内蒙古乌海二中中考物理一模试题（含解析）.doc

2015年内蒙古乌海二中中考物理一模试卷一、选择题（试题均为单项选择题，每题3分，共21分）1下列说法中正确的是（）a声音在空气中的速度一定是340m/sb电动机是一种电源，发电机是一种用电器c“天宫一号”与“神舟八号”对接成功时，它们是相对静止的d破镜不能重圆是因为分子间存在斥力2中国女子冰壶队夺得2009年世界女子冰壶锦标赛冠军，让很多人对冰壶比赛产生了浓厚的兴趣，你了解冰壶吗，下列关于冰壶运动的说法中，错误的是（）a投手沿冰面将冰壶推出后，冰壶因为惯性继续前进b投手沿冰面将冰壶推出后，冰壶继续前进的过程中，人对它做了功c当投手沿冰面将冰壶推出后，同队两名队员在冰壶前方用力左右擦冰面，是为了让冰熔化以减少摩擦，让冰壶运动更远d冰壶在冰面上运动的过程中，机械能转化为内能3下列关于图中所示光学现象的描述或解释正确的是（）a小孔成的是倒立的虚像b人佩戴的凹透镜可以矫正近视眼c平面镜所成像的大小取决于物体离平面镜的距离d漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律4小明根据所学的物理知识并结合下列表格中的数据，得出以下四个结论，其中正确的是（）物质密度/（kgm3）（常温常压下）熔点t/（标准大气压下）比热容c/j（kg）1冰0.910302.1103铝2.71036600.88103铁7.910315350.46103a寒冬季节盛有水的水缸放在室外不可能破裂b标准大气压下，铝在660时一定处于固液共存状态c体积相等的铁球和铝球，如果它们的质量相等，铁球可能是实心的d质量相等的实心铁块和实心铝块，升高相同的温度，铝块吸收的热量较多5如图所示电路中，电源电压恒定，只r1为定值电阻，r2为滑动变阻器闭合开关s后，滑动变阻器滑片p自b向a移动的过程中（）a电流表a的示数变大，电压表v2的示数与电流表a的示数之比变小b电流表a的示数变大，电压表v2的示数与电流表a的示数之比变大c电压表vl的示数不变，电路消耗的总功率变大d电压表v2的示数变小，电路消耗的总功率变小6如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关s1、s2，电压表示数为3v，电流表示数为0.3a，断开s2后，电压表示数为2v，则下列判断正确的是（）ar1阻值为20br2阻值为10c电源电压为3vd电源电压为2v72014年1月4日，北海舰队航空兵某机场，随着一颗信号弹升起，一架架直升机陆续起飞，交替起降，进行悬停、起落、定点着陆等课目训练关于该飞机，下列说法错误的是（）a飞机在悬停时，不计浮力，飞机受到的重力与垂直于机翼向上升力为平衡力b飞机飞行时能获得向上的压强差，是因为机翼上方空气流速小于机翼下方空气流速c飞机飞行时，通过发射和接收电磁波与地面取得联系的d飞机在匀速下落过程中，重力势能减小，机械能减小二、作图与实验题（本题4个小题，共22分）8小明用蜡烛、凸透镜和光屏做“探究凸透镜成像的规律”实验（如图）：（1）要使烛焰的像能成在光屏的中央，应将蜡烛向（填“上”或“下”）调整（2）烛焰放距凸透镜20cm处，移动光屏至某位置，在光屏上得到一个等大清晰的像，则凸透镜的焦距是cm（3）使烛焰向右移动2cm，此时应该将光屏向（填“左”或“右”）移至另一位置，才能得到一个倒立、（填“放大”、“缩小”或“等大”）的清晰实像9如图所示是探究“海波熔化时温度变化规律”和探究“水的沸腾”的实验装置，比较两个实验，请回答下列问题：（1）在两个实验装置中都体现了温度计的正确使用方法是：温度计的玻璃泡要全部浸没在被测物质中，不要（2）两个实验都用图象很直观的反映了物质的温度随时间的变化情况，如图2甲、乙所示，两图象反映出海波熔化和水沸腾时的共同特点是：（3）探究海波熔化过程的关键是要保证海波受热；而探究水的沸腾的关键要尽可能缩短水沸腾的时间为了加速水的沸腾，我们通常是在“水”上做文章，可以尽可能减少水的质量和10如图所示，在“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验中：（1）实验过程中，必须用弹簧测力计沿