上海市闵行区2016届中考物理一模试卷.doc

此文档收集于网络，如有侵权，请联系网站删除东南数理化暑假物理补习 新初二 初三暑假班 物理教研组2016年上海市闵行区中考物理一模试卷一、选择题（共20分）1一块橡皮擦用了一段时间之后，保持不变的物理量是（）A重力B密度C体积D质量2首先用实验测出大气压强值的科学家是（）A托里拆利B安培C伏特D阿基米德3世锦赛游泳冠军宁泽涛比赛时所受的浮力约为（）A8牛B80牛C800牛D8000牛4关于如图所示的电路，下列说法中正确的是（）A断开电键S，通过L2的电流比通过L1的电流大B断开电键S，通过L1的电流与通过L2的电流一样大C闭合电键S，灯L1、L2都会发光D闭合电键S，灯L1不会发光5以下各物理量中，决定通过某导体电流大小的是（）A电荷量B通电时间C电压D电功6教室里有多盏日光灯使用时开的灯越多，则电路中（）A总电流越小B总电阻越小C总电阻越大D总电压越大7密度为2103千克/米3、边长为0.1米的实心均匀正方体放在光滑的水平地面上，受到水平方向拉力F的作用，则它对水平地面的压强（）A一定小于1960帕B可能小于1960帕C一定等于1960帕D可能等于1960帕8如图所示，A、B为完全相同的两个容器，分别盛有7cm、5cm深的水，A、B之间用导管连接若将阀门K打开，最后A、B两容器底部受到水的压强之比为（）A5：7B2：3C3：7D1：19如图所示的电路中，电源电压保持不变闭合电键S后，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，以下说法中正确的是（）A电流表A示数变小，电压表V2示数变小B电压表V1与电压表V2示数的差值不变C两电压表的示数之差与电流表A示数的比值变大D电压表V2示数变化量与电流表示数变化量之比不变10两个完全相同的圆台形容器重为G，以不同方式放置在水平桌面上，容器内盛有深度相同的水，如图所示某物理兴趣小组在学习了压力和压强知识后提出了如下三个观点：水对容器底部的压力Fa一定小于Fb；容器对桌面的压力Fa一定小于Fb；容器对桌面的压强pa一定大于pb其中正确的是（）ABCD二、填空题（共29分）11我国家用电视机正常工作的电压为伏，它与电冰箱是连接的（选填“串联”或“并联”）家庭电路所消耗的电能是用测量的12图（a）中静脉输液的药液主要是利用使液体流出；图（b）中锥子头很尖锐是为了增大；图（c）中的电热水壶，通过壶外透明玻璃管的液面就可知道水壶内的水位，这是利用了原理；图（d）中所示的拦河大坝建成上窄下宽的主要原因是13某导体电阻为20欧，10秒内通过导体横截面的电荷量为4库，通过它的电流为安，它两端的电压为伏若通过此导体的电流为0安，则它的电阻为欧14我国最大集装箱船“郑和”号于今年9月在上海交付使用它的甲板面积相当于4个标准足球场，排水量约为18万吨“郑和”号从长江口驶入东海，所受到的浮力将，排开水的体积将，排开水的质量将（均选填“变大”、“不变”或“变小”）15甲、乙、丙三根镍铬合金丝，其横截面积关系为S甲S乙=S丙，长度关系为L甲=L乙L丙，则电阻最大的是镍铬合金丝；将三根镍铬合金丝分别接在同一电源两端，则通过的电流最大的是镍铬合金丝 （均选填“甲”、“乙”或“丙”）16某国产品牌手机电池板的铭牌上标有“2000mAh”字样，其充电电压为3.8伏可判断2000mAh中的“mAh”是（填物理量名称）的单位若该手机电池板需4小时完成充电，则充电的电流为安，所消耗的电能为千瓦时17如图所示，完全相同的a、b两个长方体，长度为h，悬浮在密度为的液体中，长方体b上下表面的液体压强差为若两长方体a、b下表面所受液体的压力分别为Fa、Fb，则Fa