江西省抚州市临川一中高二物理上学期第一次月考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年江西省抚州市临川一中高二（上）第一次月考物理试卷一选择题（本题共10小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，1-7题只有一个选项正确，8-10题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不选的得0分）.1质量为m的汽车，启动后沿平直路面行驶，如果发动机的功率恒为p，且行驶过程中受到的摩擦阻力大小一定，汽车速度能够达到的最大值为v，那么当汽车的车速为时，汽车的瞬时加速度的大小为（）abcd2如图为两个单摆，摆球质量相等，悬线甲短，乙长，悬点o1、o2等高，将悬线拉至水平然后由静止释放，以悬点所在平面为参考平面，则两球经过最低点时（）a甲球的动能大于乙球的动能b甲球的重力势能小于乙球的重力势能c甲球的机械能等于乙球的机械能d甲球悬线的拉力小于乙球悬线的拉力3如图，将小球从距斜轨底面h高处由静止释放，使其沿竖直的半径为r的圆形轨道的内侧运动不计一切摩擦阻力，下列说法中正确的是（）a若h=r，那么小球不能到达与圆心o等高的c点b若h=2r，那么小球刚好能通过最高点dc若h=3r，小球一定通过最高点dd若h=4r，小球通过最高点d时，对轨道压力的大小是小球重力的4倍4在电源的电动势为e、内阻为r的闭合电路中，下列说法不正确的是（）a外电路电阻增大，路端电压减小b外电路电阻增大，电源内电压减小c外电路短路，路端电压为零d外电路断路，路端电压等于电源的电动势5如图1，a、b是电场中的同一条直线形电场线上的两点若将一个带负电的点电荷从a点由静止释放，它在沿电场线从a向b运动过程中的速度图象如图2所示比较a、b两点的电势能ep和场强e，下列说法中正确的是（）aepaepb，eaebbepaepb，eaebcepaepb，eaebdepaepb，eaeb6如图所示，把两个相同的灯泡分别接在甲、乙两种电路中，甲电路两端的电压为8v，乙电路两端的电压为14v调节变阻器r1和r2使两灯都正常发光，此时变阻器消耗的功率分别为p1和p2则下列关系中正确的是（）ap1p2bp1p2cp1=p2d无法确定7如图所示，真空中等量异种点电荷放置在m、n两点，在mn的连线上有对称点a、c，mn连线的中垂线上有对称点b、d，则下列说法正确的是（）aa点场强与c点场强一定相同ba点电势一定小于c点电势c负电荷在c点电势能一定大于在a点电势能d正电荷从d点移到b点电场力做正功8用如图所示的电路测量待测电阻rx的阻值时，下列关于由电表产生的误差的说法中，正确的是（）a由于电压表的分流作用，使电阻的测量值小于真实值b由于电流表的分压作用，使电阻的测量值小于真实值c电流表的内电阻越小，测量结果越精确d电压表的内电阻越大，测量结果越精确9在如图所示的电路中电源电动势为e，内电阻为r闭合开关s，待电流达到稳定后，电流表示数为i，电压表示数为u，电容器c所带电荷量为q，将滑动变阻器p的滑动触头，从图示位置向a一端移动一些，待电流达到稳定后，则与p移动前相比（）au变小bi变小cq增大dq减小10图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹粒子先经过m点，再经过n点可以判定（）am点的电势小于n点的电势b粒子在m点的电势能小于n点的电势能c粒子在m点的加速度小于在n点的加速度d粒子在m点的速度大于在n点的速度二实验题（共22分，每空或每问均2分）11用如图1实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒图3给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个打下的点（图中未标出），计数点间的距离如图3所示已知m1=100g、m2=300g，则（计算结果保留三位有效数字）在纸带上打下记数点5时的速度v=m/s；在记数点05过程中系统动能的增量ek=j为了简化计算，设g=10m/s2，则系统势能的减少量ep=j；在本实验中，若某同学作出了v2h图象如图2，h为从起点量起的长度，则据此得到当地的重力加速度g=m/s212某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