四川省绵阳市江油中学2019届高三物理下学期第一次月考试题（含解析）.docx

四川省江油中学2019届高三下学期第一次月考理科综合物理试题一.选择题1.氢原子的能级图如图所示，有一群处于n4能级的氢原子，若氢原子从n4能级向n2能级跃迁时所辐射出的光正好使某种金属A发生光电效应，则下列说法中错误的是()A. 这群氢原子辐射出的光中共有4种频率的光能使金属A发生光电效应B. 如果辐射进来一个能量为2.6 eV的光子，可以使一个氢原子从n2能级向n4能级跃迁C. 如果辐射进来一个能量大于1.32 eV的光子，可以使处于n4能级的一个氢原子发生电离D. 用氢原子从n4能级向n1能级跃迁时辐射出的光照射金属A，所产生的光电子的最大初动能为10.2 eV【答案】BD【解析】若氢原子从能级向能级跃迁时所辐射出的光正好使某种金属A发生光电效应，则从n=4到低能级的跃迁中，还有从41，31，21三种跃迁辐射光子的频率大于从42辐射光子的频率，则共有4种频率的光能使金属A发生光电效应，选项A正确；从2到4的能级差为3.40-0.85=2.55eV，则如果辐射进来一个能量为2.6eV的光子，则不能被原子吸收，即不可以使一个氢原子从能级向能级跃迁，选项B错误；使n=4的氢原子发生电离的最小能量为0.85eV，则如果辐射进来一个能量大于1.32eV的光子，可以使处于能级的一个氢原子发生电离，选项C正确；氢原子从能级向能级跃迁时辐射出的光的能量为2.55eV，因金属A的逸出功未知，则不能确定所产生的光电子的最大初动能，选项D错误；此题选择错误的选项，故选BD.点睛：该题考查玻尔理论，解答的关键是正确理解玻尔理论 的几个基本假设以及跃迁理论，理解当入射光的能量大于基态的能量时，才能使电子被电离2.一质量为M、带有挂钩的球形物体套在倾角为的细杆上，并能沿杆匀速下滑，若在挂钩上再吊一质量为m的物体，让它们沿细杆下滑，如图所示，则球形物体()A. 仍匀速下滑B. 沿细杆加速下滑C. 受到细杆的摩擦力不变D. 受到细杆的弹力不变【答案】A【解析】【详解】未挂m时，匀速下滑，根据牛顿第二定律有：，即：，所以再挂上m后，依然有：，仍然平衡匀速，A正确BCD错误3.2016年10月19日凌晨，神舟十一号飞船与天宫二号自动交会对接成功，航天员开始为期30天的太空驻留生活已知地球表面的重力加速度g，地球半径R，神舟十一号飞船对接后随天宫二号做匀速圆周运动的周期T及引力常量G，下列说法中正确的是()A. 要完成对接，应先让神舟十一号飞船和天宫二号处于同一轨道上，然后点火加速B. 若对接前飞船在较低轨道上做匀速圆周运动，对接后飞船速度和运行周期都增大C. 由题给条件可求出神舟十一号飞船质量D. 由题给条件可求出神舟十一号飞船对接后距离地面的高度h【答案】D【解析】【详解】A.如果处于同一轨道，加速点火会做离心运动，无法完成对接，A错误。B.对接后，轨道半径变大，根据可知，轨道半径变大，运行速度变小，B错误。C.神舟十一号飞船是环绕卫星，根据万有引力提供向心力，无法求出环绕卫星的质量，C错误。D.根据，在地表：，联立解得：，D正确。4.t0时刻，一物块(可视为质点)以v06 m/s的初速度沿倾角37且足够长的斜面向上运动，物块运动的部分vt图象如图所示，重力加速度g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，下列说法中正确的是()A. 当物块向上运动的速度减为零时，物块可能在斜面上静止B. 物块在斜面上向上与向下运动的加速度等大反向C. 物块向上运动的时间和向下运动回到出发点的时间之比为1D. 物块向上运动过程中中间时刻的速度大于向下运动过程中位移中点的速度【答案】C【解析】【详解】A.上滑过程根据牛顿第二定律有：，根据图像可知，解得：，所以减速为零后不可能静止在斜面上，A错误。B.物块向下运动有：，解得：，B错误。C.根据匀变速方程：，可知，位移相同，所以时间与加速度的开方成反比，所以，C正确。D.