压表V1示数变小；（3）电路电流I变小，电阻R1与R2阻值不变，电阻两端的电压U12=I（R1+R2）变小，电源电压U不变，滑动变阻器两端电压U滑动=UU12变大，电压表示数示数变大；故选A点评：本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式是正确解题的前提，熟练掌握欧姆定律及串联电路的特点是正确解题的关键5（2分）（2010荆门）如图所示的电路中，电源电压U=4.5V，且保持不变，电阻R1=5，变阻器R2的最大阻值为20，电流表量程为00.6A，电压表量程为03V该电路中，变阻器接入电路的阻值范围是（）A2.510BO20C2.520D010考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律723051 专题：计算题；压轴题分析：（1）当滑动变阻器连入电阻最小，电路中电流最大，由电流表的量程00.6A可知，I0.6A，即：，求出连入最小电阻；（2）当连入电阻最大，滑动变阻器分压最大，由电压表的量程03V可知，U23V，求出当U2=3V时连入的电阻值就是滑动变阻器要连入的最大值：利用串联电路的分压关系求出连入最大电阻解答：解：（1）由题知I0.6A，R小=2.5；（2）由电压表的量程03V可知，U23V，R大=10；所以滑动变阻器连入电阻范围：2.510，故选A点评：熟练利用欧姆定律和串联电路的分压关系是本题关键，利用欧姆定律注意三量同体6（2分）（2010衡阳）如图所示，电源电压不变，当开关S闭合时，电流表的示数为0.8A开关S断开后，电流表的示数改变了0.5A则R1与R2的阻值之比为（）A13：5B3：5C5：3D5：13考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律723051 专题：计算题；电路和欧姆定律分析：开关S断开时电路为R1的简单电路，当开关S闭合时两电阻并联，电流表测干路电流；根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，改变的电流是通过R2的电流，利用并联电路的电流特点求出通过R1的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比解答：解：开关S断开时电路为R1的简单电路，当开关S闭合时两电阻并联，电流表测干路电流；并联电路中各支路独立工作、互不影响，开关S断开后，通过R1的电流不变，改变的电流是通过R2的电流即I2=0.5A，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，通过R1的电流：I1=II2=0.8A0.5A=0.3A，并联电路中各支路两端的电压相等，根据欧姆定律可得：=故选C点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断和电流表所测电路元件的判断7（2分）（2010南充）在研究“一定电压下，电流与电阻的关系”时，电路如图所示电源电压恒为3V，滑动变阻器上标有“15 1A”字样在a、b间先后接入不同阻值的定值电阻，移动滑片P，使电压表示数为1.5V，读出电流表的示数当20的电阻接入a、b间时，电压表示数始终无法达到1.5V，其原因可能是（）A滑动变阻器阻值太小B电源电压3V太高C20的阻值太小D控制的电压1.5V太高考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；滑动变阻器的使用723051 专题：压轴题分析：分析电路可知滑动变阻器和定值电阻串联在电路中，根据串联电路特点结合欧姆定律可知串联电路分压规律解答：解：串联电路各处电流都相等，根据欧姆定律可得当20的电阻接入a、b间时，电压表示数始终无法达到1.5V，是因为滑动变阻器的最大电阻为15，电阻阻值2015，所以电压表的示数只会大于1.5V，故滑动变阻器的电阻太小则A正确B错误；20太大，所以分压太多，才会造成电压表的示数始终大于1.5V，故C错误；控制电压1.5V也并不高，因为本实验中是电压表的示数始终大于1.5V，而不是小于1.5V，故D错误故选A点评：本题考查学生对串联电路电流特点和欧姆定律及滑动变阻器使用的理解和运用能力8（2分）（2010常州）把两个分别标有“10V 