上海市虹口区2019届高三数学二模试题（含解析）.docVIP

上海市虹口区2019届高三数学二模试题（含解析）一. 填空题（本大题共12题，1-6每题4分，7-12每题5分，共54分）1.设全集，若，则_【答案】【解析】【分析】先化简集合a，再利用补集定义直接求解【详解】全集ur，集合ax|x3|1x|x4或x2），uax|2x42，4故答案为：2，4【点睛】本题考查补集的求法，考查补集定义、不等式的解法等基础知识，考查运算求解能力，是基础题2.若复数（为虚数单位），则的共轭复数_【答案】【解析】【分析】利用复数代数形式的乘除运算化简，再由共轭复数的概念得答案【详解】由zi（2i）1+2i，得故答案为：12i【点睛】本题考查复数代数形式的乘除运算，考查共轭复数的基本概念，是基础题3.已知，在第四象限，则_【答案】【解析】【分析】利用同角三角函数的基本关系及诱导公式，求得的值【详解】cos，且是第四象限角，则sin，又sin=，故答案为【点睛】本题主要考查同角三角函数的基本关系式及诱导公式的应用，考查了三角函数在各个象限中的符号，属于基础题4.行列式的元素的代数余子式的值等于_【答案】7【解析】【分析】利用代数余子式的定义和性质直接求解【详解】行列式的元素的代数余子式的值为：（1）2+1（4cos9sin）（29）7故答案为：7【点睛】本题考查行列式的元素的代数余子式的值的求法，考查代数余子式的定义和性质等基础知识，考查运算求解能力，是基础题5.5位同学各自在周六、周日两天中任选一天参加公益活动，则周六、周日都有同学参加公益活动的概率为_【答案】【解析】【分析】设a周六、周日都有同学参加公益活动，计算出事件a包含的基本事件的个数，除以基本事件的总数可得【详解】设a周六、周日都有同学参加公益活动，基本事件的总数为2532个，而5人都选同一天包含2种基本事件，故a包含32230个基本事件，p（a）故填：【点睛】本题考查古典概型的概率计算，考查了利用对立事件来求事件a包含的基本事件的方法，属于基础题6.已知、是椭圆的两个焦点，点为椭圆上的点，若为线段的中点，则线段的长为_【答案】2【解析】【分析】求出椭圆的焦点坐标，利用椭圆的定义转化求解即可【详解】f1、f2是椭圆的两个焦点，可得f1（3，0），f2（3，0）a6点p为椭圆c上的点，|pf1|8，则|pf2|4，m为线段pf1的中点，则线段om的长为：|pf2|2故答案为：2【点睛】本题考查椭圆的的定义及简单性质的应用，是基本知识的考查7.若函数（）有3个零点，则实数的取值范围是_【答案】【解析】【分析】利用数形结合，通过a与0的大小讨论，转化求解a的范围即可【详解】函数f（x）x|xa|4有三个不同的零点，就是x|xa|4有三个不同的根；当a0时，函数yx|xa|与y4的图象如图：函数f（x）x|xa|4（ar）有3个零点，必须，解得a4；当a0时，函数yx|xa|与y4的图象如图：函数f（x）x|xa|4不可能有三个不同的零点，综上a（4，+）故答案为：（4，+）【点睛】本题考查函数与方程的综合应用，考查数形结合以及分类讨论思想的应用，考查计算能力8.若函数（）为偶函数，则的值为_【答案】【解析】【分析】根据题意，由函数奇偶性的定义可得f（x）f（x），即log3（9x+1）+kxlog3（9x+1）+k（x），变形可得k的值，即可得答案【详解】根据题意，函数（kr）为偶函数，则有f（x）f（x），即log3（9x+1）+kxlog3（9x+1）+k（x），变形可得：2kxlog3（9x+1）log3（9x+1）2x，则有k1；故答案为：1【点睛】本题考查函数的奇偶性的应用以及对数的运算性质，关键是掌握函数奇偶性的定义，属于基础题9.