物块上滑中间时刻速度，下滑经过中点的速度：，解得：，D错误。5.如图所示，实线为三个电荷量相同带正电的点电荷Q1、Q2、Q3的电场线分布，虚线为某试探电荷从a点运动到b点的轨迹，则下列说法正确的是( )A. b点的电场强度比a点的电场强度大B. 该试探电荷从a点到b点的过程中电场力一直做负功C. 该试探电荷从a点到b点的过程中电势能先增加后减少D. 该试探电荷从a点到b点的过程中动能先增加后减少【答案】AC【解析】【详解】A.根据电场线的疏密程度表示电场强度的大小可知，b点的电场强度比a点的电场强度大，故A正确；B.该试探电荷从a点到b点的过程中，电场力提供其做曲线运动的合外力，且电场力方向指向曲线凹处，与速度方向的夹角先是钝角后变成锐角，即电场力先做负功后做正功，试探电荷的电势能先增加后减少，根据功能关系可知，试探电荷的动能先减少后增加，故C正确，B、D错误故选：AC6.如图所示的电路中，电源电动势为2 V，内阻r0.5 ，电阻R11.5 ，电阻R22 ，电阻R33 ，滑动变阻器R4接入电路的阻值为2 ，电容器的电容C1.0 F，电阻R3与电容器间的导线记为d，单刀双掷开关S与触点1连接，下列说法正确的是()A. 如果仅将R4的滑片向上滑动，R1消耗的功率减少B. 如果仅将R4的滑片向上滑动，电源的输出功率增加C. 如果仅将R4的滑片向上滑动，电容器两极板间的电势差减小D. 若仅将开关S由触点1拨向触点2，流过导线d的横截面的电荷量为1.75106C【答案】BD【解析】【详解】A.如果仅将R4的滑片向上滑动，接入电路电阻变小，根据可知，电流变大，所以R1消耗的功率变大；根据电源输出功率和外电阻关系图像，因为在滑动过程中外电阻始终大于内阻，当外电阻减小时，电源输出功率增加；电容器两端的电压变大，AC错误B正确。D.开关S与触点1接通：，电容器两端电压，开关S与触点2接通：，电容器两端电压：，但电容器两极板电性发生改变，所以流过导线d的横截面的电荷量，D正确。7.某小型发电站的发电功率是20 kW，发电机的输出电压为380 V，输电电压为5 000 V，输电线路总电阻是6 ，用户端的降压变压器原、副线圈的匝数比为221，则下列说法正确的是()A. 用户端得到的电压约为226 VB. 输电线路升压变压器原、副线圈的匝数比为122C. 若发电站的发电功率提高到40 kW，则用户端获得的电压会加倍D. 采用380 V低压输电和采用5 000 V高压输电，输电线路损耗的功率之比约1731【答案】AD【解析】【详解】A.根据题意可知，输电线上的电流，所以降压变压器输入电压：，根据变压器原理可知用户端得到电压：，A正确。B.根据变压器原理：，B错误。C.若发电功率提高到40 kW，所以降压变压器输入电压：，根据变压器原理可知用户端得到电压：，C错误。D.输电线电流：，输电线功率损失：，所以，代入数据可得两次损耗功率之比约为173：1，D正确。8.如图甲所示，垂直于水平桌面向上的有界匀强磁场的磁感应强度大小B0.8 T，宽度L2.5 m，光滑金属导轨OM、ON固定在桌面上，O点位于磁场的左边界，且OM、ON与磁场左边界均成45角金属棒ab放在导轨上，且与磁场的右边界重合t0时，ab棒在水平向左的外力F作用下向左运动并匀速通过磁场测得回路中的感应电流I随时间t变化的图象如图乙所示已知O点处电阻为R，其余电阻不计则下列说法中正确的是()A. 由图乙可知05 s内通过ab棒横截面的电荷量为10 CB. 水平外力F随时间t变化的表达式为F2(20.4t)2(N)C. O点处的电阻为1 D. 在05 s内水平外力F做功的功率最大值为4 W【答案】BCD【解析】【详解】A.根据方程：可知，图像面积即为通过截面的电量，所以05 s内通过ab棒横截面的电荷量为5 C，A错误。B.根据题意可知，物体的速度为，电流随时间关系：，导体棒切割长度为：，根据平衡可知外力大小等于安培力：，联立得：F2(20.4t)2(N)，B正确。C.初始时刻，电动势：，所以O点电阻，C正确。D.