江苏省扬州市江都区七校联考九年级物理上学期期中试题（含解析） 苏科版.doc

2015-2016学年江苏省扬州市江都区七校联考九年级（上）期中物理试卷一、选择题（212=24）1图所示的工具中属于费力杠杆的一组是（）abcd2如图所示，用相同的轮滑不同的绕法提起相同的重物，绳重、摩擦忽略不计，在物体匀速上升的过程中（）a甲图省力，机械效率甲图大b甲图省力，机械效率一样大c乙图省力，机械效率乙图大d乙图省力，机械效率一样大3下列关于功、功率、机械效率的说法中，正确的是（）a机械效率越高，做功越多，功率越大b机械效率越高，做功越少，功率越大c机械的功率越大做功越快d机械效率越高，做功越少，但功率不一定大4游戏“愤怒的小鸟”是用“弹弓”把小鸟对准怪物打过去，如图所示下列说法错误的是（）a弹弓受力伸长，说明力能使物体发生形变b弹弓伸长过程中，弹性势能增大c弹出“小鸟”时，弓的弹性势能转化为“小鸟”的动能d被弹弓弹出的“小鸟”，受到弹力和重力的作用5如图所示，甲、乙是两个演示实验的示意图；，丙、丁是四冲程汽油机工作过程中的两个冲程示意图下列说法中，正确的是（）a丙图所示的是做功冲程，其工作原理如甲图所示的实验b丙图所示的是压缩冲程，其工作原理如乙图所示的实验c丁图所示的是压缩冲程，其工作原理如甲图所示的实验d丁图所示的是做功冲程，其工作原理如乙图所示的实验6铁的比热容大于铜的比热容，质量相等的铁块和铜块放出了相等的热量，则（）a铜块的末温高b铁块的末温高c铜块的温度降低得多d铁块的温度降低得多7现在许多家庭采用了“水地暖”取暖其原理是用不高于60的热水，在铺设于地板下的管道内循环流动，加热整个地板，通过地板以热传递方式向室内供热利用热水为热媒，主要是因为水的（）a流动性强b沸点高c比热容大d密度大8下面与温度、内能、热量的有关说法中不正确的是（）a热量不能从内能少的物体传给内能多的物体b物体放出热量，温度不一定会降低c冰在融化过程中温度不变，但内能要增大d电动机工作一段时间后温度要升高，是因为对它做了功9为避免超高车辆闯入隧道造成事故，小明设计了警示电路，使用时闭合开关s导线ef横置于隧道口上沿前方，一旦被驶来的车辆撞断，红灯l亮且电动机转动放下栏杆灯和电动机中，即使其中之一断路，另一个也能正常工作下列电路中符合要求的是（）abcd10如图所示的电路，下列判断正确的是（）a闭合开关s1、s3，断开开关s2时，灯l1、l2串联b闭合开关s2，断开开关sl、s3时，灯l1、l2并联c闭合开关s1、s2，断开开关s3时，灯l1亮、l2不亮d同时闭合开关s1、s2、s3时，电源短路11如图所示，闭合开关s，灯泡l1、l2都能正常发光，两只电表都有示数，工作一段时间后，灯泡l2突然熄灭，l1仍然正常发光，两只电表均无示数，则故障可能是（）a电压表短路b电流表断路cl2断路dl2短路12如图所示，在“”处可以连接电流表或电压表测量电路中的电流、电压，为使l1与l2串联，以下做法正确的是（）aa为电流表，b为电压表，c为电流表ba为电压表，b为电压表，c为电流表ca为电流表，b为电流表，c为电压表da为电流表，b为电流表，c为电流表二、填空题（126=26）13如图所示的装置中，两支笔构成了一个，可以轻松地举起很重的书，小指离支点越远，所用的力越14王师傅装修房子时，用如图所示的滑轮组装置往楼上运送空心砖已知装物箱重250n，每个滑轮重50n，每块空心砖重20n（不计钢丝绳的重力和摩擦）若王师傅拉钢丝绳的力是600n，则一次能匀速提升块砖若某次提升中，钢丝绳受到的拉力是500n，拉力的功率是250w，则将空心砖匀速提升10m，需要的时间是min15蹦极是一项极限体育运动，如图所示，a点最高点、b点为弹性绳自然伸长的位置，蹦极人在c点受弹性绳的弹力与自身重力相等，d点是能下落到的最低点在蹦极人从a点下落到d点的过程中，（填“b”、“c”或“d”）点动能最大，在这个过程中，减小的重力势能都转化为能（不计空气阻力）16改变内能有不同的方式，如图甲所示是向装有少量水的瓶子内不断打气，当瓶塞跳起来时，可以看到瓶内出现白雾，这是瓶内的水蒸气通过的方式使本身的减小，温度降低，水蒸气形成小水珠；如图乙所示电热棒是通过的方式对烧杯中的水进行加热的17甲、乙两物体质量相等，当甲物体温度升高10，乙物体温度升高20时，甲物体吸收的热量是乙物体吸收热量的2倍，则甲的比热容是乙的比热容的倍18“辽宁舰”服役，圆了中国航母梦如图为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度（1）牵引索与蒸汽活塞连接的两个滑轮为（选填“定滑轮”或“动滑轮”），它的实质是一个（2）气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力，此过程中蒸汽的能转化为活塞的机械能，汽油机冲程也会发生同样的能量转化19如图所示是某单缸四冲程汽油机工作状态示意图，由图可以看出，此时它正处在 