高中物理考试高频考点试题解析

高中物理考试高频考点试题解析考点09 静电场考点10 稳恒电流考点11 磁场考点12 电磁感应考点13 交流电考点14 原子结构、原子核和波粒二象性考点15 选修3-3考点16 机械振动和机械波考点17 光学 电磁波 相对论考点18力学实验考点19电学实验考点20力学计算题考点21电学计算题考点09 静电场1（云南省昆明市官渡区第一中学20192020学年高二期中）关于物体带电的电荷量，以下说法中不正确的是A物体所带的电荷量可以为任意实数B物体所带的电荷量只能是某些特定值C物体带电荷1.60109 C，这是因为该物体失去了1.01010个电子D物体带电荷量的最小值为1.61019 C【答案】A【解析】AB物体所带的电荷量只能是某些特定值，不可以为任意实数，选项A错误，符合题意；选项B正确，不符合题意；C物体带电荷1.60109 C，这是因为该物体失去了1.01010个电子，选项C正确，不符合题意；D物体带电荷量的最小值为1.61019 C，任何带电体所带电量都是1.61019 C的整数倍，选项D正确，不符合题意。2（湖北省普通高中联考协作体20192020学年高三期中）在轴上O、P两点分别放置电荷量为q1、q2的点电荷，一带负电的试探电荷在两电荷连线上的电势能EP随变化关系如图所示，其中A、B两点电势能为零，D段中C点电势能最大，则Aq1是负电荷，是正电荷且q1q2BBC间场强方向沿轴负方向CC点的电场强度大于A点的电场强度D将一正点电荷从B点移到D点，电场力先做负功后做正功【答案】A【解析】A由知A点的电势为零，越靠近O点电势越低，越靠近P点电势越高，所以O点的电荷带负电，P点电荷带正电，由图知C点场强为零，根据和电场叠加原理，可以得到q1 q2，故A正确；B负点电荷从B到C点，电势能增大，根据可知电势能减小，由于沿着电场线电势降低，则有BC间场强方向沿x轴正方向，故B错误；C图象的斜率为，C点的电场强度小于A点的电场强度，故C错误；D因为BC间电场强度方向沿x轴正方向，CD间电场强度方向沿x轴负方向，则将一正点电荷从B点移到D点，电场力先做正功后做负功，故D错误。3（山西大学附属中学20192020学年高二模块诊断）如图所示，孤立点电荷Q固定在正方体的一个顶点上，与Q相邻的三个顶点分别是A、B、C，下列说法正确的是AA、B、C三点的场强相同BA、B、C三点的电势相等CA、B、C三点所在的平面为一等势面D将一电荷量为q的检验电荷由A点沿直线移动到B点的过程中电势能先增大后减小【答案】BD【解析】A由点电荷场强公式可知，A、B、C三点的场强大小相等，但方向不同，由于场强是矢量，所以三点的场强不同，故A错误；B孤立点电荷+Q的等势面以是+Q为球心的球面，所以A、B、C三点位于同一等势面上，电势相等，故B正确；CA、B、C三点所在的平面上各点到+Q的距离不全相等，电势也就不全相等，所以该平面不是等势面，故C错误；D将一电荷量为+q的检验电荷由A点沿直线移动到B点的过程中，离点电荷的距离先减小后增大，根据等势面的分布规律可知，电势先升高后降低，由于电荷正电，所以电势能先增大后减小，故D正确。4（重庆市黔江新华中学20192020学年高二月考）如图所示，在空间中存在竖直向上的匀强电场，质量为m、电荷量为+q的物块从A点由静止开始下落，加速度为，下落高度H到B点后与一轻弹簧接触，又下落h后到达最低点C，整个过程中不计空气阻力，且弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g，则带电物块在由A点运动到C点过程中，下列说法正确的是A该匀强电场的电场强度为B带电物块和弹簧组成的系统机械能减少量为C弹簧的弹性势能的增加量为D带电物块电势能的增加量为mg（H+h）【答案】AC【解析】A物体静止开始下落时的加速度为，根据牛顿第二定律得：，计算得出：，所以A正确。