北京师大附属实验中学高一物理上学期期末试卷（含解析）.doc

2015-2016学年北京师大附属实验中学高一（上）期末物理试卷一、单项选择题：本题共15小题，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题意的（每小题3分，共45分）12015年4月3日上午10时，我国海军第二十批护航编队从浙江舟山某军港解缆起航，奔赴亚丁湾、索马里海域执行护航任务，经过5000多海里的航行，于4月21日晨抵达目的地关于此次航行，下列说法不正确的是（）a当研究护航舰艇的运行轨迹时，能将其看做质点b“5000多海里”指的是护航舰艇的航行位移c根据题中数据不能大约求出护航舰艇的平均速度d题中数据“4月3日上午10时”和“4月21日晨”指的是时刻2关于速度、速度的改变量、加速度的关系，下列说法中正确的是（）a物体的速度等于零，加速度一定等于零b物体的速度改变量大，加速度就大c物体的速度改变越快，加速度就越大d在加速直线运动中，加速度不可能减小3著名物理学家费恩曼曾经讲过一则笑话：一位女士由于驾车超速而被警察拦住，警察走过来说“太太，您刚才车速是60英里每小时！”这位女士反驳说：“不可能！我才开了7分钟，还不到一个小时，怎么可能走了60英里呢？”“太太，我的意思是如果您继续刚才那样开车，在下一个小时里您将驶过60英里”“这也不可能我只要再行驶10英里就到家了，根本不需要再开过60英里的路程”这位女士没有认清（）a速度与位移成正比b速度与时间成反比c速度与位移成正比，与时间成反比d速度由位移和时间的比值确定4如图所示是某质点做直线运动的vt图象，由图可知这个质点的运动情况是（）a5s15s内做匀加速运动，加速度为0.8m/s2b前5s内静止c15s20s内做匀减速运动，加速度为0.8m/s2d质点15s末离出发点最远，20秒末回到出发点5质点做直线运动的位移x和时间平方t2的关系图象如图所示，则该质点（）a加速度大小为1m/s2b任意相邻1s内的位移差都为2mc第2s内的位移是2md物体第3s内的平均速度大小为3m/s6从正在加速上升的气球上落下一个物体，在物体刚离开气球的瞬间，下列说法正确的是（）a物体向下做自由落体运动b物体向上运动，加速度向上c物体向上运动，加速度向下d物体向上还是向下运动，要看物体离开气球时的速度7如图所示，作用在一个物体上的六个共点力的大小分别为f、2f、3f、4f、5f、6f，相邻两力间的夹角均为60，其合力为f1；若撤去其中的一个大小为2f的力，其余五个力的合力为f2，则f1、f2的大小分别为（）af1=0，f2=2fbf1=2f，f2=0cf1=6f，f2=2fdf1=21 f，f2=08关于平衡状态，下列说法正确的是（）a当物体速度等于零时，一定处于平衡状态b运动的物体不可能处于平衡状态c物体处于平衡状态时所受合外力为0d当物体处于平衡状态时，一定不受外力作用9如图所示，一只重为g的松鼠站在倾斜角为的树枝上，则树枝对松鼠的作用力为（）agsinbgcosc小于gdg10如图，物体a和b的重力分别为8n和3n，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，弹簧的劲度系数k=10n/m，设弹簧秤所受的合力为f1，弹簧秤的读数为f2，则（）af1=11nbf2=3ncf2=6nd弹簧的伸长量为0.6米11关于牛顿第一定律，下列说法正确的是（）a牛顿第一定律是通过实验直接得出的定律b惯性定律与惯性的实质是相同的c由牛顿第一定律可知，物体在任何情况下始终处于静止或匀速直线运动状态d牛顿第一定律既揭示了物体保持原有运动状态的原因，又揭示了运动状态改变的原因12下列物理量的单位属于导出单位的是（）a质量b时间c位移d速度13在升降电梯内的地面上放一体重计，电梯静止时，晓敏同学站在体重计上，体重计示数为50kg，电梯运动过程中，某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图所示，在这段时间内下列说法中正确的是（）a晓敏同学所受的重力变小了b晓敏对体重计的压力小于体重计对晓敏的支持力c电梯一定在竖直向下运动d电梯的加速度大小为，方向一定竖直向下14两条质量相等的有蓬小船甲和乙，用绳子连接（绳子质量忽略不计），静止在湖面上，若乙船内的人用一个恒定的拉力拉绳子，如图所示如果水的阻力不计，下列判断中正确的是（）a人拉绳子的力大于甲对绳子的拉力b绳子对甲的拉力与绳子对人的拉力是作用力与反作用力c绳子对甲的拉力与绳子对人的拉力作用效果能够抵消d两船相向运动，乙获得的加速度要小于甲获得的加速度15某商场安装了智能化电动扶梯，无人乘行时，扶梯低速慢行，当顾客站上扶梯时，它先慢慢加速，然后匀速运转，关于顾客下列说法正确的是（）a顾客在电梯上始终受三个力作用b顾客始终处于超重状态c顾客对扶梯作用力的方向先沿扶梯向下，再竖直向下d顾客对扶梯作用力的方向先沿扶梯向上，再竖直向下二、不定项选择题：本题共5小题，在每小题给出的四个选项中，至少有一项是符合题意的（共15分，每小题全选对的得3分，选对但不全的得2分，只要有错选的该小题不得分）16关于速度、加速度、合力间的关系，正确的是（）a物体的速度越大，则物体的加速度越大，所受合力也越大b物体