内蒙古巴彦淖尔一中高二物理上学期期中试卷（普通班含解析）.doc

内蒙古巴彦淖尔一中2014-2015学 年高二上学期期中物理试卷（普通班）一、选择题（本题共15小题；每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第110题只有一个选项符合题目要求，第1115题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分）1如图所示是某电场中的几条电场线，在电场中有a、b两点，试比较两点的电场强度e大小和电势高低，其中正确的是（）aeaeb，abbeaeb，abceaeb，abdeaeb，ab2在电场中（）a某点的电场强度大，该点的电势一定高b某点的电势高，检验电荷在该点的电势能一定大c某点的场强为零，检验电荷在该点的电势能一定为零d某点的电势为零，检验电荷在该点的电势能一定为零3当电场力对电荷做正功时，电荷的移动情况是（）a正电荷一定从电势能小的位置到电势能大的位置b负电荷一定从电势能大的位置到电势能小的位置c一定从电势高位置到电势低位置d一定从电势低位置到电势高位置4如图所示，实线是电场中一簇方向未知的电场线，虚线是一个带正电粒子从a点运动到b点的轨迹，若带电粒子只受电场力作用，粒子从a点运动到b点的过程中（）a运动的加速度逐渐增大b运动的速度逐渐减小c粒子的电势能逐渐减小da点的电势比b点的电势高5对于水平放置的平行板电容器，有关电容器的电容，下列说法正确的是（）a将两极板的间距增大，电容将增大b将两极板从正对平行错开，电容将增大c在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大d在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的铝板，电容将减小6如图所示，一带电粒子沿与电场线垂直的方向从电场中央以初速度v0进入两平行金属板间的匀强电场，已知粒子的带电量为q，质量为m，板长为l，两板间距为d两板间的电势差为u，则粒子从板间穿出时（）a粒子沿电场方向偏移的距离为b粒子的速度方向偏角的正切值为c动能增加了qud电场力一定对粒子做了的功7如图所示，a、b、c三条虚线为电场中的等势面，等势面b的电势为零，且相邻两个等势面间的电势差相等，一个带正电的粒子在a时的动能为10j，在电场力作用下从a运动到b速度为零，当这个粒子的动能为6j时，其电势能为（）a14jb4jc0d1j8一根均匀导线，现将它均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，此时它的阻值为64，则导线原来的电阻值为（）a128b32c4d29如图电路中，在滑动变阻器的滑片p向上端a滑动过程中，两表的示数情况为（）a电压表示数增大，电流表示数减少b电压表示数减少，电流表示数增大c两电表示数都增大d两电表示数都减少10欧姆表是由表头、干电池和调零电阻等串联而成的，有关欧姆表的使用和连接，下面的叙述正确的是（）测电阻前要使红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使表头指示电流为零红表笔与表内电池负极相连，黑表笔与表内电池正极相连测电阻时，指针偏转角度太大，应使欧姆表选择开关拨到较小倍率档测电阻时，指针偏转角度太小，应使欧姆表选择开关拨到较小倍率档abcd11一个带正电的粒子从a点射入固定在o点的点电荷的电场中，粒子运动轨迹如图实线所示，图中虚线为同心圆，表示电场中的等势面，不计重力，可以判断（）ao点处的电荷带正电b粒子从a点运动到c点时电场力做功为零c粒子在a点处的电势能一定小于b点处的电势能d粒子在a点的速率一定小于b点处的速率12有a、b两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断（）a电阻a的阻值大于电阻bb电阻a的阻值小于电阻bc电压相同时，流过电阻a的电流强度较大d两电阻串联时，电阻a消耗的功率较大13如图所示的电路中，输入电压u恒为12v，灯泡l标有“6v，12w”字样，电动机线圈的电阻rm=0.5若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（）a电动机消耗的电功率是10wb电动机的输出功率10wc电动机的热功率是2wd整个电路消耗的电功率是24w14如图所示的是伏安法测电阻的部分电路，开关先后接通a和b时，观察电压表和电流表示数的变化，那么（）a若电压表