BD从A到C的过程中，除重力和弹力以外只有电场力做功，电场力做功为：，根据功能关系可以知道机械能减小量等于电势能的增加量为：，故B错误，D错误；C根据动能定理得：，计算得出弹力做功为：，即弹性势能增加量为：，所以C正确。考点10 稳恒电流5（重庆市黔江新华中学20192020学年高二月考）如图所示的电解池接入电路后，在t秒内有n1个一价正离子通过溶液内某截面S，有n2个一价负离子通过溶液内某截面S，设e为元电荷，以下说法正确的是A电流方向从ABB当n1n2时，电流为I=C当n1n2时，电流为I=D无论n1、n2大小如何，电流都为I=【答案】AD【解析】根据题意可以知道，流过溶液截面上的电量：，则电流：，方向与正电荷的定向移动方向相同，故由A到B；故AD正确，BC错误。6（辽宁省辽河油田二中20192020学年高二月考）如图所示是根据某次测量电源电动势和内电阻的实验数据画出的UI图象。关于这个图象，下列说法中正确的是A纵轴截距表示待测电源的电动势E=6.0 VB横轴截距表示短路电流，即I1=0.5 AC根据，计算出待测电源内电阻r=2.0 D电流为0.3 A时的外电阻R=9 【答案】AC【解析】A根据图像可知纵轴截距表示待测电源的电动势E=6.0 V，故A正确；B由于纵坐标不是从零开始的，所以横轴截距不表示短路电流，故B错误；C根据，计算出待测电源内电阻，故C正确；D电流为0.3 A时路端电压为5.4 V，所以外电阻，故D错误。考点11 磁场7（辽宁省辽河油田二中20192020学年高二期中）质量和电量都相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示。下列表述正确的是AM带负电，N带正电BM的速率小于N的速率C洛伦兹力对M、N做正功DM的运行时间大于N的运行时间【答案】A【解析】A磁场的方向向里，由左手定则判断出M带负电荷，N带正电荷，故A正确；B粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，半径为：，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速率大于N的速率，故B错误；C洛伦兹力的方向始终与速度的方向垂直，所以洛伦兹力永不做功。故C错误；D粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，而周期为，由于荷质比相同，故周期相同，所以M的运行时间等于N的运行时间，故D错误。8（内蒙古赤峰二中20192020学年高二月考）如图所示，圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入磁场，其运动轨迹如图。若带电粒子只受磁场力的作用。则下列说法正确的是Aa粒子动能最大Bb粒子在磁场中运动时间最长Cc粒子速率最大D它们做圆周运动的周期TaTbm时，砂和砂桶的重力等于绳子的拉力，显然该实验中没有满足这个条件，另外该实验要进行平衡摩擦力操作，否则也会造成较大误差。考点19 电学实验5（安徽省宿州市十三所省重点中学20192020学年高二上学期期中联考）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中。（1）设计如图所示电路图，要求小灯泡两端的电压从零开始变化，且能尽量减小系统误差，开关接_（填“M”或“N”）闭合开关S前滑片P置于_（填“A端”或“B端”）（2）根据所选电路图，请在图中用笔画线代替导线，把实验仪器连接成完整的实验电路_。（3）若实验中电流表出现故障，不能使用。该同学需将一个满偏电流为1mA、内阻为30 的表头改装成量程为00.6 A的电流表，则应将表头与电阻箱_（填“串联”或“并联”），并将该电阻箱阻值调为_.