山东省潍坊市诸城市龙源学校九年级物理上学期第三次质检试题（含解析） 新人教版.doc

2014-2015学年山东省潍坊市诸城市龙源学校九年级（上）第三次质检物理试卷一、选择题（共9小题，每小题2分，满分18分.每个小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，选对的每小题2分，选错或不选的得0分）1关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）a物体的温度越高，所含热量越多b温度高的物体，内能一定大c0的冰块，内能一定为零d温度相同的两物体间不会发生热传递2某取暖器在只闭合开关s1时送冷风，同时闭合s1、s2时送热风，为了安全起见，取暖器一般都要安装一个跌倒开关s，使取暖器倾倒时整个电路断开，下列符合该取暖器工作要求的电路是（）abcd3如图所示，闭合开关s，电路正常工作过了一段时间，灯泡l熄灭，两只电表示数都变大则下列判断正确的是（）a灯泡l短路b电阻r短路c电阻r断路d灯泡l断路4如图所示电路，当滑动变阻器滑片p向a端滑动的过程中，电流表，电压表示数变化情况是（）a电流表示数变大b电流表示数变小c电压表示数变大d电压表示数变小5如图所示，电源电压保持不变，电阻r1=r2=r3=10当s1、s2都断开时，电流表示数为1a，则（）a电源电压为30vb当s1、s2都闭合时，电流表示数为2ac当闭合s1、断开s2时，r1的功率为0wd当s1、s2都闭合时，整个电路消耗的功率最小6关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）a家庭电路中的熔丝熔断，一定是发生了短路b家用电能表的示数显示了家庭用电的总功率c家庭电路中的熔丝可以用铁丝代替d家用电器的金属外壳该用导线接地7标有“12v 8w”、“24v 8w”、“36v 8w”的三盏电灯都正常发光，则三灯的亮度（）a“12v 8w”的最亮b“24v 8w”的最亮c“36v 8w”的最亮d三灯一样亮8标有“6v 6w”和“6v 9w”的两盏灯串联在电路中一灯恰正常发光则下列说法合理的是（）a“6v 9w”的电流大b“6v 9w”的较亮c两端的总电压是12vd两端的总电压是10v9用两个相同的电热器分别给质量相同的水和某种液体加热，每隔1min记录一次数据，如表所示，则该液体的比热容为（） 加热时间/min012水的温度/202632液体的温度/203448a0.9103j/（kg）b1.8103j/（kg）c3.6103j/（kg）d1.2103j/（kg）二、多项选择题10如图是四冲程汽油机做功冲程的示意图汽油燃烧产生高温高压的气体推动活塞向下运动在活塞向下运动的过程中，汽缸内气体的（）a内能增大b温度不变c密度增大d分子热运动减慢11在如图所示的电路中，闭合开关，两表有示数，过一会后发现两只电表中有一只电表的示数明显变小，另一只电表的示数明显变大下列判断中正确的是（）a可能是灯l断路b一定是灯l短路c可能是滑动变阻器r断路d一定是滑动变阻器r的滑片向左滑动12灯泡l的额定电压为6v，通过实验测得其电流随电压变化的曲线如图所示由图可知，下列说法正确的是（）a灯泡l正常发光时的电阻是10b灯泡l两端的电压为3v时，灯泡l消耗的实际功率为0.9wc灯泡的电流与电压成正比d灯泡的电阻随温度的降低而减小13如图所示，电源电压保持不变闭合开关，当滑动变阻器的滑片p从a向b滑动的过程中，设灯泡工作时的电阻不变下列说法正确的是（）al1灯逐渐变亮bl2灯逐渐变暗c电流表的示数变小d滑动变阻器两端的电压逐渐变大14甲灯泡标有“220v 40w”，乙灯泡标有“220v 100w”，下列说法合理的是（）a都正常发光时甲的电流大b都正常发光时乙消耗的电能多c都正常发光时乙灯泡做功一定快d把两个灯泡串联时甲灯更亮15随着人民生活水平的提高，居民家里用电器的种类和数目在不断增加，给我们生活带来方便的同时也带来安全隐患下列做法不正确的是（）a只要不接触带电体就一定不会触电b用电器的金属外壳必须接地线c在现有的照明电路中，增加大功率用电器时只需换上足够粗的保险丝即可d接开关的两个线一旦接触就会导致保险丝熔断16学习了电学知识之后，小亮研究家中具有保温功能的电饭锅，画出电饭锅的电路原理图如图所示，电饭锅的铭牌上部分内容如下表 额定电压 220v 加热功率 1100w 保温功率 44w 最大容积 3l下列说法正确的是（）a当开关s闭合时r1是加热电阻b电饭锅正常加热时，电路的电流是5ac电路中电阻r1的阻值是1100d电路中电阻r2的阻值是105617如图甲所示，有一个亮度可以调节的小灯泡上标有“6v 