示数有显著变化，测量r的值时，s应接ab若电压表示数有显著变化，测量r的值时，s应接bc若电流表示数有显著变化，测量r的值时，s应接ad若电流表示数有显著变化，测量r的值时，s应接b15如下图所示，直线b为电源的ui图象，直线a为电阻r的ui图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，以下说法中正确的是（）a电源的总功率为6wb电源的输出功率为4wc电源的效率为33.3%d电源的效率为66.7%二、填空题（每空2分，共16分）16一灵敏电流计，满偏电流为ig=5ma，表头电阻rg=400，若改装成量程为10v的电压表，应联一个得电阻，新表的内阻为17在描绘小灯泡的伏安特性曲线实验中，可选用的仪器有：a小灯泡，规格为“2.4v、1.0w”；b直流电源，输出电压为6v；c电压表3v，内阻大约1k；d电压表6v，内阻大约2k；e电流表0.6a，内阻大约3；f电流表3a，内阻大约1；g滑动变阻器，总电阻5；h滑动变阻器，总电阻500；i开关、导线若干（1）实验中电压表应选用，电流表应选用；（填代号）（2）测量中滑动变阻器应使用（填“分压”或“限流”）连接方式，以上仪器中适合的滑动变阻器为（填代号）；（3）在图中画出实验应采用的电路图三、计算题（本题共3小题，共24分）18在静电场中，将一电量为q=1.5106c的正电荷从a点移到b点，电场力做功为3104j如果将该电荷从b点移到c点，克服电场力做功1.5104j求静电场中a点和c点间的电势差19如图所示电路中，电阻r1=r2=3，r3=6，s扳至1时，电流表的示数为1.0a，s扳至2时，电流表示数为1.5a，求：电源的电动势e和内阻r（电流表内阻不计）20如图所示，bc是半径为r的圆弧形的光滑且绝缘的轨道，位于竖直平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为e现有一质量为m、带正电q的小滑块（可视为质点），从c点由静止释放，滑到水平轨道上的a点时速度减为零若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为，求：（1）滑块通过b点时的速度大小；（2）滑块经过圆弧轨道的b点时，所受轨道支持力的大小；（3）水平轨道上a、b两点之间的距离内蒙古巴彦淖尔一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷（普通班）一、选择题（本题共15小题；每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第110题只有一个选项符合题目要求，第1115题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分）1如图所示是某电场中的几条电场线，在电场中有a、b两点，试比较两点的电场强度e大小和电势高低，其中正确的是（）aeaeb，abbeaeb，abceaeb，abdeaeb，ab考点：电场线；电场强度；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低解答：解：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，所以eaeb，沿着电场线电势一定降低所以ab故选b点评：掌握电场线的特点即可解决问题2在电场中（）a某点的电场强度大，该点的电势一定高b某点的电势高，检验电荷在该点的电势能一定大c某点的场强为零，检验电荷在该点的电势能一定为零d某点的电势为零，检验电荷在该点的电势能一定为零考点：电势能；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：本题抓住电场强度与电势无关、正电荷在电势高处电势能大，负电荷在电势高处电势能小、电势为零，电势能为零，进行分析判断解答：解：a、某点的电场强度大，该点的电势不一定高，两者没有直接关系，故a错误b、某点的电势高，由公式ep=q知，正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，故b错误c、某点的场强为零，该点的电势不一定为零，检验电荷在该点的电势能不一定为零，故c错误d、某点的电势为零，即=0，由公式ep=q知，检验电荷在该点的电势能一定为零，故d正确故选d点评：解决本题关键要知道电势与电场强度无关、电势能的公式ep=q，即可进行判断分析3当电场力对电荷做正功时，电荷的移动情况是（）a正电荷一定从电势能小的位置到电势能大的位置b负电荷一定从电势能大的位置到电势能小的位置c一定从电势高位置到电势低位置d一定从电势低位置到电势高位置考点：电势能 