的速度为零，则物体的加速度一定为零，所受合力也为零c物体的速度为零，加速度可能很大，所受的合力也可能很大d物体的速度很大，加速度可能为零，所受的合力也可能为零17用牛顿运动定律判断，下列说法正确的是（）a人走路时，地对脚的力大于脚蹬地的力，所以人才能往前走b不论站着不动，还是走动过程中，人对地面的压力和地面对人的支持力，总是大小相等方向相反的c人站在沼泽地下陷时，人对沼泽地的压力大于沼泽地对人的支持力d以卵击石，石头完好而鸡蛋破了，但石头对鸡蛋的作用力仍等于鸡蛋对石头的作用力18南非拥有世界上最高的蹦极点，37岁的葡萄牙男子卡尔迪奥尼西奥自制了30米长的弹性绳，代替传统尼龙绳跳下蹦极台，将“生死一线牵”的感觉发挥到极致如图所示，卡尔迪奥尼西奥身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时距水面还有数米距离不计空气阻力，将他看作质点，且弹性绳在弹性限度内，在弹性绳张紧后的下落过程中，运动员的（）a速度一直减小b加速度一直减小c速度先增大后减小d加速度先减小后增大19如图所示，质量为m的木块a放在质量为m的三角形斜劈上，现用大小均为f、方向相反的力分别推a和b，它们均静止不动，则（）aa与b之间一定不存在弹力bb与地之间一定存在摩擦力cb对a的支持力一定等于mgd地面对b的支持力的大小一定等于（m+m）g20停在水平地面上的小车内，用绳子ab、bc栓住一个重球，绳bc呈水平状态，绳ab的拉力为t1，绳bc的拉力为t2若小车由静止开始加速向左运动，但重球相对小车的位置不发生变化，则两绳的拉力的变化情况是（）at1变大，t2变小bt1变大，t2变大ct1不变，t2变小dt1变大，t2不变三、实验题（共20分）21在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，以下说法正确的是（）a弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度b用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态c用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量d用几个不同的弹簧分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相等22在做“验证力的平行四边形定则”实验时，橡皮条的一端固定在木板上，用两个弹簧秤把橡皮条的结点拉到某一确定的o点，在这实验过程中，以下说法正确的是（）a同一次实验过程中，前后两次应把橡皮条的另一端拉到同一位置b弹簧秤必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度c把橡皮条的另一端拉到o点时，两弹簧秤间的夹角必须取90d画力的平行四边形时，平行四边形的边应画短些，这样可减小误差23在验证“互成角度的两个力的合成”的实验中，某小组得出如图所示的图（f与ao共线），图中是f1与f2合成的理论值；是f1与f2合成的实际值，在实验中如果将两个细绳套换成两根橡皮条，那么实验结果是否变化？答：（填“变”或“不变”）24某同学用频率为50hz的打点计时器在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，得到如图所示的纸带，纸带上a，b，c，d，e，f为计数点，每相邻两计数点之间还有4个点没有画出实验过程中，先，后释放小车分析可得出：每两个相邻计数点之间的时间间隔为s，c点的瞬时速度大小为m/s，小车加速度的大小为m/s225某实验小组的同学在“验证牛顿第二定律”实验中，使用了如图甲所示的实验装置（1）在下列测量工具中，本次实验需要用的测量仪器有（选填测量仪器前字母）a弹簧 b刻度尺 c秒表 d天平（2）实验中，为了可以将细线对小车的拉力看成是小车所受的合外力，某同学先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行接下来还需要进行的一项必须且正确的操作是（选填选项前的字母）a将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节砂和砂桶的总质量的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动b将长木板的右端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推一下小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动c将长木板的右端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推一下小车，观察判断小车是否做匀速运动（3）某同学在做保持小车质量不变，验证小车的加速度与其合外力成正比的实验时，根据测得的数据作出如图乙所示的af图线，所得的图线既不过原点，又不是直线，原因可能是（选填选项前的字母）a木板右端所垫物体较低，使得木板的倾角偏小b木板右端所垫物体较高，使得木板的倾角偏大c小车质量远大于砂和砂桶