10W”和“9V 5.4W”的灯泡串联后接到电源上，要使两灯都不被损坏，则电源的最大电压应为（）A10VB15VC19VD25V考点：欧姆定律的应用；电功率的计算723051 专题：计算题分析：两电阻串联在电路中，根据串联电路电流特点结合电功率公式可确定电路电流，进一步根据欧姆定律可计算电源的最大电压解答：解：根据串联电路各处电流都相等所以电路电流为0.6AU=U1+U2=0.6A10+9V=15V所以A，C，D错误，B正确故选B点评：本题考查学生对串联电路电流特点的掌握并运用欧姆定律和电功率公式计算相关的物理量9（2分）（2011广安）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S由断开到闭合，电流表两次示数之比是1：5闭合S后，R1与R2的阻值之比和电功率之比分别是（）A4：1；1：4B1：4；4：1C1：5；5：1D5：1；1：5考点：欧姆定律的应用；电阻的并联；电功率的计算723051 专题：计算题；压轴题；比例法分析：当开关断开时，电路中只有R1接入，则由欧姆定律可得出电流与电阻的关系；当开关闭合后，两电阻并联，因电源电压不变，则可由欧姆定律可求得通过R2的电流，由并联电路的电流的规律可求得总电流与两电阻的关系；两电阻并联，则由功率公式P=可求得功率关系解答：解：当开关断开时，由欧姆定律可得：I1=；当开关闭合时，通过R2的电流I2=； 则电流表的示数I=I1+I2=； 由题意知：=； 则解得：5R2=R1+R2；即=；由功率公式P=得：R1消耗的电功率P1=；R2消耗的电功率P2=；则功率之比：=； 故选A点评：本题考查欧姆定律、并联电路的电流规律及功率公式，题目中物理量用字母表示，故在计算中要注意灵活准确地利用比例法求解10（3分）（2013内江）现有两个灯泡L1、L2，L1标有“6V、3W”字样，L2没有标记，实验测得L2的电阻为6将L1、L2串联接在某一电路中，两灯L1、L2均能正常发光（忽略温度对电阻的影响），下列计算结果正确的是（）A该电路两端的总电压为9VB灯L2的额定功率为3WC相同时间内，灯L1、L2消耗的电能之比W1W2=21D相同时间内，灯L1、L2产生的热量之比Q1Q2=11考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；电功的计算；电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用723051 专题：计算题；压轴题分析：根据串联电路处处电流进行分析，已知L1的额定功率和额定电压，利用I=和R=分别求出串联电路中的电流和灯L1的电阻，再利用U=IR和P=UI分别求出L2的额定电压和额定功率；根据串联电路两端的电压等于各部分电压之和求出串联电路两端的电压；已知两灯泡的额定功率和工作的时间，利用W=Pt和Q=I2Rt分别求出两灯泡消耗的电能之比和产生的热量之比解答：解：电路中的电流为 I=0.5A；L1的电阻为 =12；L2的额定电压和额定功率分别为 U2=IR2=0.5A6=3V，P2=U2I=3V0.5A=1.5W；串联电路两端的总电压为 U=U1+U2=6V+3V=9V；相同时间内两灯泡消耗的电能之比为 W1：W2=P1t：P2t=3W：1.5W=2：1；相同时间内两灯泡产生的热量之比为 Q1：Q2=I2R1t：I2R2t=R1：R2=12：6=2：1故选A、C点评：本题是一道电学综合计算题，考查了串联电路的特点以及欧姆定律、功率、电功、热量的计算公式的应用情况；熟记功率的定义式以及变形公式，并会根据具体情况选择合适的计算公式；知道电能和热量的不同之处，即电能指电路消耗的电能，热量指转化为热量的电能11（3分）如图所示电路，电源电压不变闭合开关S，当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数为4V；当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2V，在15s内定值电阻R1产生的热量为60J则下列结果正确的是（）A电源电压为12VBR1的阻值为6C滑动变阻器R的最大阻值为9DR1先后两次消耗的电功率之比为16：9考点：欧姆定律的变形公式；电功率的计算723051 