一个几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为_【答案】【解析】【分析】由已知中的三视图可得该几何体是一个以俯视图为底面的三棱锥，由三视图的数据可分析出底面的底和高及棱锥的高，代入棱锥体积公式，可得答案【详解】由已知中的三视图可得该几何体是一个以俯视图为底面的三棱锥，如图:由三视图可知：底面的底和高均为2，棱锥的高为2，故底面s22故棱锥的体积vsh2，故答案为【点睛】本题考查的知识点是由三视图求体积，其中由已知中的三视图判断出几何体的形状，及棱长，高等几何量是解答的关键10.在平面直角坐标系中，边长为1的正六边形的中心为坐标原点，如图所示，双曲线是以、为焦点的，且经过正六边形的顶点、，则双曲线的方程为_【答案】【解析】【分析】求出b的坐标，代入双曲线方程，结合焦距，求出a，b即可得到双曲线方程【详解】由题意可得c1，边长为1的正六边形abcdef的中心为坐标原点o，如图所示，双曲线是以c、f为焦点的，且经过正六边形的顶点a、b、d、e，可得b（，），代入双曲线方程可得：，a2+b21，解得a2，b2，所求双曲线的方程为：故答案为：【点睛】本题考查双曲线的简单性质的应用以及双曲线方程的求法，是基本知识的考查11.若函数，则的值为_【答案】【解析】【分析】根据题意，由函数的解析式求出f（0）与f（1）的值，据此依次求出f（1）、f（2）、f（3）的值，分析可得f（x）f（x+6），（x0），据此可得f（2019）f（3+3366）f（3），即可得答案【详解】根据题意，函数，当x0时，f（x）2x，则f（0）201，f（1）212，当x0时，f（x）f（x1）f（x2），f（x+1）f（x）f（x1），+得f（x+1）f（x2），f（x+4）f（x+1）= f（x2），即f（x+6）f（x），又f（2019）f（3+3366）f（3）而f（1）f（0）f（1）121，f（2）f（1）f（0）112，f（3）f（2）f（1）2（1）1，f（2019）f（3+3366）f（3）1；故答案为：1【点睛】本题考查分段函数值的计算，考查了周期性的推导与应用，属于中档题12.过点作圆（）的切线，切点分别为、，则的最小值为_【答案】【解析】【分析】根据圆心到点p的距离以及平面向量的数量积定义，求出pc的最小值，计算再计算的最小值【详解】圆c：（xm）2+（ym+1）21的圆心坐标为（m，m1），半径为1，pc，papb，cosapc，cosapb2（）211，（pc21）（1）3+pc23+23+2，当且仅当pc时取等号，的最小值为23故答案为：23【点睛】本题考查了平面向量的数量积的定义及基本不等式求最值问题，考查了直线与圆的位置关系应用问题，是中档题二. 选择题（本大题共4题，每题5分，共20分）13.已知、是两个不同平面，为内的一条直线，则“”是“”的（ ）a. 充分不必要条件b. 必要不充分条件c. 充要条件d. 既不充分也不必要条件【答案】b【解析】【分析】m不一定得到直线与平面平行，由此可判断不充分，由面面平行的定义及性质可判断必要性.【详解】、表示两个不同的平面，直线m，m，不一定得到直线与平面平行，还有一种情况可能是直线和平面相交， 不满足充分性；当两个平面平行时，由面面平行的定义及性质可知：其中一个平面上的直线一定平行于另一个平面，一定存在m，满足必要性，“m”是“”的必要不充分条件故选：b【点睛】本题考查充分必要条件的判断和线面、面面平行的定义及性质的应用，解题的关键是熟练掌握平面与平面平行的判定与性质定理，是一个基础题14.钝角三角形的面积是，则等于（ ）a. 1b. 2c. d. 5【答案】c【解析】【分析】由三角形的面积公式求得角b，再由余弦定理求得ac的值【详解】由题意，钝角abc的面积是sabbcsinb1sinbsinb，sinb，b或（不合题意，舍去）；cosb，由余弦定理得：ac2ab2+cb22abcbcosb1+221（）5，解得ac的值为故选：c【点睛】本题考查了三角形的面积公式和余弦定理的应用问题，是基础题15.