，根据B选项可知，初始时刻外力最大为8N，所以最大功率，D正确。二.实验题9.某同学使用有透光狭缝的钢条和光电计时器的装置测量重力加速度(图甲)在钢条下落过程中，钢条挡住光源发出的光时，计时器开始计时，透光时停止计时，若再次挡光，计时器将重新计时实验中该同学将钢条竖直置于一定高度(下端A高于光控开关)，由静止释放，测得先后两段挡光时间t1和t2.(1)用游标卡尺测量AB、AC的长度，其中AB的长度如图乙所示，其值为_ mm.(2)若狭缝宽度忽略，则该同学利用vAB 、vBC ，求出vAB和vBC后，则重力加速度g_.(3)若狭缝宽度不能忽略，仍然按照(2)的方法得到的重力加速度值比其真实值_(填“偏大”或“偏小”)【答案】 (1). 74.3 (2). (3). 偏大【解析】【详解】（1）主尺刻度为：74mm，游标示数为：，所以长度为74.3mm。（2）该同学求出的平均速度即为对应中间时刻的瞬时速度，根据匀变速直线运动速度时间关系可知：（3）若狭缝宽度不能忽略，则实际时间间隔变长，所以代入测量的时间小于实际时间，测量的加速度比真实值偏大。10.要测绘额定电压为2V的日常用小电珠的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A.电源E（电动势3.0V，内阻可不计） B.电压表V1（量程为03.0V，内阻约2k）C.电压表V2 （015.0V，内阻约6k） D.电流表A1（00.6A，内阻约1）E.电流表A2 （0100mA，内阻约2） F.滑动变阻器R1（最大值10）G.滑动变阻器R2（最大值2k）（1）为减少实验误差，实验中电压表应选择_，电流表应选择_，滑动变阻器应选择_（填各器材的序号）（2）为提高实验精度，请你在虚线框中设计实验电路图_。（3）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡的UI图象如图所示，则该小电珠的额定功率是_W，小电珠电阻的变化特点是_【答案】 (1). （1）B、 (2). D、 (3). F； (4). （2） (5). （3）0.940.98； (6). 灯泡电阻随电压（温度）的增大而增大.【解析】【详解】（1）根据题意可知，电源电动势为3V，所以电压表选择B；要测绘的是2V日常用小电珠，电阻较小，且根据图像可知，电流小于0.6A，所以电流表选择D；该实验要求电压从零开始调节，所以电路采取分压式，滑动变阻器选择较小阻值，可以有效减小误差，所以滑动变阻器选择F。（2）小电珠电阻较小，所以采取电流表外接法，滑动变阻器采取分压式，所以电路图如下：（3）当电压为2V时，对应电流为0.49A，所以额定功率：；根据图像可知，图像斜率变大，所以电阻随电压（温度）的增大而增大。三.计算题11.如图所示。质量M2 kg足够长的小平板车静止在光滑水平面上，车的一端静止着质量为MA2 kg的物体A(可视为质点)。一个质量为m20 g的子弹以500 m/s的水平速度射穿A后，速度变为100 m/s，最后物体A静止在车上。若物体A与小车间的动摩擦因数0.5(g取10 m/s2)。(1)平板车最后的速度是多大？(2)全过程损失的机械能为多少？(3)A在平板车上滑行的时间为多少？【答案】 ； ;【解析】【详解】（1）根据系统动量守恒：，解得木板车最后的速度：。（2）根据能量守恒可得损失的机械能：，代入数据解得：。（3）子弹打木块的瞬间动量守恒有：，解得子弹穿透A物体后，A物体的速度，之后A物体匀减速到最终与木板车共速，根据牛顿第二定律：，根据匀变速运动方程：，解得。12.如图所示，一质量为m=0.5kg，电荷量为q=+0.2C的小物块（可视为质点），放在离地面高度为h=5m的水平放置、厚度不计的绝缘圆盘边缘，并随圆盘一起绕中心转轴顺时针做匀速圆周运动，圆盘的角速度为=2rad/s，半径为r=1m，圆盘和小物块之间的动摩擦因数为=0.5。