方向拉着物块a做运动，这样做便能测量出滑动摩擦力的大小（2）在甲、乙、丙所示图中，分别用f1=1n，f2=2n，f3=1.5n的拉力，拉着物块a匀速前进分析甲、乙两图可得：在接触面粗糙程度相同时，越大，滑动摩擦力越大；分析两图可得：在压力一定时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大（3）大量实验进一步证明：在接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力大小与压力大小成正比在丙图中物块a上叠放一块与a相同的物块b，用弹簧测力计拉着物块a，使物块b随a一起匀速前进（如图丁所示）此时弹簧测力计示数为f4，则f4=n；此运动过程中，物块b受到的摩擦力为n11某实验小组探究“通过导体的电流与电压的关系”时，设计了如图1所示的电路电源电压不变，r1为定值电阻，电流表a选用00.6a量程，电压表v1选用为03v量程，电压表v2选用为015v量程，滑动变阻器r2上标有“50 1a”的字样（1）根据图甲的电路图，将图乙的实物电路连接完整（2）闭合开关前滑动变阻器的滑片p应放在（选填“a”或“b”）端（3）闭合开关s，发现电流表a 与电压表v2的示数为零，电压表v1的示数不为零，则电路存在的故障是（4）排除故障后，继续实验，记录电流表a 与电压表v1的示数，得到一组实验数据，如表所示其中，第三次电流表的示数如图丙所示，请填入表格中分析表中实验数据可得结论：当导体的阻值不变时，通过导体的电流与其两端电压成 比序号电压表v1的示数u1/v电流表a的示数i/a11.00.122.00.233.0（5）实验中，记录电流表a 与电压表v2的示数，得到一组实验数据，根据实验数据作出iu2图线，如图丁所示，则电源电压是v在保证实验器材安全的前提下，滑动变阻器接入电路的阻值不得小于三、计算题（本题2个小题，共17分）12如图，轻质杠杆ab可绕o点转动，在a、b两端分别挂有边长为10cm，重力为20n的完全相同的两正方体c、d，oa：ob=4：3；当物体c浸入水中且露出水面的高度为2cm时，杠杆恰好水平静止，a、b两端的绳子均不可伸长且均处于张紧状态（g=10n/kg） 求：（1）物体c的密度；（2）杠杆a端受到绳子的拉力；（3）物体d对地面的压强13在如图所示的电路中，电源两端电压不变当只闭合开关s、s3时，电流表的示数为i1，电路的总功率是3w；当开关s、s1、s2、s3都闭合时，电流表的示数为i2，电路的总功率是10.5w，电阻r2的功率是4.5w求：（1）电流i1与i2之比（2）只闭合开关s、s2时，电阻r1电功率2015年内蒙古乌海二中中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（试题均为单项选择题，每题3分，共21分）1下列说法中正确的是（）a声音在空气中的速度一定是340m/sb电动机是一种电源，发电机是一种用电器c“天宫一号”与“神舟八号”对接成功时，它们是相对静止的d破镜不能重圆是因为分子间存在斥力【考点】声速；运动和静止的相对性；分子间的作用力；电源及其能量转化【专题】其他综合题【分析】声音在15空气中的速度是340m/s，温度变化，声速会变化；发电机是通过外力做功将机械能转化为电能，是磁生电的现象；而电动机则是将电能转化为机械能，是电生磁的现象；运动和静止是相对的，判断一个物体是运动还是静止，关键是要看这个物体相对于参照物的位置是否发生了改变；一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动，分子间有间隙，当分子间距离大于分子直径10倍时，分子间作用力几乎没有【解答】解：a、声音在15空气中的速度是340m/s，温度变化，声速会变化，故a错误；b、发电机是电源，电动机是用电器，故b错误；c、“天宫一号”与“神舟八号”对接成功时，以“天宫一号”为参照物，“神舟八号”相对于“天宫一号”的位置没有发生变化，所以它们是相对静止的，故c正确；d、破镜不能重圆，是因为玻璃的硬度大，不像铅硬度小，玻璃放在一起不容易发生形变，玻璃分子间的距离大于分子直径的10