已知直线经过不等式组表示的平面区域，且与圆相交于、两点，则当最小时，直线的方程为（ ）a. b. c. d. 【答案】d【解析】【分析】画出不等式组表示的区域，过点p的直线l与圆c：x2+y216相交于a、b两点，则|ab|的最小值时，区域内的点到原点（0，0）的距离最大由此可得结论【详解】不等式组表示的区域如图阴影部分，其中ab的中点为p，则apop，所以|op|最长时，ab最小，因为最小l经过可行域，由图形可知点p为直线x2y+10与y20的交点（3，2）时，|op|最长，因为kop，则直线l的方程为：y2（x4），即故选：d【点睛】本题考查线性规划知识，考查学生分析解决问题的能力，解题的关键是|ab|的最小值时，区域内的点到原点（0，0）的距离最大16.已知等比数列的首项为2，公比为，其前项和记为，若对任意的，均有恒成立，则的最小值为（ ）a. b. c. d. 【答案】b【解析】【分析】sn，n为奇数时，sn，根据单调性可得：sn2；n为偶数时，sn，根据单调性可得：sn可得sn的最大值与最小值分别为：2，考虑到函数y3t在（0，+）上单调递增，即可得出【详解】sn，n为奇数时，sn，可知：sn单调递减，且，sns12；n为偶数时，sn，可知：sn单调递增，且，s2snsn的最大值与最小值分别为：2，考虑到函数y3t在（0，+）上单调递增，abba的最小值故选：b【点睛】本题考查了等比数列的求和公式及数列单调性的判断和应用问题，考查了恒成立问题的转化，考查了推理能力与计算能力，属于中档题三. 解答题（本大题共5题，共14+14+14+16+18=76分）17.已知函数（，）.（1）若函数的反函数是其本身，求的值；（2）当时，求函数的最小值.【答案】（1）；（2）【解析】【分析】（1）由互为反函数的函数定义域和值域互换得反函数解析式（2）得到解析式后根据基本不等式求最小值【详解】（1）由题意知函数f（x）的反函数是其本身，所以f（x）的反函数ay93x，x， 反函数为y，所以a3（2）当时，f（x），f（x），则yf（x）+f（x）3，故最小值为3【点睛】本题考查了反函数和基本不等式的应用，属于简单题18.如图，在多面体中，、均垂直于平面，.（1）求与平面所成角的大小；（2）求二面角的大小.【答案】（1）；（2）【解析】【分析】由题意建立空间直角坐标系（1）由已知分别求出的坐标与平面a1b1c1 的一个法向量，则线面角可求；（2）求出平面aa1b1 的一个法向量，结合（1），由两法向量所成角的余弦值可得二面角aa1b1c1的大小【详解】由题意建立如图所示空间直角坐标系，aa14，cc13，bb1abac2，bac120，a（0，0，0），a1 （0，0，4），b1 （，1，2），c1 （0，2，3）（1），设平面a1b1c1 的一个法向量为，由，取y1，得ab1与a1b1c1所成角的最小值sin|cos|ab1与a1b1c1所成角的大小为；（2）设平面aa1b1 的一个法向量为，由，取x11，得cos二面角aa1b1c1的大小为【点睛】本题考查利用空间向量法求解空间角，考查计算能力，是中档题19.如图，一块长方形区域，在边的中点处有一个可转动的探照灯，其照射角始终为，设，探照灯照射在长方形内部区域的面积为.（1）求关于的函数关系式；（2）当时，求的最大值.【答案】（1）s（2）【解析】【分析】（1）根据条件讨论的范围，结合三角形的面积公式进行求解即可（2）利用两角和差的三角公式进行化简，结合基本不等式的性质进行转化求解即可【详解】（1），则oa1，即aetan，hof，hftan（），则aoe，hof得面积分别为tan，tan（），则阴影部分的面积s1，当，）时，e在bh上，f在线段ch上，如图，eh，fh，则ef，则s（），即，；同理当，；即s（2）当时，s12（1+tan）0tan1，即11+tan2，则1+tan22，当且仅当1+tan，即1+tan时取等号，即，即s的最大值为2【点睛】本题主要考查函数的应用问题，结合三角形的面积公式以及两角和差的正切公式以及利用基本不等式的性质是解决本题的关键，考查学生的运算能力，属于中档题20.