图（1）所示，由图可知其长度为cm（2）用螺旋测微器测量其直径如图（2）所示，由图可知其直径为mm；（3）用多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3所示，则该电阻的阻值约为13某同学为了测量某一节干电池的电动势和内阻，实验室准备了下列器材：a待测干电池e（电动势约为1.5v，内阻约为1）b电流表g（满偏电流3.0ma，内阻为100）；c电流表a（量程00.6a，内阻约为1）d滑动变阻器r1（010，额定电流为2a）；e滑动变阻器r2（01k，额定电流为1a）f定值电阻r0（阻值为900）g开关一个，导线若干为了能比较准确地进行测量，同时还要考虑操作的方便，某同学利用器材b、f组成电压表并设计电路原理图根据要求回答下列问题（1）实验中滑动变阻器应选（2）根据题意在图1中画出符合该同学该实验要求的电路图（3）如图2所示，是该同学根据正确的实验得到的数据作出的图线，其中，纵坐标i1为电流表g的示数，横坐标i2为电流表a的示数，由图可知，被测干电池的电动势为 v，内电阻为（结果均保留2位有效数字）三计算题（本题共5小题，6+6+8+9+11=38分）14在电场中把电荷量为2.0109c的正电荷从a点移到b点，静电力做功为1.5107j，再把电荷从b点移到c点，静电力做功为4.0107j（1）a、b、c三点中哪点的电势最高？哪点的电势最低？（2）a、b间，b、c间，a、c间的电势差各是多大？（3）把1.5109c的电荷从a点移到c点，静电力做多少功？15如图所示，光滑斜面倾角为37，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变为原来的，求：（1）原来的电场强度大小； （2）物块运动的加速度；（3）沿斜面下滑距离为0.5m时物块的速度大小（sin37=0.6，cos 37=0.8，g取10m/s2）16如图所示，质量m=10kg的物体从光滑曲面上高度h=0.8m处由静止释放，到达曲面底端时以水平方向的速度进入水平传送带传送带由一电动机驱动，传送带的上表面匀速向左运动，运动速率为v=1m/s已知物体与传送带间的动摩擦因数=0.2（物体m可视为质点，g取10m/s2）求：（1）物体滑上传送带时的速度；（2）若两皮带轮之间的距离是l=6m，物体滑上传送带后立刻移走光滑曲面，通过计算说明物体将从哪一边离开传送带？17如图所示电路中，r1=6，r2=12，r3=3，c=30f，当开关s断开，电路稳定时，电源总功率为4w，当开关s闭合，电路稳定时，电源总功率为8w，求：（1）电源的电动势e和内电阻r；（2）闭合s时，电源的输出功率及电源内部产生的热功率；（3）在s断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是多少？18如图所示，轨道abo在同一竖直平面内，由光滑水平轨道ob和倾角=30、高度h=1m的倾斜轨道ba连接而成，ob与ba连接处是半径很小的圆弧，水平轨道上一轻质弹簧左端o固定在竖直的墙上，质量m=0.5kg的小物块从ba轨道上a点由静止开始下滑已知物块与倾斜轨道间的动摩擦因数=，重力加速度g=10m/s2，弹簧形变始终在弹性限度内求：（1）物块第一次在水平轨道上压缩弹簧运动到速度为零时，弹簧具有的弹性势能ep；（2）物块在倾斜轨道上滑动的总路程s；（3）物块第n次压缩弹簧后，沿倾斜轨道上升的最大高度hn2015-2016学年江西省抚州市临川一中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一选择题（本题共10小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，1-7题只有一个选项正确，8-10题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不选的得0分）.1质量为m的汽车，启动后沿平直路面行驶，如果发动机的功率恒为p，且行驶过程中受到的摩擦阻力大小一定，汽车速度能够达到的最大值为v，那么当汽车的车速为时，汽车的瞬时加速度的大小为（）abcd【考点】功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律【专题】功率的计算专题【分析】汽车速度达到最大后，