倍以上，超出了分子力的作用范围，分子间的作用力就十分微弱，分子间几乎没有作用力，故d错误故选：c【点评】本题考查声速、运动和静止的相对性、分子间的作用力及电源，知识点较多，属于中等题2中国女子冰壶队夺得2009年世界女子冰壶锦标赛冠军，让很多人对冰壶比赛产生了浓厚的兴趣，你了解冰壶吗，下列关于冰壶运动的说法中，错误的是（）a投手沿冰面将冰壶推出后，冰壶因为惯性继续前进b投手沿冰面将冰壶推出后，冰壶继续前进的过程中，人对它做了功c当投手沿冰面将冰壶推出后，同队两名队员在冰壶前方用力左右擦冰面，是为了让冰熔化以减少摩擦，让冰壶运动更远d冰壶在冰面上运动的过程中，机械能转化为内能【考点】惯性；增大或减小摩擦的方法；力是否做功的判断；机械能和其他形式能的转化【专题】压轴题【分析】要解决此题需要掌握惯性的知识，同时要掌握做功与内能的改变及其中的能量转化情况同时要知道力做功的两个必要因素：作用在物体上的力和物体在力的方向上运动的距离【解答】解：a、投手将冰壶推出后，冰壶由于惯性继续向前运动，所以a说法正确b、冰壶被推出后，由于惯性前进，所以人并没有对它做功，所以b说法错误c、当投手沿冰面将冰壶推出后，同队两名队员在冰壶前方用力左右擦冰面，这样可以使并熔化，在冰面上形成一层水膜，减小了摩擦力，让冰壶运动得更远所以c说法正确d、冰壶在冰面上运动的过程中，与冰面发生摩擦，将机械能转化为内能所以d说法正确故选b【点评】此题通过冰壶运动考查了惯性、影响摩擦力大小的因素，同时还考查了冰壶在运动过程中的能量转化形式3下列关于图中所示光学现象的描述或解释正确的是（）a小孔成的是倒立的虚像b人佩戴的凹透镜可以矫正近视眼c平面镜所成像的大小取决于物体离平面镜的距离d漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律【考点】近视眼的成因与矫正办法；光在均匀介质中直线传播；漫反射；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【专题】光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散【分析】（1）实际光线会聚成像是实像，实际光线的反向延长线会聚成像是虚像（2）近视眼戴凹透镜矫正，远视眼戴凸透镜矫正（3）物体在平面镜中成像，像的大小跟物体大小有关，跟物体到平面镜距离没有关系（4）镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律【解答】解：a、小孔成像是实际光线会聚成像，所以小孔成像是实像不符合题意b、凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚在视网膜前面的像会聚在视网膜上符合题意c、平面镜所成像的大小取决于物体大小，跟物体到平面镜距离没有关系不符合题意d、漫反射的每一条光线都遵循光的反射定律不符合题意故选b【点评】掌握凸透镜、平面镜、凹镜、凸镜、凹透镜的成像性质和应用4小明根据所学的物理知识并结合下列表格中的数据，得出以下四个结论，其中正确的是（）物质密度/（kgm3）（常温常压下）熔点t/（标准大气压下）比热容c/j（kg）1冰0.910302.1103铝2.71036600.88103铁7.910315350.46103a寒冬季节盛有水的水缸放在室外不可能破裂b标准大气压下，铝在660时一定处于固液共存状态c体积相等的铁球和铝球，如果它们的质量相等，铁球可能是实心的d质量相等的实心铁块和实心铝块，升高相同的温度，铝块吸收的热量较多【考点】热量的计算；凝固与凝固放热特点；熔点和凝固点；密度公式的应用【专题】压轴题；信息给予题；学科综合题；推理法【分析】a、由表中数据可得冰的熔点，而水的凝固点与冰的熔点相同在寒冬季节，水达到凝固点而结冰，结冰时质量不变，密度减小，体积变大，将把水缸胀破；b、一标准大气压下，铝的熔点是660，铝熔化时温度不变继续吸热，直到完全熔化；c、铁的密度大于铝的密度，体积相等的铁球和铝球，如果是实心的，铁的质量大于铝的质量，如果它们的质量相等，铁一定是空心的；d、由表中知道铁和铝的比热容的大小关