【优化方案】高考物理总复习 第二章第三节知能演练强化闯关 新人教版必修1.doc

知能演练强化闯关1.如图2312所示，竖直放置的轻弹簧一端固定在地面上，另一端与斜面体p连接，p的斜面与固定挡板mn接触且处于静止状态，则斜面体p此刻所受的外力个数有可能为() 图2312a2个或3个b3个或5个c2个或4个 d4个或5个解析：选c.若斜面体p受到的弹簧弹力f等于其重力mg，则mn对p没有力的作用，如图甲所示，p受到2个力；若弹簧弹力大于p的重力，则mn对p有压力fn，只有压力fn，则p不能平衡，一定存在向右的力，只能是mn对p的摩擦力ff，因此p此时受到4个力，如图乙所示2.(2011高考广东卷)如图2313所示的水平面上，橡皮绳一端固定，另一端连接两根弹簧，连接点p在f1、f2和f3三力作用下保持静止下列判断正确的是() 图2313af1f2f3bf3f1f2cf2f3f1df3f2f1解析：选b.p点在三力f1、f2、f3作用下保持静止，则其合外力为零，f1、f2的合力f12与f3等大反向对力三角形pf1f12，由大角对大力可知，f12f1f2，从而可得f3f1f2.3.(2011高考海南卷)如图2314，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物块正在沿斜面以速度v0匀速下滑，斜劈保持静止，则地面对斜劈的摩擦力() 图2314a等于零b不为零，方向向右c不为零，方向向左d不为零，v0较大时方向向左，v0较小时方向向右解析：选a.取物块与斜劈整体作为研究对象，由于物块匀速运动、斜劈静止，故整体所受外力之和必为零分析整体的受力可知，由于重力、地面的支持力方向都沿竖直方向，若地面的摩擦力不为零时，其合力方向只能沿水平方向，必导致整体的合力不为零与题述矛盾，故只有a正确4.如图2315所示，在绳下端挂一物体，用力f拉物体使悬线偏离竖直方向的夹角为，且保持其平衡保持不变，当拉力f有极小值时，f与水平方向的夹角应是() 图2315a0 b.c d2解析：选c.由题图可知当f与倾斜绳子垂直时f有极小值，所以.5.(2012江苏启东中学质检)如图2316所示，用绳ac和bc吊起一重物，绳与竖直方向夹角分别为30和60，ac绳能承受的最大拉力为150 n，而bc绳能承受的最大拉力为100 n，求物体的最大重力不能超过多少？图2316解析：结点c受力分析如图所示，由重物静止有：ftbcsin60ftac sin300ftac cos30ftbc cos60g0由式可知ftacftbc，当ftbc100 n时，ftac173.2 n，ac将断而当ftac150 n时，ftbc86.6 n100 n将ftac150 n，ftbc86.6 n，代入式解得g173.2 n，所以重物的最大重力不能超过173.2 n.答案：173.2 n一、选择题1.如图2317所示，在“311”日本大地震的一次抢险救灾工作中，一架沿水平直线飞行的直升机利用降落伞匀速向下向灾区群众投放救灾物资假设物资的总重量为g1，圆顶形降落伞伞面的重量为g2，有8条相同的拉线与物资相连，另一端均匀分布在伞的边缘上，每根拉线和竖直方向都成30角，则每根拉线上的张力大小为() 图2317a. b.c. d.解析：选a.设每段拉线的张力为ft，则每段拉线在竖直方向上的分力为ftcos30，由平衡条件得8ftcos30g1，解得ft.2.(2010高考广东卷)如图2318为节日里悬挂灯笼的一种方式，a、b点等高，o为结点，轻绳ao、bo长度相等，拉力分别为fa、fb.灯笼受到的重力为g.下列表述正确的是() 图2318afa一定小于gbfa与fb大小相等cfa与fb是一对平衡力dfa与fb大小之和等于g解析：选b.对结点o进行受力分析拉力fa、fb的合力与重力g平衡，由于轻绳ao、ob等长且a、b两点等高，由对称性可知fa与fb大小相等，但由于aob大小未知，所以无法确定fa与g的数量关系fa与fb的大小之和要大于g，故只有b正确3.(2011高考安徽卷)一质量为m的物块恰好静止在倾角为的斜面上现对物块施加一个竖直向下的恒力f，如图2319所示则物块() 图2319a仍处于静止状态 b沿斜面加速下滑c受到的摩擦力不变 d受到的合外力增大解析：选a.不加力时，物块恰好静止在斜面上，说明mgcosmgsin，加竖直向下的外力f后，由于(mgf)cos(mgf)sin，物块仍然静止，a正确，b错误；不加f时物块受到的静摩擦力大小等于mgsin，加f后静摩擦力大小等于(mgf)sin，变大，c错误；物块受到的合外力始终等于零，d错误4.