分析：电场力对电荷做正功时，电荷的电势能必定减小而电势能与电势的关系是ep=q，结合这些知识进行分析解答：解：a、b、只要电场力对电荷做正功，不论是正电荷还是负电荷，电荷的电势能都减小，所以电荷都一定从电势能大的位置到电势能小的位置，故a错误，b正确c、d、根据电势能与电势的关系式ep=q，知正电荷一定从电势高位置到电势低位置，负电荷一定从电势低位置到电势高位置故cd错误故选：b点评：对于电场力做功与电势能变化的关系，可运用类比的方法理解，将它们的关系与重力做功和重力势能变化的关系进行类比，还抓住它们的不同点进行理解4如图所示，实线是电场中一簇方向未知的电场线，虚线是一个带正电粒子从a点运动到b点的轨迹，若带电粒子只受电场力作用，粒子从a点运动到b点的过程中（）a运动的加速度逐渐增大b运动的速度逐渐减小c粒子的电势能逐渐减小da点的电势比b点的电势高考点：电势；电场强度；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：解这类题是思路：根据运动轨迹弯曲方向判定电场力方向，然后根据电性判断电场线方向，从而判断电势高低，根据电场力做功判断电势能的变化解答：解：a、由于a点运动到b点过程中，电场线越来越稀疏，故电场强度减小，粒子所受的电场附加税减小，则加速度逐渐减小，故a错误；b、电场力与速度方向的夹角为钝角，则电场力做负功，动能减小，速度减小故b正确；c、从a点运动到b点电场力做负功，电势能增大，故c错误d、由粒子的运动轨迹可知，带电粒子所受的电场力向左，由于粒子带正电，故电场线向左，沿电场线方向电势降低，d错误故选：b点评：解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力，利用电场中有关规律求解5对于水平放置的平行板电容器，有关电容器的电容，下列说法正确的是（）a将两极板的间距增大，电容将增大b将两极板从正对平行错开，电容将增大c在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大d在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的铝板，电容将减小考点：电容器的动态分析 专题：电容器专题分析：根据平行板电容器的电容决定式c=，分析电容的变化情况解答：解：a、将两极板的间距加大，d增大，由电容决定式c= 得知，电容将减小故a错误b、将两极板平行错开，使正对面积减小，s减小，由电容决定式c= 得知，电容将减小故b错误c、在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的陶瓷板，增大，c增大故c正确d、在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的铝板，板间距离减小电容将增大故d错误故选：c点评：解决本题的关键要掌握电容的决定式c=，明确电容的决定因素即可解题6如图所示，一带电粒子沿与电场线垂直的方向从电场中央以初速度v0进入两平行金属板间的匀强电场，已知粒子的带电量为q，质量为m，板长为l，两板间距为d两板间的电势差为u，则粒子从板间穿出时（）a粒子沿电场方向偏移的距离为b粒子的速度方向偏角的正切值为c动能增加了qud电场力一定对粒子做了的功考点：带电粒子在匀强电场中的运动 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：粒子在电场中做类平抛运动，在垂直于板面方向的分运动为匀加速运动，沿电场方向做匀速运动，根据平抛运动的规律，结合牛顿第二定律与运动学公式，即可解题解答：解：a、两极板间的电场强度e=带电粒子在极板间受到的电场力f=qe由上述解得 f=带电粒子在极板间的加速度a=该粒子在电场中的运动时间t=粒子在电场中运动竖直方向偏移的距离y=at2，由上述解得：y=，故a正确；b、在电场力方向的速度v=at=；那么速度方向偏角的正切值为tan=，故b错误；c、根据动能定理得，动能的变化等于电场力做功，则若粒子打在极板上，粒子的动能一定增加了q，故c错误d、若粒子打在极板上，粒子初末位置的电势差为，电场力一定对粒子做了q 