将匀速前进，根据功率与速度关系公式p=fv和共点力平衡条件，可以先求出摩擦阻力；当汽车的车速为时，先求出牵引力，再结合牛顿第二定律求解即可【解答】解：当汽车匀速行驶时，有f=f=根据p=f，得f=，由牛顿第二定律得a=故b正确，a、c、d错误故选b【点评】本题关键结合功率与速度关系公式p=fv、共点力平衡条件以及牛顿第二定律联合求解2如图为两个单摆，摆球质量相等，悬线甲短，乙长，悬点o1、o2等高，将悬线拉至水平然后由静止释放，以悬点所在平面为参考平面，则两球经过最低点时（）a甲球的动能大于乙球的动能b甲球的重力势能小于乙球的重力势能c甲球的机械能等于乙球的机械能d甲球悬线的拉力小于乙球悬线的拉力【考点】机械能守恒定律【专题】机械能守恒定律应用专题【分析】a、b两球在运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒，比较出初始位置的机械能即可知道在最低点的机械能大小根据ep=mgh分析重力势能的大小根据机械能守恒定律和牛顿第二定律结合得到线的拉力表达式，可比较拉力的大小【解答】解：a、对于任一球，根据机械能守恒定律得： ek=mgr，可得r越大，动能越大，所以甲球的动能小于乙球的动能，故a错误b、以悬点所在平面为参考平面，球经过最低点时的重力势能为 ep=mgr，r越大，重力势能越小，则甲球的重力势能大于乙球的重力势能，故b错误c、a、b两球在运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒，初始位置两球的机械能相等，所以在最低点，两球的机械能相等故c正确d、在最低点，根据牛顿第二定律得：fmg=m由机械能守恒得：mgr=联立得f=3mg，与绳的长度无关所以两绳拉力大小相等故d错误故选：c【点评】解决本题的关键掌握动能定理和机械能守恒定律，知道摆球在最低点靠合力提供做圆周运动的向心力3如图，将小球从距斜轨底面h高处由静止释放，使其沿竖直的半径为r的圆形轨道的内侧运动不计一切摩擦阻力，下列说法中正确的是（）a若h=r，那么小球不能到达与圆心o等高的c点b若h=2r，那么小球刚好能通过最高点dc若h=3r，小球一定通过最高点dd若h=4r，小球通过最高点d时，对轨道压力的大小是小球重力的4倍【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力【专题】机械能守恒定律应用专题【分析】小球在圆轨道内侧运动只有重力对小球做功，小球能经过圆轨道最高点d速度满足，由此分析即可【解答】解：a、根据机械能守恒，当h=r时，小球恰好能到达与圆心o等高的c点，故a错误；b、当h=2r时，若小球能到达最高点d，由动能定理可知在d点速度恰好为0，不满足到达d点的速度要求，故b错误；c、当h=3r时，根据动能定理小球到达d点时的速度满足：，可得v=所以小球肯定可以到达d点，故c正确；d、当h=3r时，根据动能定理小球到达d点时的速度满足：，可得，在d点小球所受轨道压力与重力的合力提供圆周运动向心力有：n+mg=m可得n=，故d错误故选：c【点评】本题的突破口是小球恰好能通过最高点，关键抓住重力等于向心力求出最高点的速度对于光滑轨道，首先考虑能否运用机械能守恒，当然本题也可以根据动能定理求解4在电源的电动势为e、内阻为r的闭合电路中，下列说法不正确的是（）a外电路电阻增大，路端电压减小b外电路电阻增大，电源内电压减小c外电路短路，路端电压为零d外电路断路，路端电压等于电源的电动势【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】电源短路时，外电阻r=0，根据闭合电路欧姆定律可知电源内电压等于电动势电源的负载电阻增大时，通过电源的电流i减小，路端电压u=eir增大【解答】解：a、b、电源的外电路电阻增大时，通过电源的电流i减小，电源内压ur=ir减小，路端电压u=eir增大，故a不正确，b正确；c、电源短路时，外电阻r=0，最小，根据闭合电路欧姆定律可知电源内电压等于电动势，路端电压为零故c正确；d、电源断路时，路端电压等于电源的电动势故d正确本题选择不正确的，故选：a【点评】对于电源的两个特殊状态：短路和断路，路端电压和电流要通过欧姆定律在理解的基础上记忆路端电压随外电阻的增大而增大5如图1，a、b是电场中的同一条直线形电场线上的两点若将一个带负电的点电荷从a点由静止释放，它在沿电场线从