高考数学一轮复习课时检测 第二章 第十二节 导数的应用 理.doc

第二章 第十二节 导数的应用()一、选择题1函数f(x)xelnx的单调递增区间为()a(0，)b(，0)c(，0)和(0，) dr解析：函数f(x)的定义域为(0，)，f(x)10.故f(x)的递增区间为(0，)答案：a2若函数f(x)的导函数f(x)x24x3，则使得函数f(x1)单调递减的一个充分不必要条件为x()a(0,1) b0,2c(1,3) d(2,4)解析：令f(x)x24x30，得1x0，则下列结论中正确的是()ax1一定是函数f(x)的极大值点bx1一定是函数f(x)的极小值点cx1不是函数f(x)的极值点dx1不一定是函数f(x)的极值点解析：由题意，得x1，f(x)0或x1，f(x)0，但函数f(x)在x1处未必连续，即x1不一定是函数f(x)的极值点答案：d4(2012烟台模拟)已知函数f(x)4x3sin x，x(1,1)，如果f(1a)f(1a2)0在x(1,1)上恒成立f(x)在(1,1)上是增函数又f(x)4x3sin x，x(1,1)是奇函数，不等式f(1a)f(1a2)0可化为f(1a)f(a21)，从而可知，a需满足，解得1a0，当x(0,2)时，f(x)0，显然当x2时f(x)取极小值答案：28.如图是yf(x)的导函数的图象，现有四种说法：(1)f(x)在(3,1)上是增函数；(2)x1是f(x)的极小值点；(3)f(x)在(2,4)上是减函数，在(1,2)上是增函数；(4)x2是f(x)的极小值点；以上正确的序号为_解析：当x(3，1)时，f(x)0，即f(x)在(3，1)上是减函数，故(1)错误；对(2)，当x1时，f(x)1时，f(x)0，故x1是f(x)的极小值点，故(2)正确，同理可知(4)错误；当x(2,4)时，f(x)0，f(x)是增函数，故(3)正确答案：(2)(3)9若函数f(x)x3px22m2m1在区间(2,0)内单调递减，在区间(，2)及(0，)内单调递增，则p的取值集合是_解析：由题意知f(2)0，f(0)0，而f(x)3x22px，则有124p0，即p3.故填3答案：3三、解答题10已知函数f(x)x3ax2bxc在点x0处取得极小值5，其导函数yf(x)的图象经过点(0,0)，(2,0)(1)求a，b的值；(2)求x0及函数f(x)的表达式解：(1)由题设可得f(x)3x22axb.f(x)的图象过点(0,0)，(2,0)，解得a3，b0.(2)由f(x)3x26x0，得x2或x0，在(0,2)上f(x)0，f(x)在(，0)，(2，)上递增，在(0,2)上递减，因此f(x)在x2处取得极小值，所以x02，由f(2)5，得c1，f(x)x33x21.11(2011浙江高考)设函数f(x)a2lnxx2ax，a0.(1)求f(x)的单调区间；(2)求所有实数a，使e1f(x)e2对x1，e恒成立注：e为自然对数的底数解：(1)因为f(x)a2lnxx2ax，其中x0，所以f(x)2xa.由于a0，所以f(x)的增区间为(0，a)，减区间为(a，)(2)由题意得：f(1)a1e1，即ae.由(1)知f(x)在1，e内单调递增，要使e1f(x)e2对x1，e恒成立，只要解得ae.12(2012会宁模拟)设f(x)ax3bxc为奇函数，其图象在点(1，f(1)处的切线与直线x6y70垂直，导函数f(x)的最小值为12.(1)求a，b，c的值；(2)求函数f(x)的单调递增区间，极大值和极小值，并求函数f(x)在1,3上的最大值与最小值解：(1)f(x)为奇函数，f(x)f(x)即ax3bxcax3bxc.c0.f(x)3ax2b的最小值为12，b12.又直线x6y70的斜率为，因此f(1)3ab6，故a2，b12，c0.(2)f(x)2x312x，f(x)6x2126(x)(x)，列表如下x(，)(，)(，)f(x)00f(x)极大极小所以函数f(x)的