Fb（选填“大于”、“等于”、或“小于”）18如图所示的电路中，已知R1R2当电键S1从位置1改接位置2时，发现电流表的示数变小若电路中只有一处故障且发生在电阻上，则故障可能是；若电路中有两处故障且都发生在电阻上，则故障可能是19某番茄自动筛选装置如图（a）所示，其工作原理如图（b）所示已知电源电压恒为15伏，定值电阻R0为20欧，R为压敏电阻，其阻值随压力变化关系如图（c）所示当定值电阻两端电压UAB3V时，不达标的小番茄将被推出传送带，实现自动筛选功能（1）当检测点上没有番茄时，AB两点间的电压为伏（2）当番茄对压敏电阻的压力F牛时，番茄将被推出传送带（3）有同学提议，选择合适的R0阻值，可用此装置筛选西瓜你认为此提议是否可行，并简要说明理由：三、作图题（共9分）20重为8牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法在图中画出地面受到的压力F21在图所示的电路中，根据标出的电流方向，从电源、电流表、电压表三个元件符号中选出两个，并分别填进电路的空缺处要求：灯泡L1和L2串联22在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上要求：小灯L与滑动变阻器R并联，且当滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表的示数变小四、计算题（共23分）23某物体质量为4千克，体积为2103米3求此物体的密度24在如图所示电路中，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2标有“50 2A”字样，电流表的量程选择“03A”只闭合电键S1，电流表的示数为0.8安；再闭合S2，电流表的示数变化了0.4安求：（1）电源电压（2）电阻R2接入电路的阻值（3）该电路的最大电功率25在图（a）所示的电路中，电源电压为15伏保持不变，电阻R1阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“501A”字样，电压表、电流表的量程如图（b）所示闭合电键，将滑片P移到某一位置时，电流表的示数为0.5安求：（1）10秒内电阻R1消耗的电能（2）若不改变各电表的量程，确保电路所有元件均安全使用的情况下，求在移动变阻器滑片的过程中，电压表V2示数与电压表V1示数比值的变化范围26如图所示，质量为2.5千克，底面积为2102米2的薄壁柱形容器（容器足够高）放置在水平地面上另有一正方体物块A，其体积为1103米3（1）求薄壁柱形容器对水平地面的压强（2）现将物块A放入容器中，再向容器中注入水，当水的体积为2103米3时，容器对地面的压强刚好等于水对容器底部压强的两倍，求物块A的质量五、实验题（共19分）27测量物体的质量，应选用图中的仪器（选填“a”、“b”或“c”），它的工作原理是；测量液体的密度，应选用图中的仪器（选填“a”、“b”或“c”），它是根据原理制成的28某小组测量小灯的额定功率，待测小灯标有“2.5V”字样实验器材有：电源、滑动变阻器、电键、电压表、电流表、导线若干（1）请在图（a）方框内画出电路图（2）按电路图正确连接电路，闭合电键前应将滑动变阻器的滑片移至阻值最位置（选填“大”或“小”）闭合电键后，移动滑动变阻器的滑片位置，直到电压表示数为2.5伏时，观察到电流表示数如图（b）所示则通过实验测得小灯的额定功率为瓦29小陆做“用电流表、电压表测电阻”实验，器材有电压恒定的电源、待测电阻Rx、电流表、电压表、电键及导线若干为了实现多次测量，他从实验室找来了20欧和10欧的电阻各一个，并设计了如图（a）所示的电路图进行实验实验步骤如下：（1）按图（a）正确连接器材，并在MN两点之间不接入任何器材的情况下，闭合电键S，此时电压表的示数为4.5伏（2）断开电键，把10欧的电阻接入MN两点之间重新闭合电键S后，电压表示数如图（b）所示（3）把10欧的电阻换成20欧的电阻，重新实验，电压表示数相比步骤变化了0.8伏（4）用一根导线接在MN之间，此时电流表示数为0.36安请根据上述实验过程，填写下表编号处的数据物理量实验序号电压Ux（伏）电流Ix（安）电阻Rx（欧）电阻Rx的平均值（欧）1002340.3630某兴趣小组研究物体静止在两种不同液体中的体积关系他们用多种互不相溶的液体（液体均足量）和两个材料不同、边长均为10厘米的正方体进行实验，如图所示实验数据记录如表：表一实验序号物体的密度3（克/厘米3）上层液体密度1（ 