系，又知道m相同，升高的温度相同，根据吸热公式判断【解答】解：a、水在寒冬季节，达到凝固点而结冰，结冰时，体积变大，将把水缸胀破，故a错；b、一标准大气压下，铝的熔点是660，660的铝可能刚达到熔点还没有熔化（全是固态）、也可能是处于熔化过程中（固液混合），也可能刚熔化结束（全为液体），故b错；c、铁的密度大于铝的密度，体积相等的铁球和铝球，如果是实心的，铁的质量一定大于铝的质量，故c错；d、由表中知道c铁c铝，又知道m相同，升高的温度t相同，根据吸热公式q吸=cmt可知铝块吸收的热量较多，故d正确故选d【点评】本题考查了学生从表格数据中搜集有用信息并加以利用的能力，涉及到空心问题、晶体熔化规律、热量的计算、凝固条件，是一个与生活相联系的综合题5如图所示电路中，电源电压恒定，只r1为定值电阻，r2为滑动变阻器闭合开关s后，滑动变阻器滑片p自b向a移动的过程中（）a电流表a的示数变大，电压表v2的示数与电流表a的示数之比变小b电流表a的示数变大，电压表v2的示数与电流表a的示数之比变大c电压表vl的示数不变，电路消耗的总功率变大d电压表v2的示数变小，电路消耗的总功率变小【考点】电路的动态分析；电流表的使用；电压表的使用【专题】压轴题；推理法【分析】画出等效电路图，确认电路的连接方式为串联和电表的测量对象，根据串联电路的特点分析【解答】解：等效电路如右图所示，r1与r2串联，v1测r1两端的电压，v2测r2两端的电压当滑片p由b向a滑动时，r2阻值变小，总电阻变小，由知电路中电流变大，电流表a的示数变大，因此rl两端电压变大，v1示数变大，v2示数就会变小故选a【点评】本题画出等效电路图，确认电路的连接方式是关键6如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关s1、s2，电压表示数为3v，电流表示数为0.3a，断开s2后，电压表示数为2v，则下列判断正确的是（）ar1阻值为20br2阻值为10c电源电压为3vd电源电压为2v【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律【专题】计算题；图析法【分析】首先分析电路图，闭合开关s1、s2时，电阻r2被短路，电路中只有电阻r1，电流表测量的是整个电路中的电流，此时电压表测量的是电源电压，知道电压表的示数，从而可以判断出c和d是否符合题意知道电源电压和此时电路中的电流，可利用公式r=计算出电阻r1的阻值，从而可以判断出a是否符合题意当断开s2后，电阻r1和电阻r2串联，电压表与电阻r1并联，电压表测量的是电阻r1两端的电压，知道电阻r1的阻值，可利用公式i=计算出此时电路中的电流；又知道电源电压，利用串联电路电压的特点便可以计算出电阻r2两端的电压；最后再利用公式r=计算出电阻r2的阻值，从而可以判断出b是否符合题意【解答】解：闭合开关s1、s2时，电阻r2被短路，电路中只有电阻r1，如图1所示：电路中只有电阻r1，电压表测量的是电源电压，而电压表示数为3v，则电源电压为：u=3v所以c符合题意，d不符合题意此时电路中的电流为：i1=0.3a，电阻r1的阻值为：r1=10所以a不符合题意当断开s2后，电阻r1和电阻r2串联，电压表测量的是电阻r1两端的电压，如图2所示：u1=2v，r1=10，此时电路中的电流为：i=i2=i1=0.2a，而电源电压为u=3v，电阻r2两端的电压为：u2=uu1=3v2v=1v，则电阻r2的阻值为：r2=5所以b不符合题意故选c【点评】解决此题的关键是弄清两次电路中电阻的连接情况，电压表测量的是谁的电压，电流表测得是哪个电阻的电流，根据串并联电路的特点，结合欧姆定律的公式进行求解也可以根据实际分析，画出对应的等效电路图72014年1月4日，北海舰队航空兵某机场，随着一颗信号弹升起，一架架直升机陆续起飞，交替起降，进行悬停、起落、定点着陆等课目训练关于该飞机，下列说法错误的是（）a飞机在悬停时，不计浮力，飞机受到的重力与垂直于机翼向上升力为平衡力b飞机飞行时能获得向上的压强差，是因为机翼上方空气流速小于机翼下方空气流速c飞机飞行时，通过发射和接收电磁波与地面取得联系的d飞机在匀速下落过程