6w”的字样，电源电压为9v且保持不变小灯泡的电流随电压的变化曲线如图乙所示则下列说法正确的是（）a小灯泡正常发光时的电阻为6b小灯泡在发光过程中电阻是不变的c当电流表的示数为0.7a时，小灯泡的额定功率为2.1wd当电流的示数为0.7a，30s内整个电路消耗的电能是189j三、实验题（本题共3小题，共25分）18在探究“电压一定时，电流跟电阻的关系”的实验中，设计电路图如图甲所示（1）连接电路前，开关必须（2）请根据图甲电路图用笔画线代替导线将图乙所示实物连接成完整电路（导线不允许交叉）（3）连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压造成这一现象的原因可能是a电流表坏了 b滑动变阻器短路c电阻处接触不良 d电阻短路（4）排除电路故障进行实验，多次改变r的阻值，调节滑动变阻器，使电压示数保持不变，实验数据记录如下表其中第5次实验电流表示数如图丙所示，其读数为实验次数12345电阻r/510152025电流v/a0.60.30.20.15（5）在本实验中滑动变阻器的主要作用是由表格中数据可知，电阻两端的电压必须保持不变实验结论是：19小林同学用两节干电池、电压表、电流表和滑动变阻器等实验器材，测量标有“2.5v”字样小灯泡的电功率（1）如图甲所示是小林同学连接的实物图，其中有一处连接错误，请在错误连线上打“”，并用笔画线代替导线画上正确的连线（2）闭合开关s前，滑片p应滑到最（选填“左端”或“右端”）（3）电路连接正确后，闭合开关，移动滑动变阻器，继续实验，并根据实验数据画出如图乙所示的iu图象，当电压表的示数如图丙所示，则此时灯泡的电阻是（4）小灯泡的额定功率是w20请将图中的“光控开关”、“声控开关”、灯泡用笔画线代替导线正确连入电路，设计出只有在光线很暗且有声音时灯才亮的楼道灯自动控制电路，同时安装一个不受开关控制的三孔插座四、计算题（共三个小题，25分）21小丽家近日住进了新楼，为了淋浴的方便，购置了一款潍州牌电热水器（其铭牌见下表），安装在卫生间的墙上 潍州牌电热水器 额定电压/v 220 额定电功率/w 4400 容积/dm3 44商品特征：安全防电墙、防水、防尘、防潮（1）注满水的电热水器，在额定电压下连续加热30min，热水器上的温度示数由20上升到50求此过程中电热水器的热效率；（c水=4.2103j/（kg）（2）有一次，该热水器的加热器在5min内消耗的电能为3.3105j，求电热水器工作的实际电压；（3）小丽家的电能表上标有“2000r/kwh”字样，若小丽家的电热水器正常工作2小时，小丽家的电能表转盘转多少转？22在图甲所示的电路中，已知电源为电压可调的直流学生电源，灯泡l1的额定电压为6v，图乙是灯泡l2的ui图象则（1）当开关s接a时，电压表的示数为2v，电流表的示数为0.5a，求定值电阻r0的阻值；（2）当开关s接a时，调节电源电压，使灯泡l1正常发光，此时r0消耗的功率为1w，求灯泡l1的额定功率；（3）开关s接b时，通过调节电源电压使灯泡l1正常发光，求电路消耗的总功率23太阳能热水器是把太阳能转化为内能的设备之一，热水器每小时平均接收4.2106j的太阳能，在5小时的有效照射时间内，将热水器中质量为100kg、初温为20的水温度升高40求：（1）热水器中的水吸收的热量q；水的比热容c=4.2103j/（kg）（2）热水器5小时内接收到的太阳能e；（3）热水器的效率；（4）若改用煤气来加热这些水，需要完全燃烧多少千克煤气？（煤气的热值q=4.2107j/kg，假设煤气燃烧放出的热量有80%被水吸收）2014-2015学年山东省潍坊市诸城市龙源学校九年级（上）第三次质检物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共9小题，每小题2分，满分18分.每个小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，选对的每小题2分，选错或不选的得0分）1关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）a物体的温度越高，所含热量越多b温度高的物体，内能一定大c0的冰块，内能一定为零d温度相同的两物体间不会发生热传递【考点】温度、热量与内能的关系；热传递【专题】压轴题【分析】做本题需掌握：温度和内能是一状态量，热量是一过程量，它们分别对应的术语不同【解答】解：a、热量是一过程量，它所对应的术语是“吸收”和“放出”，不能用“含有”故a不正确；b、影响内能大小的因素有质量、温度、状态等因素，温度高的物体内能不一定大，只有当质量和状态一定时，温度高内能一定大故b不正确；c、一切物体都具有内能，0的冰，即使温度更低也具有内能，因为一切物体分子都在永不停息地做无规则运动故c不正确；d、发生热传递的条件是：有温度差所以温度相同的两物体间不发生热传递故d正确故选d【点评】本题考查学生对温度、内能、热量区别的理解和掌握情况，是中考的热点2某取暖器在只闭合开关s1时送冷风，同时闭合s1、s2时送热风，为了安全起见，取暖器一般都要安装一个跌倒开关s，使取暖器倾倒时整个电路断开，下列符合该取暖器工作要求的电路是（）abcd【考点】串、并联电路的设计【专题】压轴题；电流和电路【分析】（1）并联电路