(2012佛山模拟)用一轻绳将小球p系于光滑墙壁上的o点，在墙壁和球p之间夹有一矩形物块q，如图2320所示p、q均处于静止状态，则下列相关说法正确的是() 图2320ap物体受4个力bq受到3个力c若绳子变长，绳子的拉力将变小d若绳子变短，q受到的静摩擦力将增大解析：选ac.p受重力、q对p的水平弹力、绳子对p的拉力和q对p竖直向下的摩擦力，a正确；q受重力，墙壁、p对q的水平弹力，p对q竖直向上的摩擦力，四个力两对平衡，b错误；对p、q整体，绳子拉力的竖直分量等于p、q整体的重力，绳子变长时绳子与墙壁间夹角变小，拉力变小，c正确；q所受摩擦力等于q的重力，与绳子长短无关，d错误5.(2012海口模拟)如图2321所示，轻杆ab下端固定在竖直墙上，上端有一光滑的轻质小滑轮，一根细绳一端c系在墙上，绕过滑轮另一端系一质量为m的物体，当c端缓慢地上移过程中，则杆对滑轮的作用力将() 图2321a变小 b变大c不变 d无法确定解析：选a.杆对滑轮的作用力的大小等于两绳子上拉力的合力的大小，由于两绳子上拉力相等，都等于g，设绳子夹角为，则f合2gcos，当c上移时，变大，则f合减小，杆对滑轮的作用力将减小，a正确6.如图2322所示，轻绳的两端分别系在圆环a和小球b上，圆环a套在粗糙的水平直杆mn上现用水平力f拉着绳子上的一点o，使小球b从图中实线位置缓慢上升到虚线位置，但圆环a始终保持在原位置不动在这一过程中，环对杆的摩擦力ff和环对杆的压力fn的变化情况是() 图2322aff不变，fn不变 bff增大，fn不变cff增大，fn减小 dff不变，fn减小解析：选b.以结点o为研究对象进行受力分析由题意可知，o点处于动态平衡，则可作出三力的平衡关系如图甲所示由图可知水平拉力增大以环和结点整体作为研究对象，作受力分析图如图乙所示由整个系统平衡可知：fnmg；fff.即：ff增大，fn不变，故b项正确7.如图2323所示，一光滑的半圆形碗固定在水平地面上，质量为m1的小球用轻绳跨过光滑碗连接质量分别为m2和m3的物体，平衡时小球恰好与碗之间没有弹力作用则m1、m2和m3的比值为() 图2323a123 b211c21 d21解析：选c.根据半圆内的三角形为直角三角形，再根据力的合成可知，m2gm1gcos30m1g，m3gm1gsin30m1g，所以m1m2m321.8.(原创题)在东京2011年世界体操锦标赛的吊环比赛中，“吊环王”陈一冰成功捍卫荣誉，以15.800分轻松摘得金牌成功卫冕其中有一个高难度的动作就是先双手撑住吊环，然后身体下移，双臂缓慢张开到如图2324所示位置，则在两手间距离增大的过程中，吊环的两根绳的拉力f(两个拉力大小相等)及它们的合力f合的大小变化情况为() 图2324af增大，f合不变 bf增大，f合增大cf增大，f合减小 df减小，f合不变解析：选a.由平衡条件，合力f合等于人的重力，故f合恒定不变；当两手间距离变大时，绳的拉力的夹角变大，由平行四边形定则知，f变大，a正确9.(2012江西师大附中、临川联考)如图2325所示，完全相同的质量为m的a、b两球，用两根等长的细线悬挂在o点，两球之间夹着一根劲度系数为k的轻弹簧，静止不动时，弹簧处于水平方向，两根细线之间的夹角为，则弹簧的长度被压缩了() 图2325a. b.c. d.解析：选c.对a受力分析可知，有竖直向下的重力mg、沿着细线方向的拉力ft以及水平向左的弹簧弹力f，由正交分解法可得水平方向ftsinfkx，竖直方向ftcosmg，解得x，c正确10.(2012苏州模拟)如图2326所示，三根长度均为l的轻绳分别连接于c、d两点，a、b两端被悬挂在水平天花板上，相距2l.现在c点上悬挂一个质量为m的重物，为使cd绳保持水平，在d点上可施加力的最小值为() 图2326amg b.mgc.mg d.mg解析：选c.对c点进行受力分析，由平衡条件可知，绳cd对c点的拉力fcdmgtan30，对d点进行受力分析，绳cd对d点的拉力f2fcdmgtan30，f1方向一定，则当f3垂直于绳bd时，f3最小，由几何关系可知，f3fcdsin60mg.二、非选择题11.(2012哈师大附中模拟)两个相同的小球a和b，质量均为m，用长度相同的两根细线把a、b两球悬挂在水平天花板上的同一点o，并用长度相同的细线连接a、b两小球，然后，用一水平方向的力f作用在小球a上，此时三根细线均处于直线状态，且ob细线恰好处于竖直方向，如图2327所示如果不考虑小球的大小，两小球均处于静止状态，则：(1)ob绳对小球的拉力为多大？(2)oa绳对小球的拉力为多大？(3)作用力f为多大？图2327解析：(1)对b分析，可知ab绳中张力为0，有mgftb0得ftbmg.(2)对球a，受力分析如图，有ftacos60mg0ftasin60f0，得：fta2mg.(3)由以上各式可知：fmg.答案：(1)mg(2)2mg(3)mg12.(2012合肥模拟)一光滑圆环固定在竖直平面内，环上套着两个小球a和b(中央有孔)，a、b间由细绳连接