克/厘米3）下层液体密度2（ 克/厘米3）浸在上层液体中的体积V1（厘米3）浸在下层液体中的体积V2（厘米3）11.00.91.150050020.81.360040030.81.250050040.81.133366750.70.90表二实验序号物体的密度3（克/厘米3）上层液体密度1（ 克/厘米3）下层液体密度2（ 克/厘米3）浸在上层液体中的体积V1（厘米3）浸在下层液体中的体积V2（厘米3）60.91.01.110070.81.050050080.71.260040090.71.1500500100.71.0333667（1）分析序号2、3、4或8、9、10的实验数据可知：当上层液体密度1、物体的密度3及物体的体积保持不变时，物体浸在上层液体中的体积与物体浸在下层液体中的体积之比V1：V2随（2）完成表格中序号5、6实验数据的填写、（3）分析两表的实验数据可以得出：当物体密度与两液体密度之间满足大小关系时，物体才能静止在两液体之间；当时，物体浸在上层液体中的体积V1等于浸在下层液体中的体积V22016年上海市闵行区中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共20分）1一块橡皮擦用了一段时间之后，保持不变的物理量是（）A重力B密度C体积D质量【考点】密度及其特性【专题】应用题；密度及其应用【分析】橡皮擦用了一段时间后，磨损使得这个物体体积减小了一部分，质量与重量都发生了改变，而密度是物质本身的一种特性，它不会因形状的改变而改变对选项逐个分析即可【解答】解：橡皮擦用了一段时间后，所含物质减小了，质量减小了；物体所受重力与质量成正比，质量减小，所以重力也减小；由于磨损使得它的体积减小了；橡皮擦用了一段时间后，并没有改变原来物质的本身属性，它的密度不会改变故选：B【点评】本题考查对几个物理量的深刻认识，抓住物理量的真正内涵，是解决此题的关键2首先用实验测出大气压强值的科学家是（）A托里拆利B安培C伏特D阿基米德【考点】物理常识【专题】定性思想；顺推法；气体的压强、流体压强与流速的关系【分析】托里拆利第一次通过实验测出来大气压值，这就是著名的托里拆利实验【解答】解：历史上科学家托里拆利第一次测出了大气压值，约相当于76cmHg产生的压强故选A【点评】本题考查的是物理学史，学好物理学史，不仅可以丰富我们的知识，还可以提高我们学习物理的兴趣3世锦赛游泳冠军宁泽涛比赛时所受的浮力约为（）A8牛B80牛C800牛D8000牛【考点】浮力大小的计算【专题】估算题；浮力【分析】世锦赛游泳冠军宁泽涛比赛时一般是处于漂浮状态，则人受到水的浮力与人的重力相等【解答】解：世锦赛游泳冠军宁泽涛的质量约为80kg，则重力为G=mg=80kg10N/kg=800N他在水中游泳时，处于漂浮状态，所以，受到水的浮力：F浮=G=800N故选C【点评】本题考查了学生对漂浮条件的掌握和运用，难度不大，属于基础题4关于如图所示的电路，下列说法中正确的是（）A断开电键S，通过L2的电流比通过L1的电流大B断开电键S，通过L1的电流与通过L2的电流一样大C闭合电键S，灯L1、L2都会发光D闭合电键S，灯L1不会发光【考点】串联电路的电流规律；电路的三种状态【专题】图析法；电流和电路【分析】首先分清电路结构，明确断开电键S后，两灯的连接方式，然后根据串联电路的电流特点判断通过它们的电流关系【解答】解：（1）由图可知，断开电键S，灯L1、L2串联，串联电路中电流处处相等，因此通过L1的电流与通过L2的电流一样大，故A错误，B正确；（2）闭合电键S，灯泡L2被短路，故灯L1会发光，L2不会发光，故CD错误故选B【点评】本题考查了串联电路的电流特点和电路的三种状态，明确断开电键S，灯L1、L2串联，以及闭合电键S，灯泡L2被短路，是解答此题的关键5以下各物理量中，决定通过某导体电流大小的是（）A电荷量B通电时间C电压D电功【考点】欧姆定律的应用【专题】应用题；电流和电路；电压和电阻【分析】对于某一导体，电阻一定，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