专题：欧姆定律；电能和电功率分析：由电路分析可知，R1与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；由滑片的移动和电压表示数变化可知滑片滑到b点时电压表的示数，则由欧姆定律可表示出滑片在不同位置时滑动变阻器两端的电压与电源电压电阻间的关系，联立可解得R1与R最大值之间的关系及电源的电压； 由功率公式可求得R1的阻值，则可求得R的最大阻值；最后由功率公式分别求得R1先后两次消耗的电功率，即可求得比值解答：解：当滑片在中点时由欧姆定律可知，电流中电流I1=，则滑动变阻器两端的电压：U1=I1，即=4V（1）由题意知，当滑片滑到b处时因R的接入电阻变大，故电压表示数应增大，即滑片滑到b点时，滑动变阻器两端电压为U2=4V+2V=6V； 同理得：=6V（2）用（1）式比（2）式可得：=；化简得：3R1+3R=4R1+2R，解得：R1=R（3）将（3）代入（1）式可得：=4V；则可求得：U=12V，故A正确；则可知，当滑片滑到b点时，R1两端电压为U2=12V6V=6V； 则由Q=60J；可得：R1=9，故B错误；因R=R1，故R的最大阻值为9，故C正确；滑片在中点时，R1两端的电压为12V4V=8V，滑片在b点时，电压为6V，则电压之比为，由P=可得：功率之比为电压平方之比，即为，故D正确；故选：ACD点评：本题已知量较少，故无法直接求出结果，所以其难点在于学生能否准确地建立方程；在电学中此类采用方程法求解的题目较多，应根据题意灵活设定未知量，列出方程才能准确求解二、填空题（第12至14题每空1分，第15、16题每空2分，共14分）12（2分）（2013南充）某中学为学生供应开水，用焦炭作为燃料，已知焦炭的热值是3107J/kg，现完全燃烧了4.2kg的焦炭，放出的热量1.26108J，设该热量有25%被水吸收，能将100kg的水从25加热到100已知c水=4.2103J/（kg）考点：热平衡方程的应用723051 专题：压轴题；比热容、热机、热值分析：（1）根据Q=mq求出焦炭完全燃烧放出的热量；（2）水吸收的热量等于燃料放出的热量的25%，据此求出水吸收的热量，根据Q=cm（tt0）求出水的质量解答：解：（1）焦炭完全燃烧放出的热量：Q放=mq=4.2kg3107J/kg=1.26108J；（2）水吸收的热量：Q吸=25%Q放=25%1.26108J=3.15107J；Q=cm（tt0）水的质量：m=100kg故答案为：1.26108J；100点评：此题主要考查的是学生对燃料热值计算公式和热平衡方程的理解和掌握，弄清楚水吸收的热量是解决此题的关键13（2分）如图所示电路，当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，两表示数之比U甲：U乙=3：2，则R1：R2=1：2；当开关S断开，甲、乙两表是电流表时，两表示数之比I甲：I乙=1：3考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电阻的串联723051 专题：应用题；电路和欧姆定律分析：由电路图可知：（1）当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，R1与R2串联，电压表甲测电源的电压，电压表乙测R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；（2）当开关S断开，甲、乙两表是电流表时，电流表甲测R2支路的电流，电流表乙测干路电流，根据并联电路的特点和欧姆定律求出两电表的示数之比解答：解：（1）当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，R1与R2串联，电压表甲测电源的电压，电压表乙测R2两端的电压，串联电路中各处的电流相等，且电路中的总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得：=，解得：=；（2）当开关S断开，甲、乙两表是电流表时，电流表甲测R2支路的电流，电流表乙测干路电流，并联电路中各支路两端的电压相等，两支路的电流之比：=，干路电流等于各支路电流之和，甲乙电流表的示数之比：=故答案为：1：2；1：3点评：本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断14（2分）（2009南京）某照明灯额定电压是36V，正常发光时灯丝电阻为24，则照明灯的额定电流是 