的工作特点，各用电器独立工作，互不影响（2）用电器的通断主要依靠开关来完成，应注意开关的作用，思考电路能不能完成题目中所要求的功能【解答】解：由题目要求可得开关s1控制整个电路，开关s2控制发热电阻丝的通断ac、当开关s1闭合时，电动机工作，送冷风，同时闭合s1和s2时，电动机和电阻丝工作，送热风，并且取暖器倾倒时整个电路断开，故a符合题意，c不符合题意；bd、只闭合开关s2时，电阻丝、电动机均不能工作，故bd不符合题意故选a【点评】此类题目不但要理解串并联电路的特点，还要能灵活应用开关控制电路3如图所示，闭合开关s，电路正常工作过了一段时间，灯泡l熄灭，两只电表示数都变大则下列判断正确的是（）a灯泡l短路b电阻r短路c电阻r断路d灯泡l断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【专题】电流和电路【分析】先分析电路的连接方式，即电阻和灯泡串联连接，电流表测量电路中的电流，电压表测量定值电阻两端的电压，然后根据选项逐一分析，并选出符合要求的选项【解答】解：a、灯泡l短路，为电阻的基本电路，电压表测电源电压，因此电压表示数变大，电流表示数变大，故a符合题意；b、若电阻r短路，为灯泡的基本电路，电压表被短路，即电压表示数为零，电流表示数变大，故b不符合题意；c、若电阻r断路，则电路中的电流为零，电压表正负接线柱与电源正负极相连，因此电压表示数等于电源电压，故其示数增大，故c不符合题意；d、若灯泡l断路，则电路中的电流为零，电压表只与电源的正极相连，故两表示数均为零，故d不符合题意故选a【点评】本题考查学生对于电路故障分析的能力，要求学生能正确分析电路，并且全面考虑题目中出现的可能性4如图所示电路，当滑动变阻器滑片p向a端滑动的过程中，电流表，电压表示数变化情况是（）a电流表示数变大b电流表示数变小c电压表示数变大d电压表示数变小【考点】电路的动态分析【专题】电路变化分析综合题【分析】根据电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，注意滑动变阻器在电路中相当于定值电阻，电压表测量滑片与b之间的电压，电流表测量电路电流；由欧姆定律可知电路电流的变化，由u=ir可知电压表示数的变化【解答】解：当滑动变阻器滑片p向a端滑动的过程中，电路中的总电阻不变，但滑片p与b之间的电阻变大，故电流表的示数不变；由u=ir可知，电压表示数变大故选c【点评】本题是一道闭合电路动态分析题，分析清楚电路结构、明确电压表与电流表分别测哪部分电压、电流是解题的关键5如图所示，电源电压保持不变，电阻r1=r2=r3=10当s1、s2都断开时，电流表示数为1a，则（）a电源电压为30vb当s1、s2都闭合时，电流表示数为2ac当闭合s1、断开s2时，r1的功率为0wd当s1、s2都闭合时，整个电路消耗的功率最小【考点】电路的基本连接方式【专题】电流和电路【分析】（1）当开关s1、s2都断开时，r1与r2串联，电流表测电路中的电流，由欧姆定律可求得电源电压；（2）当开关s1、s2都闭合时，r1被短路，r2与r3并联，由欧姆定律可求电流表的示数；（3）当用电器不工作时，其功率为零；（4）判断电路总电阻大小关系，从而得出电流大小关系，最后根据p=ui可知电路消耗功率的大小关系【解答】解：电源电压：u=ir=1a（10+10）=20v，故a错误；当开关s1、s2都闭合时，r1被短路，r2与r3并联；电流表示数：i=4a，故b错误；当闭合s1、断开s2时，电路为r2的基本电路，因此r1的功率为0，故c正确；当s1、s2都闭合时，电路中的总电阻最小，总电流最大，根据p=ui可知，整个电路消耗的功率最大，故d错误故选c【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点、欧姆定律以及功率计算公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别6关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）a家庭电路中的熔丝熔断，一定是发生了短路b家用电能表的示数显示了家庭用电的总功率c家庭电路中的熔丝可以用铁丝代替d家用电器的金属外壳该用导线接地【考点】家庭电路电流过大的原因；熔断器的作用及保险丝的选择方法；安全用电原则【专题】电与热、生活用电【分析】（1）家庭电路中电流过大的原因有二：一是短路，二是用电器的总功率过大；（2）电能表测量的是用电器消耗电能多少的仪器；（3）保险丝不能用铁丝代替，否则电路中电流过大时不能自动熔断电路，起不到保险作用；（4）大功率用电器和有金属外壳的用电器，防止触电事故的发生，要接地线【解答】解：a、家庭电路中的熔丝熔断，可能是发生了短路，也可能是电路中用电器的总功率过大，故a错误；b、家用电能表的示数显示了家庭用电器消耗的总电能，故b错误；c、用铁丝代替保险丝后，家庭电路中电流过大时，保险丝不能自动熔断切断电路，起不到保护作用，故c错误；d、家用电器的金属外壳该用导线接地，防止漏电时造成触电事故，正确故选：d【点评】此题主要考查的是学生对电流过大原因、电能表的用途、保险丝的作用、安全用电常识的了解和掌握，基础性题目7标有“12v 