，据此分析选择【解答】解：由欧姆定律可知，对于某一导体，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，所以可得通过导体电流大小决定于导体两端的电压；导体电阻和电压决定了通过导体的电流大小，即在一定时间内通过导体横截面的电荷量的多少，也进一步得出在一定时间内消耗电能的多少，即电功的多少综合上述分析可知，决定通过某导体电流大小的是电压故选C【点评】本题考查了电流定义式I=和欧姆定律公式I=的理解与掌握，注意区分6教室里有多盏日光灯使用时开的灯越多，则电路中（）A总电流越小B总电阻越小C总电阻越大D总电压越大【考点】电阻的并联；欧姆定律的变形公式【专题】应用题；电压和电阻；欧姆定律【分析】家庭电路是并联电路，并联电路中，支路越多，总电流越大，总电阻会越小，并联电路两端的电压不变【解答】解：因为教室里装有多盏日光灯是并联的，每多开一盏灯，相当于在并联电路中增加一条支路，支路越多，总电流会越大，总电阻会越小，而我国家庭照明电路的电压为220V，所以电路两端的总电压不变综上所述，故ACD错误，B正确故选：B【点评】本题考查学生对家庭电路的电压、连接特点和并联电路的电流、电压、电阻规律了解和掌握，会灵活运用欧姆定律即可顺利解答7密度为2103千克/米3、边长为0.1米的实心均匀正方体放在光滑的水平地面上，受到水平方向拉力F的作用，则它对水平地面的压强（）A一定小于1960帕B可能小于1960帕C一定等于1960帕D可能等于1960帕【考点】压强的大小及其计算【专题】计算题；压强、液体的压强【分析】根据方形物体对水平地面的压强p=gh求正方体对地面的压强【解答】解：由于正方体放在光滑的水平地面上，则对水平地面的压强：p=gh=2103kg/m39.8N/kg0.1m=1960Pa；故只有C正确故选C【点评】本题考查了学生对压强公式的掌握和运用，确定是均匀正方体放在光滑的水平地面上的情况下即可利用p=gh计算压强的大小8如图所示，A、B为完全相同的两个容器，分别盛有7cm、5cm深的水，A、B之间用导管连接若将阀门K打开，最后A、B两容器底部受到水的压强之比为（）A5：7B2：3C3：7D1：1【考点】液体的压强的计算【专题】计算题；图析法；比例法；压强、液体的压强【分析】打开阀门后，两容器中的液面会相平，A液面下降，B液面上升，根据图中的条件求出两液面的高度，进而根据公式p=gh求出压强之比【解答】解：根据题中的插图可知，打开阀门后，两容器中的液面会相平，A液面下降2cm，变为hA=5cm，B液面上升2cm，变为hB=7cm，A、B两容器底面的压强之比：=故选A【点评】此题主要考查的是学生对液体压强计算公式的理解和掌握，弄明白两液面的高度是解决此题的关键9如图所示的电路中，电源电压保持不变闭合电键S后，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，以下说法中正确的是（）A电流表A示数变小，电压表V2示数变小B电压表V1与电压表V2示数的差值不变C两电压表的示数之差与电流表A示数的比值变大D电压表V2示数变化量与电流表示数变化量之比不变【考点】欧姆定律的应用；电路的动态分析【专题】应用题；动态预测题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流（1）根据电源的电压可知滑片移动时电压表V1的示数变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化，进一步判断两电压表示数的变化，再根据欧姆定律结合R1的阻值判断两电压表的示数之差与电流表A示数的比值变化；（2）设出滑片移动前后电路中电流，根据欧姆定律和串联电路中的电压特点表示出电压表V2示数变化量，然后压表V2示数变化量与电流表示数变化量之比的变化【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流（1）因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