的功，故d错误故选：a点评：该题考查了带电粒子在电场中偏转的问题，要知道此时粒子做类平抛运动，根据平抛运动的基本公式解题，注意本题不考虑带电粒子的重力7如图所示，a、b、c三条虚线为电场中的等势面，等势面b的电势为零，且相邻两个等势面间的电势差相等，一个带正电的粒子在a时的动能为10j，在电场力作用下从a运动到b速度为零，当这个粒子的动能为6j时，其电势能为（）a14jb4jc0d1j考点：电势差与电场强度的关系；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：相邻两个等势面间的电势差相等uab=ubc，所以wab=wbc，从而可以求出粒子在b点的动能，即粒子在电场中的总能量解答：解：相邻两个等势面间的电势差相等uab=ubc，所以quab=qubc，即：而：wab=0ek0=10j所以，粒子在等势面b上时的动能ekb：wac=ekbek0所以：eb=ekb=5j从而可以知道粒子在电场中的总能量值为5j当这个粒子的动能为6j时，ep=eek=（56）j=1j所以选项abc都错误，选项d正确故选：d点评：该题中利用相邻两个等势面间的电势差相等uab=ubc，所以wab=wbc，从而可以求出粒子在b点的动能，即粒子在电场中的总能量是解题的关键属于简单题8一根均匀导线，现将它均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，此时它的阻值为64，则导线原来的电阻值为（）a128b32c4d2考点：电阻定律 专题：恒定电流专题分析：通过导线长度和横截面积的变化，根据电阻定律r=求出电阻的大小解答：解：一根均匀导线，现将它均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，则横截面积变为原来的，因为导线的体积不变，则长度变为原来的4倍，根据电阻定律r=，知电阻变为原来的16倍，所以导线原来的电阻为4故c正确，a、b、d错误故选c点评：解决本题的关键掌握电阻定律的公式r=，知道影响电阻的因素9如图电路中，在滑动变阻器的滑片p向上端a滑动过程中，两表的示数情况为（）a电压表示数增大，电流表示数减少b电压表示数减少，电流表示数增大c两电表示数都增大d两电表示数都减少考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：动态变化分析问题一般按照“局部整体局部”的顺序，分析总电阻变化总电流变化总电压变化，再分析局部电压、电流、功率的变化进行对于电流表读数来说，由于滑动变阻器的电流、电压和电阻都在变化，不好确定，可从总电流的变化和r2电流变化确定解答：解：当滑动变阻器的滑片p向a滑动时，接入电路的电阻增大，与r2并联的电阻增大，外电路总电阻r总增大，总电流i减小，路端电压u=eir增大，电压表读数增大；并联部分的电阻增大，分担的电压增大，u2增大，流过r2的电流i2增大，电流表的读数ia=ii2，则减小故a正确，bcd错误故选：a点评：电路动态变化分析是常见的题型，容易犯的错误是认为支路电阻增大，并联总电阻减小本题中变阻器的电压、电流和电阻都是变化的，技巧是研究干路电流和另一支路电流变化情况来确定10欧姆表是由表头、干电池和调零电阻等串联而成的，有关欧姆表的使用和连接，下面的叙述正确的是（）测电阻前要使红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使表头指示电流为零红表笔与表内电池负极相连，黑表笔与表内电池正极相连测电阻时，指针偏转角度太大，应使欧姆表选择开关拨到较小倍率档测电阻时，指针偏转角度太小，应使欧姆表选择开关拨到较小倍率档abcd考点：用多用电表测电阻 专题：实验题分析：使用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，然后进行欧姆调零；欧姆表的红表笔插“+”插孔，黑表笔插“”插孔，“+”与电源负极相连，“”与电源正极相连；欧姆表零刻度线在最右侧，最大刻度线在最左侧解答：解：使用欧姆表测电阻确定合适的挡位后要进行欧姆调零，要使红黑表笔相接，调节调零电阻，使表头的指针指向欧姆刻度的零处，但电流不为0为最大故错误；红表笔与表内电池负极相接，黑表笔与表内电池正极相连接，正确；、欧姆表零刻度线在最右侧，测电阻时，表针偏转角度越大，待测电阻值越小，应用小档位，则正确指针偏转角度太小，则阻大，用大档位，则错误 