中，重力势能减小，机械能减小【考点】平衡力的辨别；流体压强与流速的关系；电磁波的传播；动能和势能的转化与守恒【专题】信息的传递；气体的压强、流体压强与流速的关系；机械能及其转化【分析】（1）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；（2）流体的压强与流速有关：流速越大的位置，压强越小，据此判断；（3）飞机在空中利用电磁波与地面取得联系；（4）根据动能、重力势能的影响因素做出判断，知道机械能等于动能与势能之和【解答】解：a、飞机在悬停时，不计浮力，飞机处于平衡状态，受到的重力与垂直于机翼向上升力为平衡力，故a正确；b、飞机飞行时能获得向上的压强差，是因为机翼上方空气流速大、压强小，机翼下方空气流速小、压强大，从而产生向上的升力，故b错误；c、飞机飞行时，通过发射和接收电磁波与地面取得联系的，故c正确；d、飞机在匀速下落过程中，速度不变，动能不变；高度降低，重力势能减小，机械能减小，故d正确故选b【点评】本题主要考查了平衡力的辨别、流体压强与流速的关系、电磁波的应用、机械能的转化与守恒等，有一定综合性二、作图与实验题（本题4个小题，共22分）8小明用蜡烛、凸透镜和光屏做“探究凸透镜成像的规律”实验（如图）：（1）要使烛焰的像能成在光屏的中央，应将蜡烛向下（填“上”或“下”）调整（2）烛焰放距凸透镜20cm处，移动光屏至某位置，在光屏上得到一个等大清晰的像，则凸透镜的焦距是10cm（3）使烛焰向右移动2cm，此时应该将光屏向右（填“左”或“右”）移至另一位置，才能得到一个倒立、放大（填“放大”、“缩小”或“等大”）的清晰实像【考点】凸透镜成像规律及其探究实验；主光轴、光心、焦点和焦距【专题】实验题；图析法【分析】光线过凸透镜的光心不改变方向凸透镜成像时，u=2f 时，凸透镜能成倒立，等大的实像根据这一特点求出凸透镜的焦距根据物距和凸透镜焦距的关系，确定使烛焰向右移动2cm，凸透镜成像情况【解答】解：（1）如图烛焰射出的光线经凸透镜的光心，折射光线会射向光屏的下方，如果使凸透镜的像呈在光屏的中央，烛焰下移，或凸透镜上移，或光屏下移，或同时将烛焰下移，光屏上移，使烛焰的中心、凸透镜的光心、光屏的中心在同一高度（2）凸透镜成像时，光屏上得到的像都是倒立的实像烛焰放距凸透镜20cm处，移动光屏至某位置，在光屏上得到一个等大清晰的像，此时的像是倒立的、等大的实像，u=2f，20cm=2f，f=10cm（3）凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，使烛焰向右移动2cm，光屏应该向右移使烛焰向右移动2cm，u=18cm，2fuf，成倒立、放大的实像故答案为：（1）下；（2）10；（3）右；放大【点评】（1）掌握凸透镜成像的四种情况和应用u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机u=2f，成倒立、等大的实像，可以求出凸透镜的焦距2fuf，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪uf，成倒正立、放大的虚像，应用于放大镜（2）掌握凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大9如图所示是探究“海波熔化时温度变化规律”和探究“水的沸腾”的实验装置，比较两个实验，请回答下列问题：（1）在两个实验装置中都体现了温度计的正确使用方法是：温度计的玻璃泡要全部浸没在被测物质中，不要碰到容器底和容器壁（2）两个实验都用图象很直观的反映了物质的温度随时间的变化情况，如图2甲、乙所示，两图象反映出海波熔化和水沸腾时的共同特点是：吸收热量，温度保持不变（3）探究海波熔化过程的关键是要保证海波受热均匀；而探究水的沸腾的关键要尽可能缩短水沸腾的时间为了加速水的沸腾，我们通常是在“水”上做文章，可以尽可能减少水的质量和提高水的初温【考点】熔化和凝固的探究实验；探究水的沸腾实验【专题】探究型实验综合题【分析】（1）使用温度计之前一定要看清温度计的量程、分度值和零刻度在使用温度计测物体温度时一定要按它的使用方