冲程如果这台汽油机的飞轮转速是1800r/min，则它每秒钟内完成个工作循环，做功次20冬天人们常用一种电热暖手宝，其内部液体通常采用水，这是利用水的比热容大的属性，使保暖时间更长为了使用时更加安全，它的内部采用了双重温控保护开关，两个温控开关是联起来使用的21如图所示，路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，各接口之间是（选填“串联”或“并联”）的工作时间长了，外壳发烫，是由于电能转化成了能22学了串、并联电路后，小红用“顺口溜”对电路的特点进行了总结如：“电流走向多条路，各自为政不相顾，支路要由干路管，就像排长管班长”这里描述的是（选填“串联”或“并联”）电路的特点23如图所示，电路中开关s闭合时电压表测量的是24如图所示，电源电压保持不变，开关s1已闭合若再闭合开关s2，则的示数变大，小灯泡l1的亮度 （填“增强”、“减弱”或“不变”）25如图甲所示电路，闭合开关s后，两相同电压表的指针偏转都如图乙所示，则l2两端的电压为v三、解答题（每图2分，每空1分，共50分）26作图题（1）如图1的a中，用手把一小盆水端起，此时水盆相当于图的b所示的杠杆，其中o为支点，a为杠杆的动力作用点请在图的b中画出作用在a点的最小动力f1和阻力f2的力臂l2（2）为了使轻质杠杆ab在如图2所示位置静止，请你在杠杆上画出所施加最小力f1及其力臂的示意图（3）将图3中的元件符号连成电路，要求：只闭合s1开关两灯l1、l2都亮；只闭合开关s2，两灯l1、l2都不亮；开关s1、s2都闭合，l2不亮，l1亮（4）请根据图4所示的实物图，画出对应的电路图27如图所示，是测量滑轮组机械效率的实验装置（1）用弹簧测力计竖直向上缓慢拉动重为5n的钩码，由图示可知拉力大小为n，将弹簧测力计向上移动12cm，则钩码上升的高度为cm，该滑轮组的机械效率是（结果保留到0.1%）（2）提高机械效率的主要办法是改进结构，使它更轻巧若如图装置中动滑轮的重为g1，用它提升一重物，滑轮组的机械效率为75%；改用一个轻质材料制作的重为g2的动滑轮后，再提升同一重物，滑轮组的机械效率提高到了90%，则g2与g1之比为（不计绳重及各处的摩擦）28阿根廷科学家设计了一款“牛屁屁收集器”，在牛背上装有一个塑料袋，通过导管收集牛体内排出的气体从一头成年牛平均每天排放出的气体中可提取0.21kg甲烷若这些甲烷完全燃烧放出的热量全部被水吸收，可使多少质量的水从20升高到70？q甲烷=5.6107j/kg，c水=4.2103j/（kg）29在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：杠杆：（杠杆上每小格长为2cm）、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个（1）实验前，杠杆静止在如图甲所示的位置，此时杠杆处于（选填“平衡”或“不平衡”）状态（2）实验时，使杠杆在水平位置平衡，主要是为了，因此应将如图甲所示杠杆左端的平衡螺母适当往（选填“左”或“右”）调（3）杠杆在水平位置平衡后，小明在杠杆a点处挂上2个钩码，做为动力f1，b点处挂上l个钩码，做为阻力f2，杠杆恰好在水平位置平衡，如图乙所示，分别测量出两个力的力臂l1和l2，计算后发现：f1*l1=f2*l2，便得出杠杆的平衡条件是：f1*l1=f2*l2但小红认为小明这种实验处理方法是不完善的，理由是（4）在图丙所示的装置中，每个钩码重0.5n，杠杆上每格等距小明在图甲b处施加一个竖直方向的力f1，使杠杆在水平位置平衡，则力f1的方向，大小为n（5）接着，小明提出新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小明利用如图丁所示装置进行探究，在杠杆d点处挂上2个钩码，用弹簧测力计在c点处竖直向上拉使杠杆在水平位置处于平衡状态，此时弹簧测力计的示数如图甲所示，则弹簧测力计的拉力是 n（6）以弹簧测力计的拉力为动力f1，钩码重力为阻力f2，多次调整力和力臂的大小进行测量，发现：f1l1总是大于f2l2，其原因主要是受作用的影响（7）若此时将弹簧测力计沿顺时针旋转，杠杆始终保持水平平衡，则测力计的读数将（选填“增大”、“减小”或“不变”）30为了探究物体动能大小与哪些因素有关，同学们设计了如图甲、乙所示的实验装置来进行实验（1）让质量不同的钢球分别从同一轨道、同一高度由静止开始滚下，撞击水平轨道上同一位置处的物块，强调三个“同一”是为了保证钢球撞击物块时具有相同的这种实验方法是；（2）本实验装置的水平面如果绝对光滑，还能得出结论吗？ 理由是（3）实验后，同学们联想到在许多公交事故中，造成安全隐患的因素有汽车的“超载”与“超速”，进一步想知道，在影响物体动能大小的因素中，哪个对动能影响更大？