故选：d点评：本题考查了欧姆表的使用方法，特别注意每次换挡都要重新调零11一个带正电的粒子从a点射入固定在o点的点电荷的电场中，粒子运动轨迹如图实线所示，图中虚线为同心圆，表示电场中的等势面，不计重力，可以判断（）ao点处的电荷带正电b粒子从a点运动到c点时电场力做功为零c粒子在a点处的电势能一定小于b点处的电势能d粒子在a点的速率一定小于b点处的速率考点：电势；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：电荷做曲线运动，受到的合力指向轨迹的内侧，根据轨迹弯曲方向判断出粒子与固定在o点的电荷是异种电荷，它们之间存在引力，根据功能关系分析动能和电势能的变化情况；根据w=uq判读电场力做功情况解答：解：a、根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在m、n间运动过程中，电荷一直受静电引力作用，由于运动的电荷为正电荷，故o点处的电荷一定带负电，故a错误b、a点和c点在同一个等势面上，根据w=uq可知，粒子从a点运动到c点时电场力做功为零，故b正确c、从a到b点过程中电场力做正功，根据电场力做功和电势能变化的关系可知粒子的电势能减小，故粒子在a点处的电势能一定大于b点处的电势能，故c错误d、从a到b点过程中电场力做正功，根据动能定理可知，粒子的动能增加，故粒子在a点的速率一定小于b点处的速率，故d正确故选：bd点评：本题属于电场中轨迹问题，考查分析推理能力根据轨迹的弯曲方向，判断出电荷受到的电场力指向轨迹内侧电荷在电场中一定受到电场力12有a、b两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断（）a电阻a的阻值大于电阻bb电阻a的阻值小于电阻bc电压相同时，流过电阻a的电流强度较大d两电阻串联时，电阻a消耗的功率较大考点：欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：iu曲线中直线的斜率表示的是电阻的倒数，根据斜率的大小可以判断ab电阻的大小；根据电阻的大小，再由欧姆定律可以判断流过电阻的电流的大小解答：解：a、在伏安特性曲线中直线的斜率表示的是电阻的倒数，从图中可得a的斜率大，所以a的电阻小，所以a错误，b正确；c、由于a的电阻小，所以当电压相同的时候，流过电阻a的电流强度较大，所以c正确；d、当两电阻串联时，电阻的电流相同，由p=i2r可得，电阻大的电阻的功率大，所以电阻b消耗的功率较大，所以d错误故选：bc点评：本题就是考察学生对于伏安特性曲线的理解，在做题时一定要区分开ui图象和iu图象，不同的图象中的直线的斜率的含义不同13如图所示的电路中，输入电压u恒为12v，灯泡l标有“6v，12w”字样，电动机线圈的电阻rm=0.5若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（）a电动机消耗的电功率是10wb电动机的输出功率10wc电动机的热功率是2wd整个电路消耗的电功率是24w考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：a、电动机的输入功率p=u1i，根据灯泡正常发光求出电流，电动机两端的电压等于输入电压减去灯泡的电压b、电动机的输出功率p2=pi2rmd、整个电路消耗的功率p总=ui解答：解：a、电动机两端的电压u1=uul=126v=6v，整个电路中的电流i=2a，所以电动机消耗功率p=u1i=62w=12w故a错误b、电动机的热功率p热=i2rm=40.5w=2w，则电动机的输出功率p2=pi2rm=122w=10w故bc正确d、整个电路消耗的功率p总=ui=122w=24w故d正确故选：bcd点评：点评：解决本题的关键知道电动机的输出功率p2=pi2rm以及知道整个电路消耗的功率p总=ui14如图所示的是伏安法测电阻的部分电路，开关先后接通a和b时，观察电压表和电流表示数的变化，那么（）a若电压表示数有显著变化，测量r的值时，s应接ab若电压表示数有显著变化，测量r的值时，s应接bc若电流表示数有显著变化，测量r的值时，s应接ad若电流表示数有显著变化，测量r的值时，s应接b考点：伏安法测电阻 专题：恒定电流专题分析：伏安法测电阻时，电流表外接时，误差来自电压表的分流，电流表内接时误差来自电流表的分压，根据电压和电流的变化情况来判断采用内接还是外接法解答：解：a、b，电压表示数有明显变化，说明电流表内阻较大，分压较大，应采用电流表外接法，即s接a，可减小误差故a正确，b错误c、d，电流表示数有明显变化，说明电压表内阻较小，分流较大，应采用电流表内接法，即s接b，可减小误差故c错误，d正确 