V1的示数不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表A示数变小，由U=IR可知，R1两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变大，即电压表V2示数变大，故A错误；因电压表V1的示数不变，电压表V2示数变大，所以，电压表V1与电压表V2示数的差值变小，故B错误；因两电压表的示数之差等于R1两端的电压，且两者的差值和电流表A示数的比值等于R1的阻值，所以，两电压表的示数之差与电流表A示数的比值不变，故C错误；（2）设滑片移动前后电路中的电流为I1、I2，则电压表V2示数的变化量：UV=U2U2=（UI1R1）（UI2R1）=（I2I1）R1=IR1，即=R1，所以，电压表V2示数变化量与电流表示数变化量之比不变，故D正确故选D【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电路连接方式的辨别和电表所测电路元件的判断，难点是会表示出电压表V2示数变化量与电流表A示数变化量的比值10两个完全相同的圆台形容器重为G，以不同方式放置在水平桌面上，容器内盛有深度相同的水，如图所示某物理兴趣小组在学习了压力和压强知识后提出了如下三个观点：水对容器底部的压力Fa一定小于Fb；容器对桌面的压力Fa一定小于Fb；容器对桌面的压强pa一定大于pb其中正确的是（）ABCD【考点】压力及重力与压力的区别；压强大小比较【专题】应用题；压强、液体的压强【分析】（1）液体对容器底的压力有两种计算方法：先根据液体压强公式p=gh求压强，再根据F=pS计算压力以底为准向上作垂线到液面，所围的“液重”（2）容器对桌面的压力等于容器和水的重力，求出容器a和b内是的质量关系，然后可得出两容器底部的压力的大小关系，分别根据压力和受力面积的关系判断容器对桌面的压强关系【解答】解：（1）因为容器内盛有深度相同的水，即h相同，所以根据gh可知，水对容器底压强pa=pb，（2）观察原图可知，b容器中的水体积较大，故b容器中的水质量较大，因为G=mg，所以Ga水Gb水，如图所示，则水对容器底的压力：a容器，FaGa水，b容器，FbGb水，又因为Ga水Gb水，比较可得，FaFb（3）容器对桌面的压力：F=G容+G水，a容器内液体的质量小于b容器内液体的质量，Ga水Gb水，两个容器的质量相等，所以FaFb（4）对于容器，二者的质量相等，容器对桌面的压强：p=+，a、b两种情况水对容器底的压强相等，对于a，大于容器底所受水的压强；对于b，小于容器底所受水的压强，又容器的质量相等，重力相等，Sa小于Sb，所以桌面受到的压强papb故选D【点评】对于液体对容器底压力和压强，固体对水平地面的压力和压强，计算的顺序有所不同，否则容易出现错误固体对水平地面的压力和压强，一般先根据F=G计算压力，然后根据压强公式计算压强液体对容器底的压力和压强，一般先根据p=gh计算压强，然后根据F=pS计算压力二、填空题（共29分）11我国家用电视机正常工作的电压为220伏，它与电冰箱是并联连接的（选填“串联”或“并联”）家庭电路所消耗的电能是用电能表测量的【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；串联电路和并联电路的辨别；电功的测量【专题】应用题；电流和电路；电能和电功率；电与热、生活用电【分析】我国家用电器的额定电压是220V各家用电器之间都是并联的，用电器可能正常工作，并且各用电器之间互不影响电能表是测量电路消耗电能的仪表，电能表俗称电表【解答】解：电视机是家用电器，额定电压是220V电视机和电冰箱都是家用电器，两者之间是并联的，工作时互不影响家庭电路所消耗的电能是用电能表测量的故答案为：220；并联；电能表【点评】掌握家庭电路中各用电器之间的连接方法，开关控制用电器时，开关和用电器的连接方法同时了解家庭电路电压、电能表的作用等，属电学常识12图（a）中静脉输液的药液主要是利用大气压强使液体流出；