于是利用上述器材进行了实验测定，得到的数据如表：实验序号小球的质量m/g小球自由滚下的高度h/cm木块被撞后运动的距离s/m1301042302016360108（a）为了探究“超载”安全隐患，应选择两个序号的实验进行比较（b）为了探究“超速”安全隐患，应选择 两个序号的实验进行比较分析表格中对应的实验数据可知：对物体的动能影响更大，当发生交通事故时，由此造成的危害更严重31在探究并联电路电流规律的实验中，图甲是实验的电路图（1）电流表应（填“串联”或“并联”）在被测电路中（2）小明同学在测量a2处的电流时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是；在排除故障后，电流表的示数如图丙所示，则电流表的示数a（3）小明同学根据电路图连接好实验电路，检查电路无误后，开始实验，正确读出电流表示数如表：实验次数i1ai2ai3a10.160.160.3220.200.200.4030.220.220.44连接过程中，开关应该；分析记录的实验数据得出：并联电路中各支路电流相等；小明得出实验结论，主要原因是；（4）小红同学根据电路图正确连接好实验电路，开始实验，正确的出电流表示数如表：实验次数i1ai2ai3a10.100.200.3020.140.280.4230.181.800.54分析记录的实验数据，小红同学得出：并联电路总电流有时等于各支路电流之和，有时不等于各支路电流值和玲玲同学的实验记录表格中，实验次数 读数错误，原因是（5）为了使实验结论更具科学性，请你提出合理化建议（1条即可）：32为了比较物质的吸热能力，张亮做了如图所示的实验：在两个相同的烧杯中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如表：甲物质质量/g升高10时间/s升高20时间/s升高30时间/s沙子150306090210060120180水350501001504100100200300乙 一些物质的比热容/j/kg水4.2 甘油2.4 煤油2.1 色拉油1.97 （1）在此实验中，用加热时间的长短来反映物体（2）比较物质的吸热能力有两种方法：方法一：加热相同时间比较升高的温度方法二：升高相同温度比较加热的时间，根据表中实验数据分析，张亮选择的是（“方法一”或“方法二”）（3）分析表甲中第1、2次或第3、4次数据，可以得出初步结论是同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物体的有关由实验1和3可得出的初步结论是：（4）实验中张亮认为，沙子受热不均，会影响实验，想用水和另一种液体来探究物质的吸热能力部分物质的比热容如表乙所示从实验现象最明显的角度，你帮他选择的另一种液体是33小明学习了燃料的热值后，自己设计一个实验来比较煤油和菜籽油的热值他实验的装置如下图，并每隔1分钟记录了杯中水的温度（见下表）加热的时间/min01357燃料烧完甲杯水温/252732364050乙杯水温/252629323442（1）为了便于比较，小明在实验时应控制两套装置中相同的量有：（2）通过表中记录的数据，你认为煤油和菜籽油两种燃料中，热值较大的是（3）这个同学实验前用天平测出了烧杯中水的质量及盘中菜籽油的质量并由记录的数据，利用公式q吸=cm（tt0）计算出了水吸收的热量他想通过这些数据计算出菜籽油的热值你认为他的计算结果与真实值相比（填“偏大”“偏小”或“相等”），因为2015-2016学年江苏省扬州市江都区七校联考九年级（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（212=24）1图所示的工具中属于费力杠杆的一组是（）abcd【考点】杠杆的分类 【专题】简单机械【分析】判断杠杆的种类，可结合生活经验，根据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆，若动力臂等于阻力臂，则是等臂杠杆【解答】解：核桃夹、手推车在使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；船桨、碗夹在使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆故选c【点评】准确分析题目中工具的动力臂与阻力臂的关系，是判断省力杠杆和费力杠杆的关键2如图所示，用相同的轮滑不同的绕法提起相同的重物，绳重、摩擦忽略不计，在物体匀速上升的过程中（）a甲图省力，机械效率甲图大b甲图省力，机械效率一样大c乙图省力，机械效率乙图大d乙图省力，机械效率一样大【考点】机械效率的大小比较 