a向b运动过程中的速度图象如图2所示比较a、b两点的电势能ep和场强e，下列说法中正确的是（）aepaepb，eaebbepaepb，eaebcepaepb，eaebdepaepb，eaeb【考点】电势能；电场强度【分析】速度时间图象的切线的斜率表示加速度，正试探电荷受到的电场力方向为场强方向，沿着电场力方向，电势降低【解答】解：从速度时间图象可以看出，物体加速，负试探电荷受到的电场力方向为场强的反方向，故电场力向左，场强方向也向左，逆着电场力方向，电势升高，故ab根据公式ep=q，则有：epaepb；速度时间图象的切线的斜率表示加速度，故说明加速度不断减小，电场力不断减小，场强也不断减小，故eaeb；故a正确，bcd错误；故选：a【点评】本题关键根据速度时间图象得到速度和加速度的变化情况，然后得到电场力的大小和方向情况，最后判断电势的高低6如图所示，把两个相同的灯泡分别接在甲、乙两种电路中，甲电路两端的电压为8v，乙电路两端的电压为14v调节变阻器r1和r2使两灯都正常发光，此时变阻器消耗的功率分别为p1和p2则下列关系中正确的是（）ap1p2bp1p2cp1=p2d无法确定【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】设灯泡的额定电流为i0，额定电压为u0，求解出变阻器消耗的功率的总功率表达式进行讨论【解答】解：设灯泡的额定电流为i0，额定电压为u0，则p1=（8u0）2i0，p2=（142u0）i0，故p1p2，故选：a【点评】此题是一道欧姆定律和电功率的综合分析题，必须熟练掌握串并联电路的特点才能分析，属于中档题7如图所示，真空中等量异种点电荷放置在m、n两点，在mn的连线上有对称点a、c，mn连线的中垂线上有对称点b、d，则下列说法正确的是（）aa点场强与c点场强一定相同ba点电势一定小于c点电势c负电荷在c点电势能一定大于在a点电势能d正电荷从d点移到b点电场力做正功【考点】电势能；电场强度；电势【专题】电场力与电势的性质专题【分析】本题考查了等量异种电荷周围电场分布情况：在如图所示的电场中，等量异种电荷mn之间的电场方向是相同的，由m指向n或由n指向m；mn中垂线上的电场强度、电势关于o点对称，ob电场方向沿ob连线向上，od电场方向沿od方向向下，o点是中垂线上电势最高的点bd是一条等势线【解答】解：a、由于m、n是等量异种电荷，电场线由正电荷出发终止于负电荷，mn之间的电场方向相同，由于a、c关于o点对称，因此大小也相同，所以a点场强与c点场强一定相同，故a正确；b、由于m、n电性不确定，因此电场线方向不确定，所以a点电势和c点电势大小关系无法判定，故b错误；c、由于a、c两点的电势高低无法确定，因此负电荷在a、c两点的电势能大小也无法确定，故c错误；d、b、d两点电势相等，因此电荷从d点移到b点电场力不做功，故d错误故选a【点评】等量同种、等量异种电荷周围的电场分布情况是考查的重点，要结合电场强度、电势、电势能等概念充分理解等量同种、等量异种电荷周围的电场特点8用如图所示的电路测量待测电阻rx的阻值时，下列关于由电表产生的误差的说法中，正确的是（）a由于电压表的分流作用，使电阻的测量值小于真实值b由于电流表的分压作用，使电阻的测量值小于真实值c电流表的内电阻越小，测量结果越精确d电压表的内电阻越大，测量结果越精确【考点】伏安法测电阻【专题】实验题；恒定电流专题【分析】实际的电压表接入电路时要分流，实际的电流表接入电路时要分压，根据欧姆定律分析测量值与真实值的大小，并讨论电压内阻与测量精确程度的关系【解答】解：a、实际的电压表内阻不是无穷大，接入电路时要分流，使得电流表测量的电流大于通过待测电阻rx的电流，而电压没有系统误差，根据欧姆定律r=得，电阻的测量值将小于真实值故a正确b、此电流表对测量电阻没有影响故b错误c、d电压表的内电阻越大，分流越小，电流测量值越精确，电阻的测量结果越精确故c错误，d正确故选：ad【点评】本题是伏安法电流表外接法测量电阻的电路，根据欧姆定律分析和理解误差产生的原因此电路适用于电压表内阻远大于待测电阻的情况9在如图所示的电路中电源电动势为e，内电阻为r闭合开关s，待电流达到稳定后，电流表示数为i，电压表示数为u，电容器c所带电荷量为q，将滑动变阻器p的滑动触头，从图示位置向a一端移动一些，待电流达到稳定后，则与p移动前相比（）au变小bi变小cq增大dq减小【