设为抛物线的焦点，过点的直线与抛物线相交于、两点.（1）若，求此时直线的方程；（2）若与直线垂直的直线过点，且与抛物线相交于点、，设线段、的中点分别为、，如图，求证：直线过定点；（3）设抛物线上的点、在其准线上的射影分别为、，若的面积是的面积的两倍，如图，求线段中点的轨迹方程.【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【分析】（1）求出抛物线的焦点坐标，由直线方程的点斜式写出直线l的方程，和抛物线方程联立后利用2得直线方程（2由（1）得点p，又直线与直线垂直，将m换为,同理可得q（，）由此可求直线pq的方程，可得结论；（3）利用的面积是的面积的两倍，求出n的坐标，再利用直线的斜率公式及点差法求ts中点的轨迹方程【详解】（1）抛物线焦点坐标为f（1，0），设直线方程为xmy+1，设点a（x1，y1），b（x2，y2），联立，得：y24my40，则由韦达定理有：y1+y24m，y1y24，2，1x12（x21），y12y2，由可得m2，,直线方程为xy+1，即（2）由（1）得点p，又直线与直线垂直，将m换为,同理可得q（，）m时，直线pq的斜率kpq，直线pq的方程为：y-2m（x12），整理为m（x3）（m21）y0，于是直线pq恒过定点e（3，0），m1时，直线pq的方程为：x3，也经过点e（3，0）综上所述：直线pq恒过定点e（3，0）（3）设s（x1，y1），t（x2，y2）， f（1，0），准线为 x1，2|y1y2|，设直线ts与x轴交点为n，stsf|fn|y1y2|，的面积是tsf的面积的两倍，|fn|，|fn|=1,xn2，即n（2，0）设ts中点为m（x，y），由得4（x1x2），又，即y22x4ts中点轨迹方程为y22x4【点睛】本题考查了抛物线的标准方程及其几何性质的应用，考查轨迹方程的求解，考查了直线与抛物线的位置关系，考查了推理能力与计算能力，是中档题21.设各项均为正数的数列的前项和为，且，（，），数列满足（）.（1）求数列、的通项公式；（2）设，是的前项和，求正整数，使得对任意的，均有；（3）设，且，其中（，），求集合中所有元素的和.【答案】（1），；（2）；（3）见解析.【解析】【分析】（1）a11，an2sn+sn1（nn*，n2），sn+1+sn，相减可得：an+1+an，化简利用已知条件及其等差数列的通项公式可得an数列bn满足（nn*）n2时，b1b2bn1，相除可得bn（2）cn，利用求和公式与裂项求和方法可得：tn作差tn+1tn，利用其单调性即可得出（3）xk1b1+k2b2+knbn，且x0，其中k1，k2，kn1，1（nn*，n2），要使x0，则必须kn1其它k1，k2，kn11，1（nn*，n2），可任取1，1通过放缩及其求和公式即可证明另外kn1此时：x2222n1+2n0其它k1，k2，kn11，1（nn*，n2），可任取1，1此时集合内的元素x共有2n1个互不相同的正数，利用乘法原理可得：表示x的式子共有2n1个利用反证法证明这2n1个式子所表示的x互不相等，再分析求解所有元素的和【详解】（1）a11，an2sn+sn1（nn*，n2），sn+1+sn，相减可得：an+1+an，化为：（an+1+an）（an+1an1）0，an+1+an0，an+1an1，又s2+s1，可得a220，a20，解得：a22，a2a11，数列an设等差数列，an1+n1n数列bn满足（nn*）n2时，b1b2bn1，（2）cn，tn（1）tn+1t