【专题】功、功率、机械效率【分析】由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离s=nh；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系【解答】解：不计绳重及摩擦，绳子自由端拉力f=（g物+g轮），由图可知：n甲=2，n乙=3，所以绳子自由端拉力：f甲=（g物+g轮），f乙=（g物+g轮），所以f甲f乙，乙图省力；动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，w额=g轮h，w有用=g物h，由此可知：利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同，因为=100%，所以滑轮组的机械效率相同故选d【点评】本题考查了使用滑轮组时n的确定方法，有用功、额外功、总功的计算方法，不计摩擦和绳重时拉力的求法本题关键在于确定额外功相等3下列关于功、功率、机械效率的说法中，正确的是（）a机械效率越高，做功越多，功率越大b机械效率越高，做功越少，功率越大c机械的功率越大做功越快d机械效率越高，做功越少，但功率不一定大【考点】功；功率的概念；机械能 【分析】根据功、功率、机械效率的关系分析功率是单位时间内做的功的多少，机械效率是有用功与总功的比值【解答】解：a、b、d、说法错误，机械效率高，只能说明有用功在总功中占的比例多，而不能说明做功的多少、做功的快慢；c、说法正确，功率越大，说明做功越快；故选c【点评】本题考查了功、功率、机械效率的关系功率由功和时间共同决定，机械效率由有用功和总功共同决定4游戏“愤怒的小鸟”是用“弹弓”把小鸟对准怪物打过去，如图所示下列说法错误的是（）a弹弓受力伸长，说明力能使物体发生形变b弹弓伸长过程中，弹性势能增大c弹出“小鸟”时，弓的弹性势能转化为“小鸟”的动能d被弹弓弹出的“小鸟”，受到弹力和重力的作用【考点】力的作用效果；力与运动的关系；动能和势能的大小变化；动能和势能的转化与守恒 【专题】运动和力；机械能及其转化【分析】力的作用效果有二：改变物体运动状态，改变物体形状；物体由于发生弹性形变而具有的能量叫弹性势能；在一定条件下，弹性势能与动能可以相互转化；物体由于惯性会变成原来的运动状态；地球周围的一切物体都受到重力的作用【解答】解：a、力可以改变物体的形状，所以弹弓在拉力作用下会伸长故a正确；b、弹弓伸长过程中，形变增大，弹性势能增加故b正确；c、弹弓将“小鸟”弹出时，弹性势能转化为“小鸟”的动能故c正确；d、被弹弓弹出的“小鸟”由于惯性继续向前运动，弹力作用不再存在；但“小鸟”受到重力作用故d错误故选d【点评】此题考查了力的作用效果、弹性势能的影响因素、惯性及重力的存在，属于力学基本规律的应用5如图所示，甲、乙是两个演示实验的示意图；，丙、丁是四冲程汽油机工作过程中的两个冲程示意图下列说法中，正确的是（）a丙图所示的是做功冲程，其工作原理如甲图所示的实验b丙图所示的是压缩冲程，其工作原理如乙图所示的实验c丁图所示的是压缩冲程，其工作原理如甲图所示的实验d丁图所示的是做功冲程，其工作原理如乙图所示的实验【考点】内燃机的四个冲程 【专题】比热容、热机、热值【分析】判断甲、乙两图中的能量转化情况；汽油机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据汽油机工作中，气门开关和活塞上下运动情况判断丙、丁图是什么冲程；其中在做功冲程中内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能【解答】解：由图甲，往锥形瓶中打气后，瓶内压缩气体推动瓶塞做功，将内能转化为机械能；由图乙，用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧是将机械能转化为内能的过程由图丙，气门都关闭，活塞向上运动，所以是汽油机的压缩冲程，机械能转化为内能；由图丁，气门都关闭，活塞向下运动，所以是汽油机的做功冲程，内能转化为机械能由此可知，acd错误，b正确故选b【点评】此题是通过内燃机的工作原理和课本中的实验来验证做功改变物体内能的方法，是一道比较简单的实验题，掌握热机的工作原理，学会变通6铁的比热容大于铜的比热容，质量相等的铁块和铜块放出了相等的热量，则（）a铜块的末温高b铁块的末温高c铜块的温度降低得多d铁块的温度降低得多【考点】热平衡方程的应用 【专题】热和能【分析】由吸热公式q吸=cmt可知，质量相同的不同物质，放出相同的热量，比热容大的温度降低少，比热容小的温度降低多【解答】解：质量相同的铁块和铜块，因为铁的比热容大于铜的比热容，放出相同的热量后，由q吸=cmt可知，铜块的温度降低的多；因为铁和铜的初温未知，所以无法判断末温的高低故选c【点评】本题考查了学生对吸热公式q吸=cmt掌握和运用，理解并记住：质量相同的不同物质，吸收或放出相同的热量，比热容大的物体温度变化小；变化相同的温度，比热容大的物体吸收或放出的热量多7现在许多家庭采用了“水地暖”取暖其原理是用不高于60的热水，在铺设于地板下的管道内循环流动，加热整个地板，通过地板以热传递方式向室内供热利用热水为热媒，主要是因为水的（）a流动性强b沸点高c比热容大d密度大【考点】水的比热容的特点及应用 