1.5A如果电源电压是48V，为使照明灯正常发光，可以在电路中串联一个阻值为 8的电阻考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；额定电压723051 专题：计算题；压轴题分析：根据欧姆定律可计算照明灯的额定电流，根据串联电路电流和电压规律结合欧姆定律可计算串联电阻的阻值解答：解：I=串联电路各处电流相等，总电压等于各分电压之和故答案为：1.5，8点评：本题考查学生根据串联电路特点灵活运用欧姆定律计算有关物理量的能力15（4分）（2013泉州）如图1所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图2所示，则电源电压为3V，R2的最大阻值为10考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用723051 专题：应用题；压轴题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题分析：由图1可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出电流和电压，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可得出答案解答：解：由图1可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由图2可知I1=0.6A，根据欧姆定律可得，电源的电压：U=I1R1=0.6AR1，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图2可知，I2=0.2A，U2=2V，滑动变阻器的最大阻值：R2=10，串联电路中总电压等于各分电压之和，电源的电压：U=I2R1+U2=0.2AR1+2V，电源的电压不变，0.6AR1=0.2AR1+2V，解得：R1=5，电源的电压U=0.6AR1=0.6A5=3V故答案为：3；10点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大16（4分）（2013威海）某同学把标有“8V 16W”的灯泡L1和“12V 36W”的灯泡L2串联在电路中，闭合开关后，其中一只灯泡能正常发光，另一只没有达到额定电压由此可知电源电压为16V，此时L1的实际功率等于 L2的实际功率（选填“大于”或“等于”或“小于”）考点：电功率的计算；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用723051 专题：应用题；压轴题；电路和欧姆定律；电能和电功率分析：根据小灯泡的额定电压和额定功率分别求出两灯泡的电阻，由两只灯泡电阻相同，可知分得的电压相等，从而求出电路中的总电压和总电流，然后根据两灯电阻相同、电压相同可知两灯泡的实际功率关系解答：解：由P=可得，两灯泡的电阻分别为：R1=4，R2=4，根据串联电路电阻的分压特点可知，两只灯泡电阻相同时，分得的电压相等；所以L1正常发光，U1=8V，L2没有到达额定功率，U2=U1=8V，（电阻相同，分得的电压相同）串联电路中总电压等于各分电压之和，电源电压U=U1+U2=8V+8V=16V，串联电路中各处的电流相等，L1的实际功率等于L2的实际功率故答案为：16；等于点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等三、作图与实验题（第17题4分、第18、19、20题各6分，共22分）17（4分）（1）小明在探究“比较水和煤油的吸热能力”的实验时，利用两根完全相同的电阻丝作为发热体给质量相同的两种液体加热，为了节省时间，他将两根电阻丝并联接人电路，用一个开关控制同时通电或断电，请在图1中用笔画线代替导线，使电路满足要求（2）如图2所示的实验器材，现用电流表、电压表分别测出通过灯泡的电流和灯泡两端的电压，电路中电流最大为0.5A，并用变阻器改变小灯泡的电流，要求滑片向左滑动时灯泡变亮考点：控制变量法与探究性实验方案723051 