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】首先认识电路的结构：电流稳定时，变阻器与r2串联，r1上无电流，无电压，电容器的电压等于变阻器的电压，电压表测量变阻器的电压，电流表测量干路电流当滑片p向a一端移动一些后，变阻器接入电路的电阻增大，根据欧姆定律分析电路的总电阻变化和干路电流的变化，再分析电表读数的变化和电容器电量的变化【解答】解：当滑动变阻器p的滑动触头，从图示位置向a一端移动时，其接入电路的电阻值增大，外电路总电阻增大，由闭合电路的欧姆定律可知，干电路的电流i减小；变阻器两端的电压u=ei（r2+r），i减小，u增大，即电容器c两端的电压增大，所带电荷量q增大故bc正确故选bc【点评】本题是含有电容器的动态变化分析问题，要综合考虑局部与整体的关系对于电容器，电容不变时，关键确定电压10图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹粒子先经过m点，再经过n点可以判定（）am点的电势小于n点的电势b粒子在m点的电势能小于n点的电势能c粒子在m点的加速度小于在n点的加速度d粒子在m点的速度大于在n点的速度【考点】电势；电势能【专题】电场力与电势的性质专题【分析】根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的高低不计重力的粒子在电场力作用下从a到b，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧电场线的疏密表示电场强度的强弱，根据电场力做功情况，判断电势能和速度的大小【解答】解：a、根据顺着电场线方向电势降低，可知m点的电势高于n点的电势，故a错误bd、粒子所受的电场力方向应指向轨迹的内侧，根据粒子轨迹的弯曲方向可知粒子所受电场力方向大致斜向左下方，由从m到n的过程中，电场力对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，则知粒子在m点的电势能大于在n点的电势能，粒子在m点的速度小于在n点的速度，故b、d错误；c、m点处的电场线较疏，而n点处电场线较密，则m点处的电场强度较小，粒子所受的电场力也较小，根据牛顿第二定律知，在m点的加速度小，故c正确故选：c【点评】本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电场线的物理意义判断场强、电势等的大小二实验题（共22分，每空或每问均2分）11用如图1实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒图3给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个打下的点（图中未标出），计数点间的距离如图3所示已知m1=100g、m2=300g，则（计算结果保留三位有效数字）在纸带上打下记数点5时的速度v=2.40m/s；在记数点05过程中系统动能的增量ek=0.58j为了简化计算，设g=10m/s2，则系统势能的减少量ep=0.60j；在本实验中，若某同学作出了v2h图象如图2，h为从起点量起的长度，则据此得到当地的重力加速度g=9.7m/s2【考点】验证机械能守恒定律【专题】实验题；机械能守恒定律应用专题【分析】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点5的瞬时速度根据点5的瞬时速度求出系统动能的增加量，根据下落的高度求出系统重力势能的减小量根据机械能守恒定律得出v2h的关系式，根据图线的斜率得出重力加速度的值【解答】解：由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔t=0.1s，根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可知打第5个点时的速度为： m/s=2.40m/s物体的初速度为零，所以动能的增加量为： =0.58 j重力势能的减小量等于物体重力做功，故：ep=w=mgh=0.60j；本题中根据机械能守恒可知，即有：，所以h图象中图象的斜率k=由图可知当地的实际重力加速度g=9.7m/s2故答案为：2.40.58、0.60 