【专题】比热容、热机、热值【分析】水的比热容大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多【解答】解：因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，放出的热量多，所以“水地暖”利用热水为热媒；故选c【点评】关于水的比热容较大的应用：水可做散热剂、冷却剂，用来解释沿海地区昼夜温差小、城市的“热岛效应”等8下面与温度、内能、热量的有关说法中不正确的是（）a热量不能从内能少的物体传给内能多的物体b物体放出热量，温度不一定会降低c冰在融化过程中温度不变，但内能要增大d电动机工作一段时间后温度要升高，是因为对它做了功【考点】温度、热量与内能的关系 【专题】分子热运动、内能【分析】（1）热传递的条件：存在温度差；（2）晶体凝固时，放出热量，温度不变；（3）晶体熔化时，吸收热量，温度不变；（4）对物体做功，物体内能增加，温度可能升高【解答】解：a、发生热传递的条件是有温度差，内能多的物体温度不一定高，因为影响内能大小的因素有温度、质量、状态等，只有质量和状态一定时，温度越高内能越大故a不正确b、物体放出热量，温度不一定会降低，如水结冰时，放出热量，温度不变，故b正确；c、冰在融化过程中，吸收热量，内能增加，温度不变，故c正确；d、电动机工作一段时间后，由于电流做功使温度升高，故d正确故选a【点评】本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、温度、热传递的理解，是中考的热点，热学的难点注意：温度升高，内能一定增加；但是，内能增加，温度不一定升高9为避免超高车辆闯入隧道造成事故，小明设计了警示电路，使用时闭合开关s导线ef横置于隧道口上沿前方，一旦被驶来的车辆撞断，红灯l亮且电动机转动放下栏杆灯和电动机中，即使其中之一断路，另一个也能正常工作下列电路中符合要求的是（）abcd【考点】电路图设计 【专题】电流和电路【分析】串联的各电路元件相互影响，不能独立工作，并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意确定各电路元件的连接方式，然后选择电路【解答】解：导线ef横置于隧道口上沿前方，一旦被驶来的车辆撞断，红灯l亮且电动机转动放下栏杆，说明ef断开之后，电动机与指示灯是通路，ef断开之前，电动机与指示灯被短路，则导线ef与电动机和指示灯并联，灯和电动机中，即使其中之一断路，另一个也能正常工作，说明指示灯与电动机互不影响，能独立工作，电动机与指示灯是并联的，为防止ef断开之前电源被短路，电路干路中要接入保护电阻，由图示电路图可知，a符合要求；故选a【点评】本题考查了实验电路设计，根据题意确定各电路元件的连接方式是正确解题的关键10如图所示的电路，下列判断正确的是（）a闭合开关s1、s3，断开开关s2时，灯l1、l2串联b闭合开关s2，断开开关sl、s3时，灯l1、l2并联c闭合开关s1、s2，断开开关s3时，灯l1亮、l2不亮d同时闭合开关s1、s2、s3时，电源短路【考点】电路的基本连接方式 【专题】电流和电路【分析】由开关的通断可以得出相应的电路，根据电路的特征可得出连接方式及灯泡的通断【解答】解：a、闭合开关s1、s3，断开开关s2时，灯l1、l2并联，故a错误；b、闭合开关s2，断开开关sl、s3时，灯l1、l2串联，故b错误；c、闭合开关s1、s2，断开开关s3时，灯l1被短路，不亮，l2亮，故c错误；d、同时闭合开关s1、s2、s3时，l1及l2被短路，电源被短路，故d正确故选：d【点评】本题重点在于明确电路的三种状态，特别是局部短路状态要明确；当s1、s2闭合时，l1被短路，而当三个开关均闭合时，电源短路11如图所示，闭合开关s，灯泡l1、l2都能正常发光，两只电表都有示数，工作一段时间后，灯泡l2突然熄灭，l1仍然正常发光，两只电表均无示数，则故障可能是（）a电压表短路b电流表断路cl2断路dl2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用 【专题】归谬反证法；欧姆定律【分析】由图知，闭合开关，两只灯泡并联，电压表测量l2两端电压；电流表测量l2支路电流，再结合选项逐一进行判断【解答】解：a、如果电压表短路，整个电路短路，灯泡都不能发光不符合题意；b、电流表断路无示数，l2断路不发光；电压表断路无示数；灯泡l1不受影响仍然发光符合题意；c、如果l2断路不发光，电流表相应断路无示数；而电压表能够测量电源电压有示数不符合题意；d、如果l2短路，整个电路短路，灯泡都不能发光不符合题意故选b【点评】此题考查的是并联电路故障的判断，在并联电路中，因为每个用电器与电源独立组成通路，所以故障一般不会是用电器短路烧坏电源12如图所示，在“”处可以连接电流表或电压表测量电路中的电流、电压，为使l1与l2串联，以下做法正确的是（）aa为电流表，b为电压表，c为电流表ba为电压表，b为电压表，c为电流表ca为电流表，b为电流表，c为电压表da为电流表，b为电流表，c为电流表【考点】电流表的使用；电压表的使用 