法进行，根据温度计的正确使用方法填空（2）海波熔化和液体沸腾吸收热量，温度保持不变；（3）水的质量越少，温度越高，水越容易烧开【解答】解：（1）测量时将温度计的玻璃泡与被测物体充分接触，不要碰容器底和容器壁；（2）如图2甲、乙所示，两图象反映出海波熔化和水沸腾时的共同特点是：吸收热量，温度保持不变（3）探究海波熔化过程的关键是要保证海波受热均匀；要缩短水从加热到沸腾的时间，我们可以减少水的质量，或者是提高水的初温故答案为：（1）碰到容器底和容器壁；（2）吸收热量，温度保持不变；（3）均匀；提高水的初温【点评】本题考查结合图象分析海波熔化和液体沸腾的特点，会看液体沸腾的图象，考查学生的分析归纳能力，同时注意掌握影响沸腾实验加热时间的要素10如图所示，在“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验中：（1）实验过程中，必须用弹簧测力计沿水平方向拉着物块a做匀速直线运动，这样做便能测量出滑动摩擦力的大小（2）在甲、乙、丙所示图中，分别用f1=1n，f2=2n，f3=1.5n的拉力，拉着物块a匀速前进分析甲、乙两图可得：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；分析甲与丙两图可得：在压力一定时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大（3）大量实验进一步证明：在接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力大小与压力大小成正比在丙图中物块a上叠放一块与a相同的物块b，用弹簧测力计拉着物块a，使物块b随a一起匀速前进（如图丁所示）此时弹簧测力计示数为f4，则f4=3n；此运动过程中，物块b受到的摩擦力为0n【考点】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验【专题】压轴题；探究型实验综合题【分析】（1）根据二力平衡条件的知识进行分析，一对平衡力的大小相等；（2）分析三幅图中的控制的量和改变的量结合测力计的示数得出结论；（3）根据摩擦力与压力的关系结合丙图的示数得出结论；根据摩擦力产生的条件得出b受到的摩擦力【解答】解：（1）实验过程中，必须用弹簧测力计沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，拉力和摩擦力平衡，大小才相等；（2）甲、乙两图，接触面粗糙程度相同，乙的压力大于甲的压力，拉力大于甲的拉力，可得在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；甲、丙两图，压力相同，丙比甲接触面粗糙，丙的拉力大于甲的拉力，可得在压力一定时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大；（3）在接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力大小与压力大小成正比，丁与丙的接触面粗糙程度相同，丁的压力是丙的2倍，所以摩擦力是丙的2倍，拉力也是丙的2倍，应为1.5n2=3n；又ab两物体同时向前做匀速直线运动，所以它们之间没有摩擦力故答案为：（1）水平；匀速直线；（2）压力；甲与丙； （3）3；0【点评】此题是“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验，考查了学生对控制变量法的掌握及应用，（3）中告诉滑动摩擦力大小与压力大小成正比的特点，分析丁的测力计示数，考查了学生对新知识的应用，同时还考查了摩擦力产生的条件11某实验小组探究“通过导体的电流与电压的关系”时，设计了如图1所示的电路电源电压不变，r1为定值电阻，电流表a选用00.6a量程，电压表v1选用为03v量程，电压表v2选用为015v量程，滑动变阻器r2上标有“50 1a”的字样（1）根据图甲的电路图，将图乙的实物电路连接完整（2）闭合开关前滑动变阻器的滑片p应放在b（选填“a”或“b”）端（3）闭合开关s，发现电流表a 