的质量d砂和砂桶的质量不满足远小于小车质量（4）在某次利用上述已调好的装置进行实验时，保持砂和砂桶的总质量不变，小车自身的质量为m且保持不变，改变小车中砝码的质量m，并测出小车中不同砝码质量时所对应的加速度a，以m为横坐标，为纵坐标，在坐标纸上作出如图丙所示的m关系图线，实验结果验证了牛顿第二定律如果图中纵轴上的截距为b，则小车受到的拉力大小为四、计算题（共20分）26如图，质量为m1的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为o，轻绳ob水平且b端与站在水平面上的质量为m2的人相连，轻绳oa与竖直方向的夹角=37，物体甲及人均处于静止状态（已知sin37=0.6，cos37=0.8，tan37=0.75，g取10m/s2设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）求：（1）轻绳oa、ob受到的拉力是多大？（2）人受到的摩擦力是多大？方向如何？（3）若人的质量m2=60kg，人与水平面之间的动摩擦因数为=0.3，则欲使人在水平面上不滑动，物体甲的质量m1最大不能超过多少？五、不定项选择题：本题共5小题，在每小题给出的四个选项中，至少有一项是符合题意的（共20分，每小题全选对的得4分，选对但不全的得2分，只要有错选的该小题不得分）27如图所示是甲、乙两物体从同一地点同时沿同一方向运动的速度时间图象，其中t2=2t1，则（）a在t1时刻，乙物体在前，甲物体在后b在t1时刻，甲、乙两物体相遇c在t1时刻，甲、乙两物体速度相等，且两物体相距最远d在t2时刻，甲、乙两物体相遇28一个滑块以初速度v0从够长的固定斜面底端沿斜面向上运动，经2t0时间返回到斜面底端如图所示图象表示该滑块在此斜面上运动过程中速度的大小v随时间t变化的规律，其中可能正确的是（）abcd29半圆柱体p放在粗糙的水平地面上，其右端有一固定放置的竖直挡板mn在半圆柱体p和mn之间放有一个光滑均匀的小圆柱体q，整个装置处于平衡状态，如图所示是这个装置的截面图现使mn保持竖直并且缓慢地向右平移，在q滑落到地面之前，发现p始终保持静止则在此过程中，下列说法中正确的是（）amn对q的弹力逐渐减小bp对q的弹力逐渐增大c地面对p的摩擦力逐渐增大dq所受的合力逐渐增大30有一种游戏，游戏者手持乒乓球拍托球移动，距离大者获胜若某人在游戏中沿水平面做匀加速直线运动，球拍与球保持相对静止且球拍平面和水平面之间的夹角为，如图所示设球拍和球质量分别为m、m，不计球拍和球之间的摩擦，不计空气阻力，则（）a运动员的加速度大小为gtan b球拍对球的作用力大小为mgc球拍对球的作用力大小为mgcos d运动员对球拍的作用力大小为31如图所示，带有长方体盒子的斜劈a放在固定的斜面体c的斜面上，在盒子内放有光滑球b，b恰与盒子前、后壁p、q点相接触若使斜劈a在斜面体c上静止不动，则p、q对球b无压力以下说法正确的是（）a若c的斜面光滑，斜劈a由静止释放，则p点对球b有压力b若c的斜面光滑，斜劈a以一定的初速度沿斜面向上滑行，则p、q对b均无压力c若c的斜面粗糙，斜劈a沿斜面匀速下滑，则p、q对b均无压力d若c的斜面粗糙，斜劈a沿斜面加速下滑，则q点对球b有压力六、计算题（共30分）32减速带是交叉路口上常见的一种交通设施，在某小区门口有一橡胶减速带（如图），有一警用巡逻车正以最大速度25m/s从小区门口经过，在离减速带90m时警察发现一逃犯正以10m/s的速度骑电动车匀速通过减速带（电动车始终匀速），而巡逻车要匀减速到5m/s通过减速带（减速带的宽度忽略不计），减速到5m/s后立即以2.5m/s2的加速度加速到最大速度继续追赶，设在整个过程中，巡逻车与逃犯均在水平直道上运动，求从警察发现逃犯到追上逃犯需要的时间33如图所示，一个质量m=10kg的物体放在水平地面上对物体施加一个f=50n的拉力，使物体做初速为零的匀加速直线运动已知拉力与水平方向的夹角=37，物体与水平地面间的动摩擦因数=0.50，sin37=0.60，cos37=0.80，取重力加速度g=10m/s2（1）求物体运动的加速度大小；（2）求物体在 2.0s末的瞬时速率；（3）若在 2.0s末时撤去拉力f，求此后物体沿水平地面可滑行的最大距离34如图所示，与水平方向成=37的传送带以恒定的速度沿顺时针方向转动，两传动轮间距为lab=9m，一质量为m=1kg的长木板静止在粗糙地面上，其右端靠着传送带，现将一质量为m=1kg且可视为质点的滑块轻放在传送带顶端b点，滑块沿传送带滑至底端并滑上长木板（传送带与长木板连接处无机械能损失）已知滑块与传送带间的动摩擦因数为1=0.5，滑块与长木板间的动摩擦因数为2=0.4，长木板与地面间动摩擦因数为3=0.1，g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求：（1）滑块刚滑到长木板的速度v0的大小；（2）从滑块滑上长木板到二者一起停下所用的时间；（3）为保证滑块不从长木板上滑下，长木板的最小长度是多少2015-2016学年北京师大附属实验中学高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共15小题，