（保留一位有效数字）（4）实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示.随着电压增大，温度升高，小灯泡的电阻_。（填“增大”，“减小”或“不变”）（5）若把这种规格的三个小灯泡、按如图所示电路连接. 当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25 A，则此时、的实际功率之比为_。【答案】（1）N A端 （2） （3）并联 0.05 （4）增大 （5）20:1【解析】（1）要求小灯泡两端的电压从零开始变化，且能尽量减小系统误差，滑动变阻器采用分压接法；由于小灯泡电阻较小，电流表采用外接法，故开关S1接N点，闭合开关前，为保护电表，闭合开关S前滑片P置于A端；（2）根据实验原理图连接实物图如图所示：（3）把表头改装成大量程电流表应并联小电阻，根据并联电路特点和欧姆定律得，解得：；（4）根据IU图象中各点与坐标原点连线的斜率表示电阻倒数可知，随着电压增大，温度升高，小灯泡的电阻增大；（5）据电路图可知据乙图可知电流为0.25 A，L1灯泡的电压为3 V；灯泡L2、L3并联，每个灯泡通过的电流为0.125 A，从图乙知电压为：，故。6（福建省三明第一中学20192020学年高二上学期期中）某学校实验室购买了一卷表面有很薄绝缘层的镍铬合金丝，该校的兴趣小组同学想通过实验来测算合金丝的长度。已知该镍铬合金丝的电阻率m，测量选用的器材有多用电表、电流表、电压表、开关、滑动变阻器、螺旋测微器、导线和学生电源等。（1）实验前先使用多用电表粗测合金丝的电阻机械调零后，选择旋钮指向电阻挡“10”位置，将红、黑表笔分别插入多用电表的对应插孔，将两表笔短接，调节_（填“S”或“T”）进行欧姆调零，使指针指到“电阻挡”零刻度。把红、黑表笔分别与镍铭合金丝的两端（已刮去绝缘漆）相接，发现指针偏转角度过小，应选择倍率为_（填“100”或“1”）的挡位，再将两表笔短接重新进行欧姆调零。把红、黑表笔分别与镍铭合金丝的两端相接，多用电表的示数如图甲所示，则该合金丝的电阻约为_。（2）使用螺旋测微器测量镍铬合金丝的直径d，示数如图乙所示，则镍铬合金丝的直径d=_mm。（3）为了更准确地测量镍铬合金丝电阻，减少实验误差，并获得较大的电压调节范围，选择如图丙所示的电路进行测量，测量电压表示数为U，电流表的示数为I。不计合金丝绝缘漆的厚度，镍铬合金丝的长度的表达式L=_（用U、I、d表示）。（4）利用记录的多组电压U和电流值I的数据，绘制出如图丁所示的UI图像。可测出镍铬合金丝的长度L=_m。（保留三位有效数字）。【答案】（1）T “100” 1 400 （2）0.305 （3） （4）110【解析】（1）欧姆调零时将插入“”、“”插孔的表笔短接，旋动部件T，即欧姆调零旋钮，使指针指电阻的0刻线；将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小。说明被测阻值较大，为使指针只在中央刻度附近应换较大档，即100档；欧姆表选择100挡，由图甲所示可知，该合金丝的电阻约为：14100=1400；（2）由图示螺旋测微器可知，螺旋测微器的读数为：0mm+30.50.01mm=0.305mm；（3）由电阻定律可知：，根据欧姆定律得：，联立解得：。（4）由UI图象的斜率表示电阻得：R=1500，结合（3）问的结论，带入表达式，解得：L=110m。7（四川省仁和思源实验中学20192020学年高三上学期月考）小明用如图甲所示的电路测量电阻Rx的阻值（约几百欧）。R是滑动变阻器，R0是电阻箱，S2是单刀双掷开关，部分器材规格图乙中已标出。（1）根据图甲实验电路，在图乙中用笔画线代替导线将实物图连接完整。（2）正确连接电路后，断开S1，S2接1，调节好多用电表，将两表笔接触Rx两端的接线柱，粗测其阻值，此过程中存在的问题是_，正确操作后，粗测出Rx的阻值为R1。