8w”、“24v 8w”、“36v 8w”的三盏电灯都正常发光，则三灯的亮度（）a“12v 8w”的最亮b“24v 8w”的最亮c“36v 8w”的最亮d三灯一样亮【考点】实际功率【专题】电能和电功率【分析】灯泡亮度由实际功率决定灯泡的实际功率越大，亮度越大【解答】解：由题可知，三盏灯的额定功率相等，灯正常发光时，它们的实际功率都是各自的额定功率，由于三盏灯的额定功率相等，所以三盏灯的实际功率相同，灯泡亮度由实际功率决定，所以三盏灯亮度相同故选d【点评】本题考查了判断灯的亮度问题，根据灯泡铭牌找出灯的额定功率、知道灯泡亮度由实际功率决定、知道灯泡正常发光时实际功率等于额定功率即可正确解题8标有“6v 6w”和“6v 9w”的两盏灯串联在电路中一灯恰正常发光则下列说法合理的是（）a“6v 9w”的电流大b“6v 9w”的较亮c两端的总电压是12vd两端的总电压是10v【考点】实际功率；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律【专题】电路和欧姆定律【分析】已知灯泡的额定电压和额定功率，根据功率的变形公式求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；根据串联电路处处电流相等确定电路中的电流，根据p=i2r可知两灯泡的明暗程度，再利用串联电路电阻的特点和欧姆定律求出电源电压【解答】解：由p=ui可得，两灯泡的额定电流分别为：i1=1a，i2=1.5a；由i=可得，两灯泡的电阻分别为：r1=6，r2=6；因为串联电路中各处的电流相等，并且一个灯泡正常发光，所以电路中的电流：i=i1=1a，故a错误；由p=i2r可知，两灯泡的实际功率相同，即两灯泡亮度相同，故b错误；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电源的电压：u=i（r1+r2）=1a（6+6）=12v，故c正确，d错误故选c【点评】本题考查电阻、电流和电压的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是判断正常发光的灯泡，要记住串联电路电阻和电流的规律9用两个相同的电热器分别给质量相同的水和某种液体加热，每隔1min记录一次数据，如表所示，则该液体的比热容为（） 加热时间/min012水的温度/202632液体的温度/203448a0.9103j/（kg）b1.8103j/（kg）c3.6103j/（kg）d1.2103j/（kg）【考点】比热容的概念；热量的计算【专题】应用题【分析】（1）利用该电热器给水加热1分钟，根据表格数据可以判断水温的变化，再利用公式q=cmt计算水吸收的热量（2）用相同的电热器加热，在相同的时间内，吸收的热量是相等的，可利用公式c=来计算该液体的比热容【解答】解：取两种液体都加热了1分钟为研究对象，用相同的电热器加热，在相同的时间内，吸收的热量是相等的，q水=q液，q水=c水m（t水t 0），q液=c液m（t液t0）c水m（t水t 0）=c液m（t 液t0），即：4.2103j/（kg）m（2620）=c液m（3420）解得：c液=1.8103j/（kg）故选b【点评】本题考查了利用热量的计算公式q=cmt计算热量，以及利用公式c=来计算比热容，在计算过程中要注意在相同的时间内，物质的温度变化二、多项选择题10如图是四冲程汽油机做功冲程的示意图汽油燃烧产生高温高压的气体推动活塞向下运动在活塞向下运动的过程中，汽缸内气体的（）a内能增大b温度不变c密度增大d分子热运动减慢【考点】内燃机的四个冲程【专题】比热容、热机、热值【分析】在内燃机的四个冲程中，进气阀和排气阀均关闭的只有压缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；汽油机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能【解答】解：两个气阀关闭，活塞向下运动，是做功冲程，内燃机的做功冲程是将内能转化为机械能，故气体的内能减少、温度降低，分子热运动减慢；气体质量不变，体积变大，故气体分子的密度变小故选d【点评】解决此题要结合内燃机的做功冲程原理进行分析解答，知道做功冲程中的能量转化11在如图所示的电路中，闭合开关，两表有示数，过一会后发现两只电表中有一只电表的示数明显变小，另一只电表的示数明显变大下列判断中正确的是（）a可能是灯l断路b一定是灯l短路c可能是滑动变阻器r断路d一定是滑动变阻器r的滑片向左滑动【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【专题】压轴题；推理法；