9.7【点评】本题全面的考查了验证机械能守恒定律中的数据处理问题，要熟练掌握匀变速直线运动的规律以及功能关系，增强数据处理能力12某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图（1）所示，由图可知其长度为0.675cm（2）用螺旋测微器测量其直径如图（2）所示，由图可知其直径为4.700mm；（3）用多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3所示，则该电阻的阻值约为220【考点】测定金属的电阻率【专题】实验题；恒定电流专题【分析】（1）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读；（2）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；（3）用欧姆表测电阻的读数为指针示数乘以倍率，当指针指在中央附近时测量值较准确；【解答】解：（1）游标卡尺的固定刻度读数为6mm，游标尺上第8个刻度游标读数为0.0515m=0.75mm，所以最终读数为：6mm+0.75mm=6.75mm=0.675cm；（2）螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.0120.0mm=0.200mm，所以最终读数为：4.5mm+0.200mm=4.700mm（3）该电阻的阻值约为22.010=220故答案为：（1）0.675（2）4.700（3）220【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读13某同学为了测量某一节干电池的电动势和内阻，实验室准备了下列器材：a待测干电池e（电动势约为1.5v，内阻约为1）b电流表g（满偏电流3.0ma，内阻为100）；c电流表a（量程00.6a，内阻约为1）d滑动变阻器r1（010，额定电流为2a）；e滑动变阻器r2（01k，额定电流为1a）f定值电阻r0（阻值为900）g开关一个，导线若干为了能比较准确地进行测量，同时还要考虑操作的方便，某同学利用器材b、f组成电压表并设计电路原理图根据要求回答下列问题（1）实验中滑动变阻器应选d（2）根据题意在图1中画出符合该同学该实验要求的电路图（3）如图2所示，是该同学根据正确的实验得到的数据作出的图线，其中，纵坐标i1为电流表g的示数，横坐标i2为电流表a的示数，由图可知，被测干电池的电动势为1.4 v，内电阻为0.67（结果均保留2位有效数字）【考点】测定电源的电动势和内阻【专题】实验题【分析】（1）在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器；（2）所给实验器材中，有两个电流表，没有电压表，也没有电阻箱，只能用伏安法测电池电动势与内阻，可以用电流表与定值电阻组装一个电压表，根据伏安法测电源电动势与内阻的原理作出电路图（3）根据欧姆定律和串联的知识求出i1和电源两端电压u的关系，根据图象与纵轴的交点求出电动势，由与横轴的交点可得出路端电压为某一值时电流，则可求得内阻【解答】解：（1）电源电动势为1.5v较小，电源的内阻较小，为多次几组实验数据，方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器，因此滑动变阻器应选d，（2）上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，将电流表g与定值电阻r0串联，改装成电压表，用电流表a测电路电流，滑动变阻器r1串联接入电路，实验电路图如图所示（3）根据欧姆定律和串联的知识得电源两端电压为：u=i1=1000i1，根据图象与纵轴的交点得电动势为e=1.4ma1000=1.4v，与横轴的交点可得出路端电压为1.0v时电流是0.6a，由闭合电路欧姆定律e=u+ir可得，电源内阻r=0.67； 故答案为：（1）d；（2）如图所示；（3）1.4；0.67【点评】本题考查测定电动势和内电阻的数据处理，要求能根据公式得出图象中斜率及截距的含义在计算电源的内阻的时候，一定要注意纵坐标的数值是不是从0开始的三计算题（本题共5小题，6+6+8+9+11=38分）14在电场中把电荷量为2.0109c的正电荷从a点移到b点，静电力做功为1.5107j，再把电荷从b点移到c点，静电力做功为4.0107j（1）a、b、c三点中哪点的电势最高？