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题意的（每小题3分，共45分）12015年4月3日上午10时，我国海军第二十批护航编队从浙江舟山某军港解缆起航，奔赴亚丁湾、索马里海域执行护航任务，经过5000多海里的航行，于4月21日晨抵达目的地关于此次航行，下列说法不正确的是（）a当研究护航舰艇的运行轨迹时，能将其看做质点b“5000多海里”指的是护航舰艇的航行位移c根据题中数据不能大约求出护航舰艇的平均速度d题中数据“4月3日上午10时”和“4月21日晨”指的是时刻【分析】当物体在所研究的问题中大小和形状可以忽略不计时，物体即可以看作质点；位移是指初末两点间的有向线段的长度；而路程是指物体经过的轨迹的长度；时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点，在难以区分是时间还是时刻时，可以通过时间轴来进行区分【解答】解：a、当研究舰艇的运动轨迹时，舰艇的大小和形状可以忽略，故可以看作质点，故a正确；b、舰艇做曲线运动，其行驶的距离为轨迹的长度，故为路程，故b不正确；c、舰艇的平均速度等于位移除以时间，根据题目不能求出位移，所以不能求出平均速度，故c正确；d、“4月3日上午10时”和是时间点，指时刻，“4月21日晨”是时间的长度，是时间，故d不正确；本题选不正确的，故选：bd2关于速度、速度的改变量、加速度的关系，下列说法中正确的是（）a物体的速度等于零，加速度一定等于零b物体的速度改变量大，加速度就大c物体的速度改变越快，加速度就越大d在加速直线运动中，加速度不可能减小【分析】加速度表示物体速度变化的快慢，根据其定义式分析速度变化量与加速度大小的关系加速度的方向与速度变化量的方向相同加速度与速度没有直接关系【解答】解：a、物体的速度等于零，加速度不一定等于零，例如竖直上抛运动到最高点，故a错误；b、速度变化很大，根据加速度的定义式a=，当时间t更长时，加速度a可能很小故b错误；c、加速度表示物体速度变化的快慢，速度变化越来越快，加速度越来越大故c正确d、在加速直线运动中加速度的方向与速度方向相同，加速度可以减小，故d错误；故选：c3著名物理学家费恩曼曾经讲过一则笑话：一位女士由于驾车超速而被警察拦住，警察走过来说“太太，您刚才车速是60英里每小时！”这位女士反驳说：“不可能！我才开了7分钟，还不到一个小时，怎么可能走了60英里呢？”“太太，我的意思是如果您继续刚才那样开车，在下一个小时里您将驶过60英里”“这也不可能我只要再行驶10英里就到家了，根本不需要再开过60英里的路程”这位女士没有认清（）a速度与位移成正比b速度与时间成反比c速度与位移成正比，与时间成反比d速度由位移和时间的比值确定【分析】本题应明确：路程是指物体所经过的路径的长度；位移是指物体从初位置指向末位置的有向线段；而速度是表示物体运动快慢的物理量；它由位移和时间的比值确定【解答】解：60英里每小时表示的汽车运动快慢程度，不是说距离也不是说时间；而是指的瞬时速度；而速度由位移和时间的比值决定的；所以这位女士是没有理解瞬时速度的含义，所以d正确abc错误；故选：d4如图所示是某质点做直线运动的vt图象，由图可知这个质点的运动情况是（）a5s15s内做匀加速运动，加速度为0.8m/s2b前5s内静止c15s20s内做匀减速运动，加速度为0.8m/s2d质点15s末离出发点最远，20秒末回到出发点【分析】根据速度时间图线得出质点的运动规律，知道图线的斜率表示加速度，根据速度的正负判断运动的方向，从而得出位移的变化【解答】解：a、515s内图线为倾斜的直线，做匀加速直线运动，加速度a=，故a正确b、前5s内做匀速直线运动，故b错误c、1520s内做匀减速运动，加速度a=，故c错误d、质点的运动方向不变，位移一直增大，20s末离出发点最远，故d错误故选：a5质点做直线运动的位移x和时间平方t2的关系图象如图所示，则该质点（）a加速度大小为1m/s2b任意相邻1s内的位移差都为2mc第2s内的位移是2md物体第3s内的平均速度大小为3m/s【分析】根据x和时间平方t2的关系图象写出函数关系式，进而求出加速度，位移等，平均速度等于位移除以时间【解答】解：a、根据x和时间平方t2的关系图象得出位移时间关系式为：x=t2，所以，解得：a=2m/s2，故a错误；b、任意相邻1s内的位移差x=at2=21=2m，故b正确；c、第2s内的位移等于2s内的位移减去第一秒的位移，即x2=2212=3m，故c错误；d、同理求得物体第3s内的位移x3=3222=5m，平均速度，故d错误；故选：b6从正在加速上升的气球上落下一个物体，在物体刚离开气球的瞬间，下列说法正确的是（）a物体向下做自由落体运动b物体向上运动，加速度向上c物体向上运动，加速度向下d物体向上还是向下运动，要看物体离开气球时的速度【分析】掉下的物体由于具有惯性，与气球具有相同的速度，所以物体向上运动，根据物体的受力判断其加速度的方向【解答】解：上升的气球掉下一物体，由于具有惯性，物体离开气球的初速度与气球的速度相同，大小为v，方向竖直向上；由于物体仅受重力，根据牛顿第二定律知，加速度方向向下，大小为g故c正确，a、b、d错误故选：c7如图所示，作用在一个物体上的六个共点力的大小分别为f、2f、3f、4f、5f、6f，相邻两力间的夹角均为60，其合力为f1；若撤去其中的一个大小为2f的力，其余五个力的合力为f2，则f1、f2的大小分别为（）af1=0，f2=2fbf1=2f，f2=0cf1=6f，f2=2fdf1=21 