图析法【分析】灯断路，电流表的示数变小为0；电压表的正负接线柱通过电阻r和导线接在电源上，测量电源电压，示数变大；灯短路，电压表测量一导线两端的电压，示数变小为0，电路中的电阻变小、电流变大；滑动变阻器断路，电路断开，电压表、电流表示数都变小为0；滑动变阻器短路，电路中的电阻变小、电流变大，两表的示数都变大；滑动变阻器r的滑片向左滑动，连入的电阻变小，电流变大，灯两端的电压变大，两表示数都变大；据此综合分析【解答】解：分析电路图：ab、若灯l断路，电路中无电流，电流表的示数变小为0；电压表的正负接线柱通过r和导线接在电源上，测量电源电压，示数变大；若灯l短路，电压表测量一导线两端的电压，示数变小为0，电路中的电阻变小、电流变大，电流表的示数变大；由此可知，灯l断路和灯l短路都可以使一只电表的示数明显变小、另一只电表的示数明显变大，故a正确、b错；c、滑动变阻器断路，电路断开，电压表、电流表示数都变小为0，不符合题意，故c错；d、滑动变阻器r的滑片向左滑动，连入的电阻变小，电流变大，灯两端的电压变大，两表示数都变大，故d错故选a【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和开路两种情况，了解短路或断路对电路的影响是本题的关键12灯泡l的额定电压为6v，通过实验测得其电流随电压变化的曲线如图所示由图可知，下列说法正确的是（）a灯泡l正常发光时的电阻是10b灯泡l两端的电压为3v时，灯泡l消耗的实际功率为0.9wc灯泡的电流与电压成正比d灯泡的电阻随温度的降低而减小【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】欧姆定律【分析】（1）由图可知，电压增大，电流增大，温度升高，电阻变大，根据欧姆定律的变形公式可计算电阻大小；（2）根据电压和电流值，利用公式p=ui可计算其实际功率；（3）根据图线的形状可判断其变化规律是否成正比【解答】解：a、读图可知，当电压为6v时，其电流为0.6a，故灯泡l正常发光时的电阻是r=10，故a正确；b、读图可知，灯泡l两端的电压为3v时，其电流为0.5a，则灯泡l消耗的实际功率为p=ui=3v0.5a=1.5w，故b错误；c、从图中可以看出，图线不是直线，故通过灯丝的电流与两端的电压不是正比关系，故c错误；d、从图中可以看出，灯丝随温度的升高而增大，故d错误故选a【点评】本题考查了欧姆定律的应用，关键是能根据图象得出通过灯泡的电流与两端电压的关系13如图所示，电源电压保持不变闭合开关，当滑动变阻器的滑片p从a向b滑动的过程中，设灯泡工作时的电阻不变下列说法正确的是（）al1灯逐渐变亮bl2灯逐渐变暗c电流表的示数变小d滑动变阻器两端的电压逐渐变大【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；电阻的串联；电功率的计算【专题】应用题；压轴题【分析】从图可知，灯泡l2与滑动变阻器串联后再与灯泡l1并联，电流表测量的是干路中的总电流首先利用并联电路电压的特点判断出滑动变阻器的滑片p从a向b滑动的过程中，灯泡l1所在支路和灯泡l2所在支路两端电压的变化，再利用公式p=判断出灯泡l1电功率的变化，从而可以判断出灯泡l1亮度的变化判断a是否符合题意首先判断出滑动变阻器的滑片p从a向b滑动的过程中，滑动变阻器连入电路中电阻的变化，利用串联电路电阻的特点判断出此支路电阻的变化，再利用公式i=判断出灯泡l2所在支路电流的变化，最后再利用公式p=i2r判断出灯泡l2电功率的变化，从而可以判断出灯泡l2亮度的变化判断出b是否符合题意已判断出灯泡l1两端电压的变化，可利用公式i=判断出灯泡l1所在支路电流的变化，再利用并联电路电流的特点，判断出电路中总电流的变化判断出c是否符合题意已判断出灯泡l2所在支路两端电压的变化，而灯泡l2与滑动变阻器串联，可利用串联电路电压的特点判断出滑动变阻器两端电压的变化判断出d是否符合题意【解答】解：从图可知，灯泡l2与滑动变阻器串联后再与灯泡l1并联，电流表测量的是干路中的总电流，滑动变阻器的滑片p从a向b滑动的过程中，灯泡l1所在支路和灯泡l2所在支路两端的电压不变，始终等于电源电压，而灯泡工作时的电阻不变，由公式p=可知，灯泡l1的实际功率不变，则灯泡l1的亮度不变所以a不符合题意滑动变阻器的滑片p从a向b滑动的过程中，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，由串联电路电阻的特点可知，灯泡l2所在支路的电阻变大，而电源电压不变，由公式i=可知灯泡l2所在支路的电流变小，而电源电压不变，由公式p=i2r可知灯泡l2的实际功率变小，则灯泡l2的亮度变暗所以b符合题意灯泡l1两端的电压不变，则由公式i=可知，灯泡l1所在支路的电流不变，而灯泡l2所在支路的电流变小，由并联电路电流的特点可知，此时电路中的总电流变小所以c符合题意灯泡l2所在支路两端的电压不变，而灯泡l2与滑动变阻器串联，而在串联电路中导体的电阻越大导体分担的电压越大，由于滑动变阻器的滑片p从a向b滑动的过程中，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，滑动变阻器两端的电压变大所以d符合题意故选bcd【点评】本题考查欧姆定律和滑动变阻器的使用，分析的前提是先搞清楚电路的连接情况，然后再根据欧姆定律进行判断关键明白电路的连接情况和滑动变阻器移动过程中电路的变化情况，要记住串、并联电路的特点14甲灯泡标有“220v 