【专题】电流和电路；电压和电阻【分析】（1）电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线，去掉后对电路有影响；（2）电压表与被测用电器并联，在电路中相当于开路，去掉后对电路没有影响【解答】解：l1与l2串联，由图可知a表跟灯泡l1并联，所以应为电压表；b表与灯泡l2并联，应为电压表；c表跟灯泡l2串联，所以应为电流表由上述可知选项a、c、d都不正确故选b【点评】填电表题实际上就是判断串并联的过程，这类题还可以采用假设法，假设圆圈处去掉，判断对电路是否有影响，有影响就填电流表，无影响就填电压表二、填空题（126=26）13如图所示的装置中，两支笔构成了一个杠杆，可以轻松地举起很重的书，小指离支点越远，所用的力越小【考点】杠杆的应用 【专题】简单机械【分析】杠杆是可以绕某一固定点转动的硬棒，根据杠杆的平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂分析解答【解答】解：杠杆是一根可以绕固定点转动的硬棒，由图可知，两支笔构成了一个杠杆；可以轻松地举起很重的书，当小指离支点越远，即动力臂增大，根据杠杆的平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂，即：f1l1=f2l2，可知，所用的力越小故答案为：杠杆；小【点评】本题考查了学生对杠杆的概念以及杠杆平衡条件的掌握，属于基础知识的考查，比较简单14王师傅装修房子时，用如图所示的滑轮组装置往楼上运送空心砖已知装物箱重250n，每个滑轮重50n，每块空心砖重20n（不计钢丝绳的重力和摩擦）若王师傅拉钢丝绳的力是600n，则一次能匀速提升75块砖若某次提升中，钢丝绳受到的拉力是500n，拉力的功率是250w，则将空心砖匀速提升10m，需要的时间是1min【考点】滑轮组绳子拉力的计算；功率计算公式的应用 【专题】简单机械【分析】（1）利用滑轮组拉力和总重力的关系f=求出砖的总重力，再求块数；（2）利用s=3h求出拉力移动的距离，再根据w=fs求出拉力做的功，利用t=求出时间【解答】解：（1）g动=50n；g箱=250n，f=600n则g物=3fg动g箱=3600n50n250n=1500n，又一块砖g1=20n，一次提升的砖的数量为n=75块；（2）将空心砖匀速提升l0m，拉力移动的距离s=3h=310m=30m，又f=500n，此时拉力做功w=fs=500n30m=15000jp=，t=60s=1min故答案为：75；1【点评】此题考查学生关于滑轮组的拉力与物重的关系以及利用功率求时间的问题的理解和掌握15蹦极是一项极限体育运动，如图所示，a点最高点、b点为弹性绳自然伸长的位置，蹦极人在c点受弹性绳的弹力与自身重力相等，d点是能下落到的最低点在蹦极人从a点下落到d点的过程中，c（填“b”、“c”或“d”）点动能最大，在这个过程中，减小的重力势能都转化为弹性势能（不计空气阻力）【考点】动能大小的比较；动能和势能的转化与守恒 【专题】机械能及其转化【分析】运动员下降的过程中，弹性绳未伸长前运动员做自由落体运动，弹性绳开始伸长后，弹力逐渐变大，运动员受到重力和弹力的合力先变小后反向变大，当合力向下时加速，合力向上时减速【解答】解：弹性绳绷紧后，开始阶段，拉力小于重力，人向下做加速运动，当拉力大于重力后，人做减速运动，即速度先增大后减小当拉力等于重力时，速度最大，动能最大即人到达b点时动能最大人到达d点时，弹性绳伸长最长，弹性绳的弹性势能最大，开始的重力势能全部转化成弹性势能故答案为：c；弹性势【点评】本题与弹簧类型问题相似，关键是分析物体的受力情况，确定物体的运动情况将物体的运动分为三个过程，分别运用牛顿运动定律研究16改变内能有不同的方式，如图甲所示是向装有少量水的瓶子内不断打气，当瓶塞跳起来时，可以看到瓶内出现白雾，这是瓶内的水蒸气通过做功的方式使本身的内能减小，温度降低，水蒸气液化形成小水珠；如图乙所示电热棒是通过热传递的方式对烧杯中的水进行加热的【考点】做功改变物体内能；液化及液化现象；热传递改变物体内能 【专题】应用题；汽化和液化、升华和凝华；分子热运动、内能【分析】改变物体内能的两种方法：做功、热传递对物体做功，物体的内能增加，机械能转化为内能；物体对外做功，物体的内能减少，内能转化为机械能【解答】解：水蒸气会把瓶塞冲出水蒸气对瓶塞做了功，水蒸气的内能转化为瓶塞的机械能，水蒸气内能减少，温度降低水蒸气发生液化形成小水珠，瓶口出现“白雾”；用电热棒对水加热是通过热传递的方式进行的故答案为：做功；内能；液化；热传递【点评】解决此题要结合改变物体的内能方式进行分析解答17甲、乙两物体质量相等，当甲物体温度升高10，乙物体温度升高20时，甲物体吸收的热量是乙物体吸收热量的2倍，则甲的比热容是乙的比热容的4倍【考点】热量的计算 