专题：探究型实验综合题分析：（1）根据实验要求，应将两只电阻丝并列连接，且开关应该串联接在干路中，据此来决定所添加的导线；（2）电流表要与被测电路串联，电压表应与被测电路并联，在连接过程中根据电路中的最大电流和电源电压，正确确定电流表和电压表的量程；滑动变阻器要调节灯泡的亮暗，应与灯泡串联，滑片向左滑动时灯泡变亮，说明此时滑动变阻器的阻值变小，从而可以判断滑动变阻器的下面所接的接线柱解答：解：（1）由题意知，用一根导线将开关与其中一根电阻丝相连，再用一根导线将两根电阻丝的外侧相连，使之组成一个并联电路，如图所示：（2）电流表要测量灯泡的电流，应与灯泡串联，又电路中电流最大为0.5A，所以电流表可选择00.6A的量程；电压表测量灯泡两端的电压，应与灯泡并联，又电源由2节干电池组成，所以灯泡两端的电压不超过3V，电压表可选择03V的量程；滑片向左滑动时灯泡变亮，则滑动变阻器的阻值变小，下面接左边的接线柱，上面可接任意一个接线柱，如图所示：点评：此题主要考查了是实物电路的连接，首先要掌握最基本的串联和并联电路的接法；特别注意电流表、电压表和滑动变阻器的接法：电流表与被测电路串联，电流正进负出，根据电路中的最大电流确定电流表的量程；电压表与被测电路并联，电流正进负出，根据电路中的最大电压确定电压表的量程；一般情况下，滑动变阻器用所控制的电路串联，且要接一上一下，根据要求首先确定下面的接线柱18（6分）同学利用电压表和电流表测量电阻R1的阻值（约9左右），电源选用两节干电池（1）该同学检查电路连接正确，合上开关，可是无论怎样移动滑片，电压表示数总为3V不变，你认为发生故障的原因可能是R1断路或R2短路（2）清除故障后，小明将滑片P向左滑动时，电压表示数将增大（填“增大”、“减小”、“不变”），当P滑到某一位置时，两表读数如图2所示，由此可知R1=10你认为这个结果可靠吗？理由是不可靠，没有多次测量求平均值考点：伏安法测电阻的探究实验723051 专题：探究型实验综合题分析：（1）电压表示数总为3V不变，说明电压表测量的是电源两端的电压，寻找可能的原因，一是滑动变速器短路或被测电阻断路；（2）在测量电阻的实验中，应通过滑动变阻器改变电路中的电流，多次测量求平均值，以减小实验的误差，因为导体的电阻与电流和电压无关解答：解：（1）移动滑片，电压表示数总为3V，说明电压表测的是电源电压，即R1处断路或R2处短路；（2）由电路图可知，将滑片P向左滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，整个电路的电流增大，R1两端电压变大，电压表示数将增大；电源由连接干电池组成，电源电压为1.5V2=3V，电压表量程为03V，由图2所示电压表可知，其分度值为0.1V，示数为2V；电路最大电流约为I=A，电流表量程选00.6A，由图2所示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.2A，I=，电阻阻值R=10；只进行了一次实验，只测出了一组实验数据，根据一次实验得出的结论不可靠，应多次测量求平均值，以减小实验的误差故答案为：（1）R1断路；R2短路；（2）增大；10；不可靠，没有多次测量求平均值点评：本题考查了电路故障分析、电路动态分析、求电阻、实验评价等问题；本题的难点是根据题意确定电表量程，读出电表示数19（6分）（2013安庆二模）在测量小灯泡额定电功率时，电压表出现了故障不能使用，小明向老师借了一只定值电阻R0，设计了如图所示的电路，按下面的顺序测量额定电压为U额的小灯泡的额定功率（R0、U额为已知、电流表的内阻小，可忽略不计）：测量时，先闭合开关S和S1，调节滑动变阻器，当电流表的示数为时，小灯泡正常工作；断开所有开关后，保持滑片P的位置不动，再将开关S和S2闭合，读出电流表的示数为I；则通过小灯泡的电流为I；算出小灯泡的额定功率P额=U额（I）（用I、U额和R0表示）考点：电功率的测量723051 