以圆盘左侧垂直于纸面的切面和过圆盘圆心O点与空间中A点的竖直平面为界（两平面平行），将空间分为、三个空间区域，当小物块转动时，区域出现随时间均匀增大的电场E（图中未画出），电场方向是竖直方向。当E增大到E1时，小物块刚好从空间中的A点离开圆盘，且垂直于、区域边界进入区域，此时，区域和区域立即出现一竖直向上的匀强电场E2（图中未画出），E2=25N/C，且区域有一垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场宽度为L=4m，g=10m/s2。求：（1）E1的大小和方向；（2）若小物块在磁场宽度范围内落地，则磁感应强度B的取值范围是多少？（3）现将磁感应强度B取某一值，当小物块离开A后一小段时间，紧贴圆盘圆心O点下方以速度m/s水平抛出一木制小球，最终两者在磁场宽度范围内的地面上相遇，则从小物块离开A点时开始计时，抛出木制小球的时刻t为多少？【答案】（1），竖直向上（2）（3）【解析】试题分析：（1）当区域的电场向上时，小物块与圆盘间的最大静摩擦力减小，当其减小到等于向心力时，小物块沿切线方向飞出，所以，的方向竖直向上由牛顿第二定律有：代入数据解得：（2）在、区域，由于，所以小物块先做匀速直线运动，进入区域后，做匀速圆周运动设小物块速度为v，圆周运动的半径为，则有：，要使其在磁场宽度范围内落地，其轨道如图所示设半径的极小值和极大值分别为和，则有：联立并代入数据解得：（3）设木制小球落地点为F，运动时间为，水平位移为x，、分别为在地面上的投影，FD的长度为d，则有：；由几何知识有：联立并代入数据解得：设小物块整个运动的时间为，在区域的运动半径为，周期为T，则有：解得：，代入数据解得：，又，代入数据得：所以小物块做圆周运动转过角度为：所以：，则：，联立解得：考点：考查了带电粒子在有界磁场中的运动13.下列说法正确的是_A. 气体吸收热量，其内能一定增加B. 气体对外做功，其内能可能不变C. 空气能热水器是利用空气中的能量将水温升高，使水的温度高于空气的温度，这证明了热量可以自发地从低温物体传递到高温物体D. 从单一热源吸收热量全部用来对外做功是可能的E. 自发的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的【答案】BDE【解析】【详解】AB.根据热力学第一定律可知，气体吸收热量，如果对外做功，内能不一定增加；同理气体对外做功，同时气体从外界吸收热量，内能可能不变，A错误B正确。C.空气能热水器需要消耗电能才能加热，所以该过程不是自发的，C错误。D.如果引起其他变化，从单一热源吸收热量全部用来对外做功是可能的，比如理想气体的等温膨胀，D正确。E.根据热力学第二定律的微观解释可知自发的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的，E正确。14.假设用火箭发射的载人飞船中竖直放置一水银气压计，水银气压计的简易原理图如图所示，水银管上端为密闭真空火箭起飞前，飞船内水银气压计读数为p0，温度t027 ，已知水银的密度为，重力加速度为g.求水银气压计中水银柱的高度L0.若火箭竖直向上以加速度大小为0.5g做匀加速运动，此时飞船内水银气压计读数为p0.6p0，飞船的体积始终不发生变化，飞船内气体可视为理想气体，求此时飞船内的温度【答案】【解析】【详解】根据平衡可知，解得：。设此时气体的实际压强为，根据牛顿第二定律有：，根据题意，此时水银气压计读数为p0.6p0，所以此时水银长度，解得：，根据等容方程有：，解得：。15.图为一列简谐横波在t0.10 s时刻的波形图，P是平衡位置在x1.0 m处的质点，Q是平衡位置在x4.0 m处的质点；图(b)为质点Q的振动图像。下列说法正确的是_。A. 在t0.10 s时，质点Q向y轴正方向运动B. 在t0.25 s时，质点P的加速度方向与y轴正方向相同C. 从t0.10 s到t0.25 s，该波沿x轴负方向传播了6 mD. 从t0.10 s到t0.25 s，质点P通过的路程为30 cmE. 质点