【专题】计算题；比热容、热机、热值【分析】由题知，甲乙两物体的质量之比、升高的温度关系，吸收的热量之比，利用q吸=cmt求甲、乙两物体的比热容之比【解答】解：由题知，m甲：m乙=1：1，t甲：t乙=10：20=1：2，q吸甲：q吸乙=2：1，由q吸=cmt得：=，即：=，所以c甲：c乙=4：1，即：甲的比热容是乙的比热容的4倍故答案为：4【点评】本题考查了学生对吸热公式的掌握和运用，因为是求比值，要细心，防止因颠倒而出错18“辽宁舰”服役，圆了中国航母梦如图为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度（1）牵引索与蒸汽活塞连接的两个滑轮为定滑轮（选填“定滑轮”或“动滑轮”），它的实质是一个等臂杠杆（2）气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力，此过程中蒸汽的内能转化为活塞的机械能，汽油机做功冲程也会发生同样的能量转化【考点】内能的利用及其意义；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点 【专题】应用题；分子热运动、内能；简单机械【分析】（1）知道定滑轮是轴的位置固定不动的滑轮，动滑轮是轴的位置随被拉物体一起运动的滑轮，定滑轮相当于与一个等臂杠杆；动滑轮相当于一个省力杠杆；（2）物体对外界做功，物体的内能减小，温度降低【解答】解：（1）牵引索与蒸汽活塞连接的两个滑轮为定滑轮，它的实质是一个等臂杠杆；（2）气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能减小，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力，这与四冲程汽油机的做功冲程的能量转化相同故答案为：（1）定滑轮；等臂杠杆；（2）内；做功【点评】本题考查定滑轮和动滑轮的定义、改变内能的方法，是一道基础题19如图所示是某单缸四冲程汽油机工作状态示意图，由图可以看出，此时它正处在做功 冲程如果这台汽油机的飞轮转速是1800r/min，则它每秒钟内完成15个工作循环，做功15次【考点】内燃机的四个冲程；有关热机的计算 【专题】应用题；比热容、热机、热值【分析】由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸气冲程没有能的转化热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，根据这个比例关系可以求出答案【解答】解：如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞下行，可以判断是做功冲程，做功冲程中内能转化为机械能若飞轮转速是1800r/min=30r/s，表示每秒飞轮转动30圈，要经过60个冲程，完成15个冲程，对外做功15次故答案为：做功；15；15【点评】本题考查了热机的三个知识点：根据进气门和排气门的闭合和打开情况、活塞的上下行情况来判断是哪个冲程，能的转化，根据工作循环、冲程、做功、活塞、飞轮任何一者能判断另外几者20冬天人们常用一种电热暖手宝，其内部液体通常采用水，这是利用水的比热容大的属性，使保暖时间更长为了使用时更加安全，它的内部采用了双重温控保护开关，两个温控开关是串联起来使用的【考点】电路的基本连接方式 【专题】电流和电路【分析】为了更安全，电热暖手宝采用双重温控保护开关，只要有一处温度过高就自动切断电路，两个开关应该是串联【解答】解：电热暖手宝采用双重温控保护开关，两个开关相互影响的，只有同时闭合才行，故应该是串联故答案为：串【点评】本题涉及到经常用的电热暖手宝的电路结构问题，知道两个开关的特殊作用，是正确判断的关键21如图所示，路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，各接口之间是并联（选填“串联”或“并联”）的工作时间长了，外壳发烫，是由于电能转化成了内能【考点】电路的基本连接方式；电热 【专题】电流和电路；电与热、生活用电【分析】（1）并联电路中各用电器互不影响；（2）用电器工作时，消耗了电能，得到了其他形式的能【解答】解：路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，并且各电脑之间互不影响，因此各接口之间为并联连接； 