40w”，乙灯泡标有“220v 100w”，下列说法合理的是（）a都正常发光时甲的电流大b都正常发光时乙消耗的电能多c都正常发光时乙灯泡做功一定快d把两个灯泡串联时甲灯更亮【考点】额定电压；电功的计算；额定功率【专题】电能和电功率【分析】（1）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据p=ui比较两灯泡的电流大小；（2）由w=pt可知，用电器消耗的电能与用电器的功率和通电时间有关；（3）电功率是表示用电器消耗电能快慢的物理量；（4）根据p=比较两灯泡的电阻大小，由串联电路的电流特点和p=i2r比较两灯泡串联时的实际功率关系，进一步比较两灯泡亮暗关系【解答】解：a两灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，乙灯泡的额定功率较大，实际功率较大，由i=可知，乙的电流较大，故a不正确；b由w=pt可知，两灯泡正常发光时消耗的电能，不仅与灯泡的实际功率有关，还与通电时间有关，通电时间不知，两灯泡消耗的电能无法比较，故b不正确；c正常发光时，乙灯泡的实际功率大，消耗的电能快，做功快，故c正确；d由p=可知，两灯泡的额定电压相等，甲灯泡的额定功率大，电阻大，两灯泡串联时通过它们的电流相等，由p=i2r可知甲灯泡的实际功率较大，灯泡较亮，故d正确故选cd【点评】本题考查了学生对电功率公式的了解与掌握，要注意灯泡正常发光时的功率和额定功率相等15随着人民生活水平的提高，居民家里用电器的种类和数目在不断增加，给我们生活带来方便的同时也带来安全隐患下列做法不正确的是（）a只要不接触带电体就一定不会触电b用电器的金属外壳必须接地线c在现有的照明电路中，增加大功率用电器时只需换上足够粗的保险丝即可d接开关的两个线一旦接触就会导致保险丝熔断【考点】安全用电原则【专题】电与热、生活用电【分析】（1）安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；（2）三线插头插入三孔插座时，使金属外壳和大地相连，当用电器漏电时，人接触漏电的金属外壳的用电器时，人体被地线短路，避免发生触电事故（3）家庭电路中，增加用电器时，电路中的总功率会增大，则需考虑电能表、保险丝及电线的规格是否合适；（4）用电器与控制开关串联接入电路【解答】解：a、安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；高压带电体只要人靠近就有触电危险；该选项错误；b、有金属外壳的用电器必须使用三线插头，三线插头插入三孔插座时，使金属外壳和大地相连，避免触电事故的发生；该选项正确；c、在现有的照明电路中，增加用电器时，电路中的总功率会增大，所以要同时考虑电能表、输电线和保险丝的承受能力；该选项错误；d、接开关的两个线一旦接触就会使用电器电路接通，不会导致保险丝熔断；该选项错误故选：acd【点评】用电时，考虑用电器工作的同时，更要注意用电的安全性，人人都要掌握安全用电常识，避免触电事故发生16学习了电学知识之后，小亮研究家中具有保温功能的电饭锅，画出电饭锅的电路原理图如图所示，电饭锅的铭牌上部分内容如下表 额定电压 220v 加热功率 1100w 保温功率 44w 最大容积 3l下列说法正确的是（）a当开关s闭合时r1是加热电阻b电饭锅正常加热时，电路的电流是5ac电路中电阻r1的阻值是1100d电路中电阻r2的阻值是1056【考点】电功率的计算【专题】应用题；电能和电功率【分析】（1）由电路图可知，开关s断开时r1、r2串联，开关s闭合时r2短路、只有r1工作；当加热煮饭时电功率较大，当保温时电功率较小，根据电功率的计算公式和欧姆定律分析即可；（2）电饭锅正常加热时，电路为r1的简单电路，其功率和额定功率相等，根据p=ui求出电路中的电流，根据欧姆定律求出r1的阻值；（3）保温时，两电阻串联，根据p=求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出电阻r2的阻值【解答】解：（1）由电路图可知，开关s断开时r1、r2串联，开关s闭合时r2短路、只有r1工作，煮饭时需要功率大，由p=i2r可知，电路中的电流较大，由i=可知，电路中的总电阻较小，所以，开关s闭合时，电饭锅处于加热状态，r1是加热电阻，故a正确；（2）由p=ui可得，电饭锅正常加热时，电路的电流：i=5a，故b正确；由i=可得，电阻r1的阻值：r1=44，故c不正确；（2）保温时，两电阻串联，由p=可得，电路中的总电阻：r=1100，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电阻r2的阻值：r2=rr1=110044=1056，故d正确故选abd【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，要注意保温功率为两电阻的功率之和17如图甲所示，有一个亮度可以调节的小灯泡上标有“6v 