f，f2=0【分析】在同一条直线的力的合力，可以直接计算得到，再根据两个合力之间的夹角为60计算总的合力的大小再根据合成法则求出撤去拉力后的合力大小【解答】解：竖直方向两力的合力为3f，竖直向上；3f与6f的合力为3f，沿6f的方向；2f与5f的合力为3f，沿5f的方向；如图所示，由几何关系可知，3力的合力为零；当撤去2f的力后，其他几个力的合与为2f等大反向；故a正确；故选：a8关于平衡状态，下列说法正确的是（）a当物体速度等于零时，一定处于平衡状态b运动的物体不可能处于平衡状态c物体处于平衡状态时所受合外力为0d当物体处于平衡状态时，一定不受外力作用【分析】本题的关键是明确平衡状态的含义是指物体处于静止状态或匀速直线运动状态，特别是对静止状态与速度为0的关系的理解：物体能保持速度为0的状态才是静止状态，若某时刻的速度为0下一时刻的速度不是0，则不能说物体处于静止状态【解答】解：平衡状态是指物体处于静止状态或匀速直线运动的状态；a：静止状态是指物体保持速度为0的状态，当物体速度为0时，若不能保持速度为0，则物体一定不是处于平衡状态，例如竖直上抛运动的物体到达最高点时的速度为0，但不处于平衡状态，所以a错误；b：做匀速直线运动的物体处于平衡状态，所以b错误；c：物体处于静止或匀速直线运动时所受的合力一定为0，所以c正确；d：当物体处于平衡状态时，可以受到外力的作用，只不过外力的合力为0，所以d错误；故选：c9如图所示，一只重为g的松鼠站在倾斜角为的树枝上，则树枝对松鼠的作用力为（）agsinbgcosc小于gdg【分析】对松鼠受力分析，根据平衡条件求出树枝对松鼠的作用力【解答】解：对松鼠受力分析，松鼠受重力、树枝对它的摩擦力和支持力，树枝对松鼠的作用力是指摩擦力和支持力的合力，物体受三个力的作用处于平衡，那么其中两个力的合力与第三个力等大反向，即摩擦力和支持力的合力与重力等大反向，故树枝对松鼠的作用力等于g故选：d10如图，物体a和b的重力分别为8n和3n，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，弹簧的劲度系数k=10n/m，设弹簧秤所受的合力为f1，弹簧秤的读数为f2，则（）af1=11nbf2=3ncf2=6nd弹簧的伸长量为0.6米【分析】弹簧秤在一对拉力作用下保持静止，合力为零；弹簧秤读数等于其中的一个拉力的大小【解答】解：a、b、c、物体b处于静止状态，所以b受力是平衡的，即：b端的力大小为3n；又因为弹簧秤处于静止状态，所以弹簧秤受力是平衡的，b端受到的拉力是3n，虽然a的重力是8n，但为了和b端受力平衡，a端绳受的力是3n，而弹簧秤的合力为零弹簧秤的示数f1是钩上的拉力或是一端受到的力，所以示数为3n；故a、c错误，b正确；d、弹簧的伸长量：故d错误故选：b11关于牛顿第一定律，下列说法正确的是（）a牛顿第一定律是通过实验直接得出的定律b惯性定律与惯性的实质是相同的c由牛顿第一定律可知，物体在任何情况下始终处于静止或匀速直线运动状态d牛顿第一定律既揭示了物体保持原有运动状态的原因，又揭示了运动状态改变的原因【分析】牛顿第一定律给出了物体不受力作用时的运动规律，同时也说明了力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动状态的原因；牛顿第一定律是牛顿在前人实验的基础上，根据逻辑推理得出的，是以实验为基础，但又不是完全通过实验得出【解答】解：a、牛顿第一定律是牛顿在前人实验的基础上，根据逻辑推理得出的，是不能用实验直接得出的，故a错误；b、惯性定律是牛顿第一定律，惯性是物体的性质，故b错误；c、由牛顿第一定律可知，物体在不受力或合力为零的情况下始终处于静止或匀速直线运动状态，故c错误；d、牛顿第一定律既揭示了物体保持原有运动状态的原因是惯性，又揭示了运动状态改变的原因是力，故d正确；故选：d12下列物理量的单位属于导出单位的是（）a质量b时间c位移d速度【分析】国际单位制中基本单位有：米、千克、秒、摩尔、开尔文、安培、坎德拉其它国际单位为导出单位【解答】解：质量、时间、位移的单位都是国际单位制中的基本单位，速度单位为导出单位故d正确，a、b、c错误故选d13在升降电梯内的地面上放一体重计，电梯静止时，晓敏同学站在体重计上，体重计示数为50kg，电梯运动过程中，某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图所示，在这段时间内下列说法中正确的是（）a晓敏同学所受的重力变小了b晓敏对体重计的压力小于体重计对晓敏的支持力c电梯一定在竖直向下运动d电梯的加速度大小为，方向一定竖直向下【分析】人对体重计的压力小于人的重力，说明人处于失重状态，加速度向下，运动方向可能向上也可能向下【解答】解：a、在这段时间内处于失重状态，是由于他对体重计的压力变小了，而他的重力没有改变，a错误；b、晓敏对体重计的压力与体重计对晓敏的支持力是作用力与反作用力的关系，大小相等，b错误；c