工作时间长了，外壳发烫，是由于电能转化成了内能故答案为：并联；内【点评】本题综合考查了串并联电路的特点以及能量间的相互转换等，综合性强，但都属于基础知识考查范围22学了串、并联电路后，小红用“顺口溜”对电路的特点进行了总结如：“电流走向多条路，各自为政不相顾，支路要由干路管，就像排长管班长”这里描述的是并联（选填“串联”或“并联”）电路的特点【考点】并联电路的电流规律 【专题】电流和电路【分析】掌握串并联电路的特点：串联电路电流只有一条路径，开关控制整个电路，各用电器互相影响；并联电路电流有多条路径，干路开关控制整个电路，支路开关只控制其所在支路的用电器，各用电器互不影响【解答】解：电流走向多条路，说明电流有多条路径；各自为政不相顾，说明各用电器互不影响；支路要由干路管，说明干路开关控制整个电路，与并联电路的特点相符合故答案为：并联【点评】本题主要考查了对并联电路的特点掌握，属基础性知识，难度不大23如图所示，电路中开关s闭合时电压表测量的是l2两端的电压【考点】电压表的使用 【专题】应用题；电压和电阻【分析】电压表的使用规则是：并联在电路中；正接线柱靠近电源的正极，负接线柱靠近电源的负极；所测电压不能超过电压表的量程【解答】解：电压表的使用规则之一是：并联在电路中，即与被测电路并联；此题中，电压表与灯泡l2并联；故电压表是测l2两端的电压故答案为：l2两端的电压【点评】要判断电压表所测电压，关键是看电压表与哪部分电路并联24如图所示，电源电压保持不变，开关s1已闭合若再闭合开关s2，则电流表的示数变大，小灯泡l1的亮度不变 （填“增强”、“减弱”或“不变”）【考点】电流表的使用；实际功率 【专题】应用题【分析】由闭合开关时电阻的变化可以求出电流的变化，由功率判断灯泡的亮度的变化【解答】解：开关s1已闭合，电灯l1连入电路，电流表测l1电流若再闭合开关s2时，l1、l2并联，电流表测总电流，会变大并联后电源电压不变，即l1上的电压保持不变，故功率不变，亮度不变故答案为：电流表、不变【点评】动态分析题目，应在认清电路的前提下，分析电路中的变化电路中并上电阻后总电阻会减小，总电阻总小于并联电路中的任一电阻这一点对动态分析的题目非常有帮助25如图甲所示电路，闭合开关s后，两相同电压表的指针偏转都如图乙所示，则l2两端的电压为6v【考点】串联电路的电压规律 【专题】应用题；定量思想；顺推法；电压和电阻【分析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表v1测电源的电压，电压表v2测l1两端的电压，根据串联电路的电压特点和两电压表指针偏转相同判断它们的量程，并根据分度值读出示数，进一步求出l2两端的电压【解答】解：由电路图可知，两灯泡串联，电压表v1测电源的电压，电压表v2测l1两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且两电压表指针偏转相同，所以，电压表v1的量程为015v，分度值为0.5v，电源的电压u=7.5v，电压表v2的量程为03v，分度值为0.1v，l1两端的电压u1=1.5v则l2两端的电压u2=uu1=7.5v1.5v=6v故答案为：6【点评】本题考查了串联电路的电压特点和电压表的读数，会确定两电压表的量程是关键三、解答题（每图2分，每空1分，共50分）26作图题（1）如图1的a中，用手把一小盆水端起，此时水盆相当于图的b所示的杠杆，其中o为支点，a为杠杆的动力作用点请在图的b中画出作用在a点的最小动力f1和阻力f2的力臂l2（2）为了使轻质杠杆ab在如图2所示位置静止，请你在杠杆上画出所施加最小力f1及其力臂的示意图（3）将图3中的元件符号连成电路，要求：只闭合s1开关两灯l1、l2都亮；只闭合开关s2，两灯l1、l2都不亮；开关s1、s2都闭合，l2不亮，l1亮（4）请根据图4所示的实物图，画出对应的电路图【考点】杠杆中最小力的问题；力臂的画法；实物的电路连接 【专题】作图题；电流和电路；简单机械【分析】（1）（2）力臂是从支点到力的作用线的距离要画出最小的力，首先掌握杠杆的平衡条件：f1l1=f2l2，根据公式，动力臂越长，越省力，所以只要找到最长的力臂便可求得最小的力（3）只闭合s1，两灯都亮，则两灯串联；开关s1、s2都闭合，l1灯亮，l2灯不亮，只闭合开关s2，两灯l1、l2都不亮，说明s1控制s2；（4）先分析各元件的连接方式，然后用导线将各元件依次连接起来，根据实物图完成电路图即可【解答】解：（1）由题o为支点，从o向f2的作用线引垂线，垂线段的长度即为阻力臂l2根据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，由图示，最长的动力臂是从o点到a点的距离，过a点做oa的垂线，方向向上，做出力f1的示意图如图所示：（2）在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，最省力，即动力臂最长，由图知ob比oa长，所以ob