（3）小明通过下列步骤，较准确测出Rx的阻值。将滑动变阻器的滑片P调至图甲中的A端。闭合S1，将S2拨至1，调节变阻器的滑片P至某一位置，使电压表的示数满偏;调节电阻箱R0，使其阻值_（选填“大于R1”或“小于R1”）;将S2拨至“2”，保持变阻器滑片P的位置不变，调节电阻箱的阻值，使电压表再次满偏，此时电阻箱示数为R2，则Rx=_。【答案】（1） （2）待测电阻未与其他元件断开 （3）小于R1 R2【解析】（1）根据电路图连接实物图，如图所示（2）测量电阻时，要把电阻与其它元件断开；（3）闭合开关前，将滑动变阻器的滑片P调至图甲中的A端，是电压表示数都为零，调节电阻箱，使其阻值小于R1；将S2拨至“2”，保持变阻器滑片P的位置不变，调节电阻箱的阻值，使电压表再次满偏，此时并联部分的电阻相等，Rx的阻值等于电阻箱的阻值，即。8（四川省成都石室中学20192020学年高二上学期期中）一细而均匀的导电材料，截面为同心圆环，如图1所示，此材料长约3 cm，电阻约为100，已知这种材料的电阻率为。欲测量该样品的内径，但内径太小，无法直接测量。现提供以下实验器材：A20分度的游标卡尺；B螺旋测微器；C电流表A1（量程50mA，内阻r1=100）；D电流表A2（量程100mA，内阻r2约为40）；E滑动变阻器R1（010，额定电流2A）；F直流电源E（电动势为12V，内阻很小）；G上述导电材料R2（长约为3cm，电阻约为100）；H开关一只，导线若干。请用上述器材设计一个尽可能精确地测量该样品内径d的实验方案，回答下列问题：（1）用游标卡尺测得该样品的长度如图2所示，其示数L=_cm，用螺旋测微器测得该样品的外径如图3所示，其示数D=_mm。（2）图4是实验测量电路一部分，为了多测几组数据，请在图上补全测量电路（所需仪器在题中给的器材中选取，用常用的电路符号代替）。（3）为了得到样品的内径d，实验中还需要得到的一组测量值是_（用字母表示且要说明相应字母的含义）。（4）用已知的物理量字母和所测得的物理量的字母表示样品的内径d=_。【答案】（1）3.015 3.204mm3.206mm （2） （3）A1电流表示数为I1，A2电流表示数为I2 （4）【解析】（1）游标卡尺读数为L=30 mm+30.05 mm=30.15 mm=3.015cm，螺旋测微器测得该样品的外径d=3.0 mm+20.50.01 mm=3.205 mm；（3.204mm3.206mm）；（2）因两个电流表中，A2电流表的满偏电流大于A1电流表的满偏电流，又A1电流表内阻为定值，根据欧姆定律与串并联知识，应将A1电流表与待测材料并联后再与A2电流表串联，又因滑动变阻器阻值太小应用分压式接法，可设计电路图如图所示（3）实验中还需要得到的一组测量值是：A1电流表示数为I1，A2电流表示数为I2，（4）由欧姆定律可得待测电阻阻值，又由电阻定律及，解得样品的直径。考点20 力学计算题9（福建省三明第一中学20192020学年高二上学期期中）如图足够长的固定斜面倾角=37。一个物体以v0=4 m/s的初速度从斜面A点处沿斜面向上运动。物体与斜面间的动摩擦因数为=0.25。（取g=10 m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）。求：（1）物体沿斜面上滑时的加速度；（2）物体沿斜面上滑的最大距离；（3）物体从最高点返回到A点时的速度大小。【答案】（1），方向沿斜面向下 （2） （3）【解析】（1）沿斜面向上运动时，由牛顿第二定律得解得：方向沿斜面向下（2）物体沿斜面匀减速上滑到速度为零，由速度位移关系得：解得：（3）物体沿斜面返回下滑时，根据牛顿第二定律：解得：由速度位移关系得：解得：10（宁夏银川市宁夏大学附中20192020学年高三上学期第二次月考）如图所示，一玩