与电压表v2的示数为零，电压表v1的示数不为零，则电路存在的故障是电阻r1断路（4）排除故障后，继续实验，记录电流表a 与电压表v1的示数，得到一组实验数据，如表所示其中，第三次电流表的示数如图丙所示，请填入表格中分析表中实验数据可得结论：当导体的阻值不变时，通过导体的电流与其两端电压成正 比序号电压表v1的示数u1/v电流表a的示数i/a11.00.122.00.233.0（5）实验中，记录电流表a 与电压表v2的示数，得到一组实验数据，根据实验数据作出iu2图线，如图丁所示，则电源电压是6v在保证实验器材安全的前提下，滑动变阻器接入电路的阻值不得小于10【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【专题】实验题；探究型实验综合题【分析】（1）在根据电路图连接电路过程中，要特别注意电流表、电压表的位置、接法、量程选择和电流方向；滑动变阻器采用“一上一下”的接法与定值电阻串联（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片应位于最大阻值处（3）闭合开关，电流表或电压表示数为零，说明与其串联的电路断路；电压表有示数，说明与其串联的电路是通路（4）据电流表的量程可以判断出分度值，进而得出此时电流表的示数；由电路图知，电压表v1测量电阻r1两端电压，电流表测量电路电流比较电压、电流变化规律就能得出实验结论（5）由上一步可以得到电阻r1的阻值；在丁图中，滑动变阻器两端最大电压为5.0v，此时电路电流为0.1a，由此得到滑动变阻器接入电路的阻值；已知电阻r1和滑动变阻器接入电路的阻值，可以得到总电阻；已知电路总电阻和电流，可以得到电源电压；为保护用电器或电流表、电压表，电路电流不能超过用电器或电流表允许通过的最大电流，两端电压不能超过电压表选择的量程确定电路最大电流或最大电压后，在电源电压不变的情况下，得到电路的总电阻，其中r1已得出，所以能够得到滑动变阻器接入电路的电阻【解答】解：（1）题目已明确了电流表、电压表的量程，只要将电阻、滑动变阻器、开关、电源串联，电压表v1与电阻并联、电压表v2与滑动变阻器并联即可，如下图（2）为保护电路，闭合开关前，滑片应位于最大阻值处，也就是位于b端（3）闭合开关，电流表a 与电压表v2的示数为零，说明与他们串联的电路是断路状态但不可能是滑动变阻器断路（如果滑动变阻器断路，电压表v2有示数）；电压表v1有示数，说明与v1串联的电路是通路，所以电路故障为电阻r1断路（4）据上图丙可知，此时电流表选择的是小量程，故其分度值是0.02a，故此时的示数是0.3a；如下表格：序号电压表v1的示数u1/v电流表a的示数i/a11.00.122.00.233.00.3 由实验数据可以看出：电压成倍增大，电流也成倍增大，且两者增大的倍数相同所以实验结论为：在电阻一定时，通过导体的电流与两端电压成正比（5）定值电阻的阻值为r1=10由丁图知，滑动变阻器两端电压为5v时，滑动变阻器接入电路的电阻为r2=50所以电源电压为u=ir=0.1a（10+50）=6v；已知电源电压为6v，所以对电压表v2不会造成损害；已知电源电压和电阻r1的阻值，可得电路最大电流为0.6a，对电流表也不会造成损害；当电压表v1电压达到3v时，电路电流为i=0.3a所以滑动变阻器接入电路电阻为r最小=10，即滑动变阻器接入电路电阻不能小于10故答案为：（1）见上图；（2）b；（3）电阻r1断路；（4）见上表；正；（5）6；10【点评】在额定电流不同的用电器串联在同一电路中时，确定电路电流的原则是：“同情弱者”以最小的额定电流为电路电流，防止烧坏用电器三、计算题（本题2个小题，共17分）12如图，轻质杠杆ab可绕o点转动，在a、b两端分别挂有边长为10cm，重力为20n的完全相同的两正方体c、d，oa：ob=4：3；当物体c浸入水中且露出水面的高度为2cm时，杠杆恰好水平静止，a、b两端的绳子均不可伸长且均处于张紧状态（g=10n/kg） 求：（1）物体c的密度；（2）杠杆a端受到绳子的拉力；（3）物体d对地面的压强【考点】杠杆的平衡分析法及其应用；密度的计算；压强的大小及其计算；