、人处于失重状态，加速度向下，运动方向可能向上减速，也可能向下加速故c错误；d：以竖直向下为正方向，有：mgf=ma，即500400=50a，解得a=2m/s2，方向竖直向下，故d正确故选：d14两条质量相等的有蓬小船甲和乙，用绳子连接（绳子质量忽略不计），静止在湖面上，若乙船内的人用一个恒定的拉力拉绳子，如图所示如果水的阻力不计，下列判断中正确的是（）a人拉绳子的力大于甲对绳子的拉力b绳子对甲的拉力与绳子对人的拉力是作用力与反作用力c绳子对甲的拉力与绳子对人的拉力作用效果能够抵消d两船相向运动，乙获得的加速度要小于甲获得的加速度【分析】作用力与反作用力的施力物体与受力物体恰好相反，作用效果不能抵消；绳子的质量忽略不计，即m=0，故不论绳子处于怎样的运动状态，绳子受到的力都是平衡力；结合牛顿第二定律分析加速度的大小情况【解答】解：ab、对绳子分析，受到两个人的拉力，由于绳子质量忽略不计，根据牛顿第二定律，有：f1f2=ma=0故两个人对绳子的拉力大小相等，是一对平衡力；而人拉绳子的力与绳子拉人的力是人与绳子间的相互作用力，大小相等；故绳子对甲的拉力与绳子对人的拉力是大小相等，但不是相互作用力，故a错误，b错误；c、绳子对甲的拉力与绳子对人的拉力作用在甲和人上，效果不能抵消，故c错误；d、水的阻力不计，船受到的合力等于拉力，而合力相等，右侧船有人，质量大，根据牛顿第二定律，两船相向运动，乙获得的加速度要小于甲获得的加速度，故d正确；故选：d15某商场安装了智能化电动扶梯，无人乘行时，扶梯低速慢行，当顾客站上扶梯时，它先慢慢加速，然后匀速运转，关于顾客下列说法正确的是（）a顾客在电梯上始终受三个力作用b顾客始终处于超重状态c顾客对扶梯作用力的方向先沿扶梯向下，再竖直向下d顾客对扶梯作用力的方向先沿扶梯向上，再竖直向下【分析】分加速和匀速两个过程对顾客进行运动分析和受力分析，加速过程合力斜向右上方，故支持力大于重力，静摩擦力向右；匀速过程重力和支持力二力平衡【解答】解：在慢慢加速的过程中，受力如图，物体加速度与速度同方向，合力斜向右上方，因而顾客受到的摩擦力与接触面平行水平向右，电梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，由牛顿第三定律，它的反作用力即人对电梯的作用方向指向向左下，由于加速向右上方，处于超重状态；在匀速运动的过程中，顾客处于平衡状态，只受重力和支持力，顾客与电梯间的摩擦力等于零，顾客对扶梯的作用仅剩下压力，方向沿竖直向下；故选：c二、不定项选择题：本题共5小题，在每小题给出的四个选项中，至少有一项是符合题意的（共15分，每小题全选对的得3分，选对但不全的得2分，只要有错选的该小题不得分）16关于速度、加速度、合力间的关系，正确的是（）a物体的速度越大，则物体的加速度越大，所受合力也越大b物体的速度为零，则物体的加速度一定为零，所受合力也为零c物体的速度为零，加速度可能很大，所受的合力也可能很大d物体的速度很大，加速度可能为零，所受的合力也可能为零【分析】速度表示运动的快慢，是位移的变化率；加速度表示速度变化的快慢，是速度的变化率；合力与加速度关系遵循牛顿第二定律【解答】解：a、物体的速度大，加速度不一定大，如高速巡航的飞机，速度很大，加速度为零，合力为零，故a错误；b、物体的速度为零，加速度不一定为零，如在枪膛中加速的子弹，开始时速度为零，但加速度不为零，故b错误；c、物体的速度为零，加速度不一定为零，如在枪膛中加速的子弹，开始时速度为零，但加速度很大，故合力很大，故c正确；d、物体的速度大，加速度可能为零，如高速巡航的飞机，速度很大，加速度为零，合力为零，故d正确；故选cd17用牛顿运动定律判断，下列说法正确的是（）a人走路时，地对脚的力大于脚蹬地的力，所以人才能往前走b不论站着不动，还是走动过程中，人对地面的压力和地面对人的支持力，总是大小相等方向相反的c人站在沼泽地下陷时，人对沼泽地的压力大于沼泽地对人的支持力d以卵击石，石头完好而鸡蛋破了，但石头对鸡蛋的作用力仍等于鸡蛋对石头的作用力【分析】作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，在任何情况下都相等根据牛顿第二定律知，物体的加速度与合力的方向相【解答】解：a、人走路时，地对脚的力与脚蹬地的力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故a错误；b、不论站着不动，还是走动过程中，人对地面的压力和地面对人的支持力是作用力和反作用力，总是大小相等方向相反的，故b正确；c、人站在沼泽地下陷时，人对沼泽地的压力与沼泽地对人的支持力是作用力和反作用力，总是大小相等方向相反的，故c错误；d、以卵击石，石头完好而鸡蛋破了，但石头对鸡蛋的作用力仍等于鸡蛋对石头的作用力，故d正确；故选：bd18南非拥有世界上最高的蹦极点，37岁的葡萄牙男子卡尔迪奥尼西奥自制了30米长的弹性绳，代替传统尼龙绳跳下蹦极台，将“生死一线牵”的感觉发挥到极致如图所示，卡尔迪奥尼西奥身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时距水面还有数米距离不计空气阻力，将他看作质点，且弹性绳在弹性限度内，在弹性绳张紧后的