6w”的字样，电源电压为9v且保持不变小灯泡的电流随电压的变化曲线如图乙所示则下列说法正确的是（）a小灯泡正常发光时的电阻为6b小灯泡在发光过程中电阻是不变的c当电流表的示数为0.7a时，小灯泡的额定功率为2.1wd当电流的示数为0.7a，30s内整个电路消耗的电能是189j【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】欧姆定律；电能和电功率【分析】由图示图象求出电压对应的电流，然后应用欧姆定律、电功率公式分析答题【解答】解：由灯泡铭牌可知，灯泡额定电压为6v，额定功率为6w，灯泡两端电压为6v时正常发光；a、由图乙所示图象可知，灯泡正常发光时电流为1a，灯泡正常发光时的电阻：r=6，故a正确；b、由图乙所示图象可知，随灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流增大，灯泡电压与电流的比值增大，灯泡电阻变大，由此可知，灯泡发光过程中，随电压不同，灯泡电阻不同，故b错误；c、灯泡在你额定电压下的功率是额定功率，由灯泡铭牌可知，灯泡额定功率为6w，故c错误；d、由图甲所示电路可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电流量表所示：i=0.7a，t=30s，电路消耗的电能：w=uit=9v0.7a30s=189j，故d正确；故选ad【点评】本题考查了求灯泡电阻、功率、电路消耗的电能等问题，分析清楚电路结构，由图示图象求出电压与电流的对应关系，应用欧姆定律、电功公式即可正确解题三、实验题（本题共3小题，共25分）18在探究“电压一定时，电流跟电阻的关系”的实验中，设计电路图如图甲所示（1）连接电路前，开关必须断开（2）请根据图甲电路图用笔画线代替导线将图乙所示实物连接成完整电路（导线不允许交叉）（3）连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压造成这一现象的原因可能是ca电流表坏了 b滑动变阻器短路c电阻处接触不良 d电阻短路（4）排除电路故障进行实验，多次改变r的阻值，调节滑动变阻器，使电压示数保持不变，实验数据记录如下表其中第5次实验电流表示数如图丙所示，其读数为0.12a实验次数12345电阻r/510152025电流v/a0.60.30.20.15（5）在本实验中滑动变阻器的主要作用是保护电路和控制电阻两端的电压不变，由表格中数据可知，电阻两端的电压必须保持电阻两端的电压不变实验结论是：电压不变时，导体中的电流跟电阻成反比【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【专题】实验题；探究型实验综合题【分析】（1）为保护电路，在连接电路时，开关必须断开；（2）掌握实物电路的连接，特别注意电压表、电流表正负接线柱和量程的选择及滑动变阻器的接法；（3）电流表没有示数，可知电路中断路，电压表示数始终接近电源电压，则与用电器并联的电路发生断路；（4）确定电流表的量程和分度值，读出电流表的示数；（5）滑动变阻器的基本作用：保护电路；控制电阻两端电压不变；分析表格中电阻、电流的变化得出结论：当电压不变时，导体中的电流与电阻成反比【解答】解：（1）连接电路前，开关必须断开；（2）电压表与电阻并联，滑动变阻器已接了下面一个接线柱，可再接上面任意一个接线柱，如图所示：（3）a、电流表坏了，电压表示数也会为零，a错误；b、滑动变阻器短路，电流表示数不会为零，b错误；c、电阻处接触不良，电流表的示数为零且电压表示数等于电源电压，c正确；d、电阻短路，电流表示数不为零，且电压表示数为零，d错误；故选c（4）由图丙知，电流表的量程为00.6a，分度值为0.02a，所以示数为0.12a；（5）滑动变阻器的作用是保护电路和控制电阻两端的电压不变由表格中数据知，电压不变，电阻增大为原来的几倍，电流就减小为原来的几分之一，可得电压不变时，导体中的电流跟电阻成反比故答案为：（1）断开；（2）电路图如图所示；（3）c；（4）0.12a；（5）保护电路和控制电阻两端的电压不变；电阻两端电压；电压不变时，导体中的电流跟电阻成反比【点评】此题是探究“电压一定时，电流跟电阻的关系”的实验，考查了实物电路的连接，特别是电压表、滑动变阻器的接法，同时考查了电流表的读数及电路故障的分析，在分析数据得出结论时，注意控制的变量