哪点的电势最低？（2）a、b间，b、c间，a、c间的电势差各是多大？（3）把1.5109c的电荷从a点移到c点，静电力做多少功？【考点】电势差与电场强度的关系【专题】电场力与电势的性质专题【分析】根据电势差的定义：，求解a、b和b、c两点间的电势差wac=wab+wbc，进而求出ac之间的电势差【解答】解：（1、2）把电荷量为2.0109c的正电荷从a点移到b点，静电力做功为1.5107j由据得： v2.0109c的正电荷从b点移到c点，静电力做功为4.0107j，则有： v2.0109c的正电荷从a点到c点的过程中，电场力做功为wac=wab+wbc=2.5107 j，则有： v知b点电势比a点电势高75v，c点电势比b点低200v，则b点的电势最高，c点的电势最低（2）把1.5109c的电荷从a点移到c点，静电力做功： j答：（1）则b点的电势最高，c点的电势最低（2）a、b间电势差是75v，b、c间电势差是200v，a、c间的电势差是125v；（3）把1.5109c的电荷从a点移到c点，静电力做功是1.875107j【点评】电场力做功与重力做功类似只与位置有关，与路径无关，电荷从abc，电场力做功与从ac电场力做功相同15如图所示，光滑斜面倾角为37，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变为原来的，求：（1）原来的电场强度大小； （2）物块运动的加速度；（3）沿斜面下滑距离为0.5m时物块的速度大小（sin37=0.6，cos 37=0.8，g取10m/s2）【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】（1）对小球进行受力分析，应用平衡条件可求出电场力，进而求出电场强度（2）电场变化后受力分析求出合外力，应用牛顿第二定律求解加速度（3）沿斜面下滑距离为l时物体的速度的大小可由动能定理或运动学知识求解【解答】解：（1）平衡时，物块受重力mg、电场力qe、斜面的支持力n的作用，如图所示，有：qe=mgtan 37 得：e=tan37=（2）当e=时，将滑块受力沿斜面方向和垂直斜面方向正交分解，如图，沿斜面方向，有：mgsin 37cos 37=ma得：a=gsin 37cos 37=0.4g=4 m/s2（3）物块沿斜面做匀加速直线运动，初速度为0，加速度为a，位移为l，由v2=2al，得：答：（1）原来的电场强度为 （2）物体运动的加速度大小4 m/s2（3）沿斜面下滑距离为l时的速度大小为2m/s【点评】问题一是平衡条件的应用，受力分析后应用平衡条件即可；问题二是牛顿运动定律的应用，关键是求合力；问题三直接应用动能定理即可，总体难度不是很大，细细分析即可16如图所示，质量m=10kg的物体从光滑曲面上高度h=0.8m处由静止释放，到达曲面底端时以水平方向的速度进入水平传送带传送带由一电动机驱动，传送带的上表面匀速向左运动，运动速率为v=1m/s已知物体与传送带间的动摩擦因数=0.2（物体m可视为质点，g取10m/s2）求：（1）物体滑上传送带时的速度；（2）若两皮带轮之间的距离是l=6m，物体滑上传送带后立刻移走光滑曲面，通过计算说明物体将从哪一边离开传送带？【考点】动能定理的应用；功能关系【专题】动能定理的应用专题【分析】（1）滑块m从顶部滑到底端过程，机械能守恒，根据守恒定律列式求解即可；（2）由牛顿第二定律可求得物体在传送带上运动时的加速度，则可求得物体的运动情况，进而确定小球从哪一端离开；【解答】解：（1）物体沿曲面下滑的过程中机械能守恒，mgh=解得物体滑到底端时的速度（2）以地面为参照系，物体滑上传送带后向右做匀减速运动直到速度为零，物体的加速度大小为：a=物体从滑上传送带到相对地面速度减小到零，向右的位移6.0 m，表明物体将从左边离开传送带答：（1）物体滑上传送带时的速度为4m/s；（2）若两皮带轮之间的距离是l=6m，物体滑上传送带后立刻移走光滑曲面，物体将从左边离开传送带【点评】传送带问题，关键要根据物体的受力情况分析物体的运动过程，加速度是联系力和运动的桥梁，由受力求得加速度，再根据运动学规律求解17如图所示电路中，r1=6，r2=12，r3=3，c=30f，当开关s断开，电路稳定时，电源总功率为4w，当开关s闭合，电路稳定时，电源总功率为8w，求：（1）电源的电动势e和内电阻r；（2）闭合s时，电源的输出功率及电源内部产生的