下落过程中，运动员的（）a速度一直减小b加速度一直减小c速度先增大后减小d加速度先减小后增大【分析】根据合力的变化判断加速度的变化，结合加速度方向与速度方向的关系判断速度的变化【解答】解：在弹性绳张紧后下落的过程中，开始重力大于弹力，加速度方向向下，弹力增大，加速度减小，由于加速度的方向与速度方向相同，则速度增大当加速度减为零后，弹力大于重力，加速度方向向上，弹力继续增大，则加速度增大，由于加速度的方向与速度方向相反，则速度减小可知加速度先减小后增大，速度先增大后减小故选：cd19如图所示，质量为m的木块a放在质量为m的三角形斜劈上，现用大小均为f、方向相反的力分别推a和b，它们均静止不动，则（）aa与b之间一定不存在弹力bb与地之间一定存在摩擦力cb对a的支持力一定等于mgd地面对b的支持力的大小一定等于（m+m）g【分析】先对a、b整体受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力；再对物体a受力分析，根据平衡条件求解b对a的支持力和摩擦力【解答】解：b、d、对a、b整体受力分析，如图，受到重力（m+m）g、支持力n和已知的两个推力，对于整体，由于两个推力刚好平衡，故整体与地面间没有摩擦力；根据共点力平衡条件，有n=（m+m）g故b错误，d正确；a、c、再对物体a受力分析，受重力mg、已知的推力f、斜面体b对a的支持力n和摩擦力f，当推力f沿斜面分量大于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向下，如下图当推力f沿斜面分量小于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向上，如下图当推力f沿斜面分量等于重力的下滑分量时，摩擦力为零，如下图根据共点力平衡的条件，运用正交分解法，可以得到：n=mgcos+fsin故ac错误；故选：d20停在水平地面上的小车内，用绳子ab、bc栓住一个重球，绳bc呈水平状态，绳ab的拉力为t1，绳bc的拉力为t2若小车由静止开始加速向左运动，但重球相对小车的位置不发生变化，则两绳的拉力的变化情况是（）at1变大，t2变小bt1变大，t2变大ct1不变，t2变小dt1变大，t2不变【分析】本题以小球为研究对象，分析受力，根据牛顿第二定律得到绳ab的拉力t1和绳bc的拉力t2与加速度的关系，即分析两绳拉力的变化情况【解答】解：以小球为研究对象，分析受力：重力mg、绳ab的拉力t1和绳bc的拉力t2，如图设小车的加速度为a，绳ab与水平方向的夹角为，根据牛顿第二定律得 t1sin=mg t1cost2=ma 由得 t1=，由得 t2=mgtanma可见，绳ab的拉力t1与加速度a无关，则t1保持不变绳bc的拉力t2随着加速度的增大而减小，则t2变小故c正确故选c三、实验题（共20分）21在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，以下说法正确的是（）a弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度b用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态c用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量d用几个不同的弹簧分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相等【分析】在探索弹力和弹簧伸长的关系实验中，弹簧的弹力与行变量的关系满足f=kx，其中k由弹簧本身决定【解答】解：a、弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度，否则弹簧会损坏，故a正确b、用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要保证弹簧位于竖直位置，使钩码的重力等于弹簧的弹力，要待钩码平衡时再读读数故b正确c、弹簧的长度不等于弹簧的伸长量故c错误d、拉力与伸长量之比是劲度系数，由弹簧决定，同一弹簧的劲度系数是不变的，不同的弹簧的劲度系数不同，故d错误故选：ab22在做“验证力的平行四边形定则”实验时，橡皮条的一端固定在木板上，用两个弹簧秤把橡皮条的结点拉到某一确定的o点，在这实验过程中，以下说法正确的是（）a同一次实验过程中，前后两次应把橡皮条的另一端拉到同一位置b弹簧秤必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度c把橡皮条的另一端拉到o点时，两弹簧秤间的夹角必须取90d画力的平行四边形时，平行四边形的边应画短些，这样可减小误差【分析】为了产生相同的作用效果，两次均要把橡皮筋的结点拉到同一个位置，拉力的方向与木板平行，两拉力的夹角适当大一些，拉力的大小适当大一些【解答】解：a、为了使两根弹簧秤的共同作用效果与一根弹簧秤的作用效果相同，前后两次应把橡皮条的另一端拉到同一位置，故a正确b、弹簧秤必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度，故b正确c、两弹簧秤的夹角不需要必须取90度，适当大一些即可，故c错误d、画力的平行四边形时，平行四边形的边应适当长一些，可以减小误差故d错误故选：ab23在验证“互成角度的两个力的合成”的实验中，某小组得出如图所示的图（f与ao共线），图中f是f1与f2合成的理论值；f是f1与f2合成的实际值，在实验中如果将两个细绳套换成两根橡皮条，那么实验结果是否变化？