19小林同学用两节干电池、电压表、电流表和滑动变阻器等实验器材，测量标有“2.5v”字样小灯泡的电功率（1）如图甲所示是小林同学连接的实物图，其中有一处连接错误，请在错误连线上打“”，并用笔画线代替导线画上正确的连线（2）闭合开关s前，滑片p应滑到最右端（选填“左端”或“右端”）（3）电路连接正确后，闭合开关，移动滑动变阻器，继续实验，并根据实验数据画出如图乙所示的iu图象，当电压表的示数如图丙所示，则此时灯泡的电阻是7.5（4）小灯泡的额定功率是0.625w【考点】探究用电器的电功率实验【专题】压轴题；电能和电功率【分析】（1）掌握电路的连接，电压表与灯泡并联，滑动变阻器、灯泡、电流表串联；（2）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移至最大阻值处；（3）根据图丙读出电压表的示数，结合图象确定电流值，从而根据公式r=求出电阻值；（4）由图象乙，确定当电压为2.5v时的电流值，根据公式p=ui计算出电功率【解答】解：（1）电压表应与灯泡并联，而现在电压表串联在了电路中，所以应把灯泡右边的导线与电压表并联，电路如图所示：；（2）由图知，滑动变阻器接了下面左边一个接线柱，所以在闭合开关前，滑片应移至最右端，使其阻值最大；（3）由图丙知，电压表的量程为03v，分度值为0.1v，所以电压表的示数为1.5v，由图乙知，当电压为1.5v时，电流值为0.2a，所以r=7.5；（4）小灯泡的额定电压为2.5v，由图乙知，当电压为2.5v时，电流值为0.25a，所以p=ui=2.5v0.25a=0.625w；故答案为：（1）见上图；（2）右端；（3）7.5；0.625【点评】此题是测量小灯泡的电功率，考查了有关电路的连接、电压表的读数、电阻的计算、电功率的计算，关键是根据图象乙能够确定与电压相应的电流值20请将图中的“光控开关”、“声控开关”、灯泡用笔画线代替导线正确连入电路，设计出只有在光线很暗且有声音时灯才亮的楼道灯自动控制电路，同时安装一个不受开关控制的三孔插座【考点】串、并联电路的设计；家庭电路的连接【专题】作图题；压轴题；电流和电路【分析】（1）只有在光线很暗且有声音时灯才亮说明两开关不能独立工作、相互影响即为串联；连接电路时应注意开关控制火线，且火线接入灯尾金属点，零线接入螺旋套；（2）三孔插座的接线方法是要求“左零右火上接地”【解答】解：（1）灯泡与两个开关串联，且火线要先过开关，再接入灯泡尾部的金属点，零线接入螺旋套；（2）三孔插座与灯泡并联，其接法为：左零右火上接地，作图如下：【点评】本题考查了声、光控灯和三孔插座的接线方法，关键是根据题意得出两开关的连接方式和注意安全用电的原则四、计算题（共三个小题，25分）21小丽家近日住进了新楼，为了淋浴的方便，购置了一款潍州牌电热水器（其铭牌见下表），安装在卫生间的墙上 潍州牌电热水器 额定电压/v 220 额定电功率/w 4400 容积/dm3 44商品特征：安全防电墙、防水、防尘、防潮（1）注满水的电热水器，在额定电压下连续加热30min，热水器上的温度示数由20上升到50求此过程中电热水器的热效率；（c水=4.2103j/（kg）（2）有一次，该热水器的加热器在5min内消耗的电能为3.3105j，求电热水器工作的实际电压；（3）小丽家的电能表上标有“2000r/kwh”字样，若小丽家的电热水器正常工作2小时，小丽家的电能表转盘转多少转？【考点】电功与热量的综合计算【专题】计算题；电和热综合题【分析】（1）根据密度公式求出水箱中水的质量，根据q吸=cm（tt0）求出水吸收的热量，额定电压下电热水器加热时的功率和额定功率相等，根据w=pt求出消耗的电能，利用=100%求出电热水器的热效率；（2）根据p=求出电热水器的电阻，再根据w=pt=t求出工作的实际电压；（3）若小丽家的电热水器正常工作2小时，根据w=pt求出消耗的电能根据“2000r/kwh”的含义，求出电能表转盘转动的圈数【解答】解：（1）由=可得，水箱中水的质量：m=v=1.0103kg/m344103m3=44kg，水箱中的水吸收的热量：q吸=cm（tt0）=4.2103j/（kg）44kg（5020）=5.544106j，水箱中的水在额定电压下连续加热30min消耗的电能：w=pt=4400w3060s=7.92106j，电热水器加热时的热效率：=100%=100%=70%；（2）由p=可得，电热水器的电阻：r=11，由w=pt=t得：工作的实际电压u=110v；（3）电热水器正常工作2小时消耗的电能：w=pt=4.4kw2h=8.8kwh“2000r/kwh”每消耗1kwh的电能，电能表的转盘转2000r所以电路中消耗8.8kwh电能，电能表转盘转动的圈数为：8.82000r=17600r 答：（1）此过程中电热水器的热效率70%；（2）电热水器工作的实际电压为110v；（3）小丽家的电能表转盘转17600r【点评】本题考查了电功和热量的综合计算，涉及到密度公式、吸热公式、电功公式、效率公