专题：探究型实验综合题分析：根据并联电路电压的关系，各支路两端的电压相等，当电阻两端的电压等于灯泡的额定电压时，小灯泡正常发光，根据欧姆定律得出电流表的示数；根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和计算出灯泡的电流；根据P=UI写出小灯泡的额定功率表达式解答：解：要使小灯泡正常发光，则灯泡两端的电压等于额定电压，此时电流表的示数应为I0=；要测通过灯泡的电流，在不拆电流表的情况下，则应闭合S2、S，断开S1，此时电流表测干路电流，则灯泡的电流I额=II0=I；根据功率公式P额=U额I额=U额（I）故答案为：；S2；I；U额（I）点评：此题考查了在没有电压表的情况下测量电功率的方法，若没有电压表则用定值电阻与电流表代替电压表，同时再测出通过灯泡的电流就可以了，在实验中，还涉及到了并联电路电压、电流的特点，题型很好20（6分）小明利用如图所示的实验装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”甲、乙两瓶中装有质量与初温相同的煤油，甲瓶中铜丝的电阻比乙瓶中镍铬合金丝的小（1）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，小明选用煤油而不用水做实验主要是由于水的比热容大于煤油的比热容（2）实验中，乙瓶中的温度计示数升高得快，由此得出的实验结论是在电流及通电时间相同时，导体的电阻越大产生热量越多（3）若乙瓶上的温度计示数变化了10，镍铬合金丝消耗了3.5103 kWh的电能，烧瓶中煤油的质量是0.6kgc煤油=2.1103 J/（kg），不计热损失考点：焦耳定律723051 专题：探究型实验综合题分析：（1）吸收相同的热量在较短的时间内温度升高快的液体比热容较小，要想在较短的时间内达到明显的实验效果，所选液体的比热容应较小（2）甲乙串联，通过的电流相同，时间相同，电阻不同，根据公式Q=I2Rt可得出结论（3）根据消耗的电能可知产生的热量，利用公式Q=cmt可求煤油的质量解答：解：（1）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，小明选用煤油而不用水做实验，主要是由于水的比热容大于煤油的比热容，吸收相同的热量，温度变化不明显（2）已知甲瓶中铜丝的电阻比乙瓶中镍铬合金丝的小，通过的电流相同，时间相同，根据公式Q=I2Rt可知，电阻越大，产生的热量越多（3）消耗的电能全部转化为内能，Q=W=3.5103kwh=1.26104J，煤油的质量m=0.6kg故答案为：（1）水的比热容大于煤油的比热容； （2）在电流及通电时间相同时，导体的电阻越大产生热量越多；（3）0.6点评：采用控制变量法和转换法是探究实验常用的方法，本实验可通过控制电流、通电时间不变，只改变电阻，然后通过温度计示数的变化比较热量的变化四、综合应用题（第21题4分、第22、23题各8分，共20分）21（4分）如图所示的电路中，电源电压为6伏不变，滑动变阻器R2标有“202A”字样，闭合电键S后，电流表A示数为0.2安，电压表V示数为2伏求：（1）R1的阻值（2）电流表A最小示数考点：欧姆定律的应用723051 专题：欧姆定律分析：由电路图可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路电流；（1）由串联电路特点求出定值电阻两端电压，然后由欧姆定律求出电阻阻值；（2）当滑动变阻器阻值全部接入电路时，电路电阻最大，电路电流最小，由欧姆定律可以求出电路最小电流解答：解：（1）I=，电阻R1的阻值：R1=20；（2）滑动变阻器阻值全部接入电路时，电路电流最小，电路最小电流：I小=0.15A，电流表最小示数为0.15A；答：（1）R1的阻值为20；（2）电流表A最小示数0.15A点评：本题考查了求电阻与电流问题，分析清楚电路结构、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题22（8分）（2013兰州）如图所示，变阻器R2上标有“20 1A”的字样只闭合开关S1，将变阻器滑片P移到中点时，电流表A1示数为0.2A，灯泡L的实际功率为0.8W；闭合开关S1、S2，将变阻器滑片P移到a端时，灯泡正常发光，电流表A1示数为0.4A，此时电压表示数是多少？电阻R1的阻值是多少？灯泡L的额定功率是多少？（不考虑温度对灯丝电阻的影响）考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；电功率的计算723051 专题：计算题；压轴题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题分析：（1）只闭合开关S1，将变阻器滑片P移到中点时，灯泡与滑动变阻器阻