答：不变（填“变”或“不变”）【分析】该实验采用了“等效法”，由于实验误差的存在，导致f1与f2合成的实际值（通过平行四边形定则得出的值），与理论值（实际实验的数值）存在差别，只要o点的作用效果相同，是否换成橡皮条不影响实验结果【解答】解：是f1与f2合成的理论值是通过平行四边形定则算出的值，而实际值是单独一个力拉o点的时的值，因此f是f1与f2合成的实际值，f是f1与f2合成的理论值，由于o点的作用效果相同，将两个细绳套换成两根橡皮条，不会影响实验结果故答案为：f，f，不变24某同学用频率为50hz的打点计时器在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，得到如图所示的纸带，纸带上a，b，c，d，e，f为计数点，每相邻两计数点之间还有4个点没有画出实验过程中，先通电，后释放小车分析可得出：每两个相邻计数点之间的时间间隔为0.1s，c点的瞬时速度大小为0.25m/s，小车加速度的大小为0.75m/s2【分析】根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上c点时小车的瞬时速度大小【解答】解：开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带（随物体）开始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；同时先打点再释放纸带，可以使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打更多的点由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔t=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上c点时小车的瞬时速度大小vc=0.25 m/s根据纸带得出相邻的计数点间的位移之差相等，即x=0.75cm，根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小，得：a=0.75 m/s2故答案为：通电； 0.1； 0.25； 0.7525某实验小组的同学在“验证牛顿第二定律”实验中，使用了如图甲所示的实验装置（1）在下列测量工具中，本次实验需要用的测量仪器有bd（选填测量仪器前字母）a弹簧 b刻度尺 c秒表 d天平（2）实验中，为了可以将细线对小车的拉力看成是小车所受的合外力，某同学先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行接下来还需要进行的一项必须且正确的操作是b（选填选项前的字母）a将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节砂和砂桶的总质量的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动b将长木板的右端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推一下小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动c将长木板的右端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推一下小车，观察判断小车是否做匀速运动（3）某同学在做保持小车质量不变，验证小车的加速度与其合外力成正比的实验时，根据测得的数据作出如图乙所示的af图线，所得的图线既不过原点，又不是直线，原因可能是ad（选填选项前的字母）a木板右端所垫物体较低，使得木板的倾角偏小b木板右端所垫物体较高，使得木板的倾角偏大c小车质量远大于砂和砂桶的质量d砂和砂桶的质量不满足远小于小车质量（4）在某次利用上述已调好的装置进行实验时，保持砂和砂桶的总质量不变，小车自身的质量为m且保持不变，改变小车中砝码的质量m，并测出小车中不同砝码质量时所对应的加速度a，以m为横坐标，为纵坐标，在坐标纸上作出如图丙所示的m关系图线，实验结果验证了牛顿第二定律如果图中纵轴上的截距为b，则小车受到的拉力大小为【分析】（1）根据实验需要测量的量确定实验器材；（2）为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，要先平衡摩擦力；（3）正确理解实验原理，明确桶和砝码的重力可以作为小车拉力的条件；在横轴上有截距，说明当拉力大于0时物体的加速度等于0，即此时合力仍等于0，即没有平衡摩擦力；图象的弯曲是因为小车与沙子的质量不能远小于小车的质量；（4）由牛顿第二定律求出图象的函数表达式，然后根据图示图象分析答题【解答】解：（1）实验中通过纸带求解加速度