故选ad点评：本题的方法称为实验试探法，在不知道电压表、电流表和被测电阻的大约阻值时，常常采用这种方法15如下图所示，直线b为电源的ui图象，直线a为电阻r的ui图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，以下说法中正确的是（）a电源的总功率为6wb电源的输出功率为4wc电源的效率为33.3%d电源的效率为66.7%考点：路端电压与负载的关系；电功、电功率 专题：恒定电流专题分析：由电源的ui图象a纵轴截距读出电源的电动势，斜率求出电源的内阻由电阻r的ui图象b斜率求出电阻r，根据闭合电路欧姆定律求出用该电源和该电阻组成闭合电路时电路中电流和电源的输出电压，再求出电源的输出功率和效率解答：解：由b图线得到，电阻r=1由a图线纵轴的截距得到，电源的电动势为e=3v，短路电流为i短=6a，则电源的内阻为r=0.5用该电源和该电阻组成闭合电路时，电路中电流为 i=a=2a，则电源的总功率 p总=ei=32w=6w；路端电压为u=eir=3v11v=2v，则电源的输出功率为p=ui=22w=4w；电源的效率为=67%故abd正确，c错误故选：abd点评：本题考查对电源和电阻伏安特性曲线的理解能力，其实两图线的交点就表示该电源和该电阻组成闭合电路时的工作状态，能直接电流和路端电压，求出电源的输出功率二、填空题（每空2分，共16分）16一灵敏电流计，满偏电流为ig=5ma，表头电阻rg=400，若改装成量程为10v的电压表，应串联一个1600得电阻，新表的内阻为2000考点：把电流表改装成电压表 专题：实验题分析：把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆档可以求出电阻阻值解答：解：把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值：r=rg=400=1600，改装后电压表内阻为：1600+400=2000；故答案为：串；1600；2000点评：本题考查了电压表的改装，知道电压表的改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律 即可正确解题17在描绘小灯泡的伏安特性曲线实验中，可选用的仪器有：a小灯泡，规格为“2.4v、1.0w”；b直流电源，输出电压为6v；c电压表3v，内阻大约1k；d电压表6v，内阻大约2k；e电流表0.6a，内阻大约3；f电流表3a，内阻大约1；g滑动变阻器，总电阻5；h滑动变阻器，总电阻500；i开关、导线若干（1）实验中电压表应选用c，电流表应选用e；（填代号）（2）测量中滑动变阻器应使用分压（填“分压”或“限流”）连接方式，以上仪器中适合的滑动变阻器为g（填代号）；（3）在图中画出实验应采用的电路图考点：描绘小电珠的伏安特性曲线 专题：实验题分析：（1）根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡正常发光时的电流选择电流表（2）根据实验目的确定滑动变阻器的接法，选择滑动变阻器（3）根据实验目的与实验器材确定滑动变阻器与电流表的接法，然后作出电路图解答：解：（1）灯泡额定电压为2.4v，电压表选c，灯泡正常发光时的电流为：i=0.42a，电流表选e；（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流从零开始变化，滑动变阻器采用分压接法，为方便实验操作，滑动变阻器应选g（3）灯泡正常发光时的电阻r=5.8，电流表内阻约为3，电压表内阻约为1k，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路图如右图所示：故答案为：（1）c；e；（2）分压；g；（3）如图所示点评：本题考查了实验器材的选择、设计实验电路，根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法是正确解题的关键三、计算题（本题共3小题，共24分）18在静电场中，将一电量为q=1.5106c的正电荷从a点移到b点，电场力做功为3104j如果将该电荷从b点移到c点，克服电场力做功1.5104j求静电场中a点和c点间的电势差考点：电势差与电场强度的关系；电势差 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场力做的功等于电势能的减小量，根据电势差的定义公式列式求解即可；解答：解：ab间的电势差为：bc间的电势差为：ac间电