图（b）中锥子头很尖锐是为了增大压强；图（c）中的电热水壶，通过壶外透明玻璃管的液面就可知道水壶内的水位，这是利用了连通器原理；图（d）中所示的拦河大坝建成上窄下宽的主要原因是水的压强随深度的增加而增大【考点】大气压的综合应用；增大压强的方法及其应用；液体的压强的特点；连通器原理【专题】应用题；控制变量法；图析法；压强、液体的压强；气体的压强、流体压强与流速的关系【分析】（1）人体的血管内是存在压强的，即我们平时所说的血压，在打吊瓶时，只有当吊瓶内药液的压强大于人体血管内的压强时，药液才能进入人体，因此，除了液体自身的压强外，还应与外界空气连通，使瓶内药液上方有气压（2）增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强（3）上端开口、下部相连通的容器叫连通器；（4）根据液体压强的特点可知：液体压强随着深度的增加而增大【解答】解：（1）给病人静脉输液时，吊瓶上有一根插管与外界相通，其作用是让空气进入瓶中，使药液上方有一定的气压，这样上方气压+药液产生的压强大于人体血管内的压强，药液就可以进入人体了，所以，图（a）中静脉输液的药液主要是利用大气压强使液体流出；（2）图（b）中锥子头很尖锐是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；（3）图（c）中的电热水壶，壶内水位的玻璃管是根据连通器的原理来工作的，根据连通器的原理可知，壶内水位的玻璃管与壶内的水位是相平的，因此通过观察玻璃管内水位的高低就可判断壶内水位的高低；（4）拦河大坝要受到水对它一个向外的压强，根据液体压强的特点可知：液体压强随着深度的增加而增大为了防止大坝被冲毁，所以修的上窄下宽故答案为：大气压强；压强；连通器；水的压强随深度的增加而增大【点评】此题考查大气压的综合应用、增大压强的方法、连通器原理和液体压强的特点，是一道综合性很强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题13某导体电阻为20欧，10秒内通过导体横截面的电荷量为4库，通过它的电流为0.4安，它两端的电压为8伏若通过此导体的电流为0安，则它的电阻为20欧【考点】欧姆定律的应用；电量及其计算【专题】计算题；电流和电路；欧姆定律【分析】知道10秒内通过某导体横截面的电荷量，根据I=求出通过导体的电流；根据U=IR求导体两端的电压；电阻是导体本身的一种性质，不随着导体两端的电压改变而改变，据此求若通过此导体的电流为0安，导体的电阻【解答】解：通过导体的电流：I=0.4A；由I=可得，导体两端的电压：U=IR=0.4A20=8V；电阻是导体的性质，与材料、长度和横截面积有关，与导体两端的电压和通过的电流无关，若通过此导体的电流为0A，导体的电阻不变，仍然是20故答案为：0.4；8；20【点评】本题考查电流、电压和电阻的计算，关键是欧姆定律的应用，还要知道影响电阻大小的因素是材料、横截面积、长度、温度14我国最大集装箱船“郑和”号于今年9月在上海交付使用它的甲板面积相当于4个标准足球场，排水量约为18万吨“郑和”号从长江口驶入东海，所受到的浮力将不变，排开水的体积将变小，排开水的质量将不变（均选填“变大”、“不变”或“变小”）【考点】物体的浮沉条件及其应用；阿基米德原理【专题】应用题；比较思想；浮力；浮沉的应用【分析】根据物体漂浮条件F浮=G物，轮船无论是航行在海面上，还是航行在江面上都是漂浮状态，故浮力不变，等于自身重力再根据浮力公式F浮=液gV排，根据海水密度的变化判断其排水体积的变化【解答】解：由题意可知，“郑和”号从长江口驶入东海，其始终处于漂浮状态，所以所受到的浮力等于自身的重力，即浮力将不变；由浮力公式F浮=液gV排可知，海水的密度大于淡水的密度，所以排开水的体积将变小由于浮力等于排开水的重力，浮力不变，则排水重力不变，排水的质量也不变故答案为：不变；变小；不变【点评】了解物体的漂浮条件，知道漂浮时，浮力始终等于自身重力，同时会运用阿基米德原理进行分析，是解答本题的关键15甲、乙、丙三根镍铬合金丝，其横截面积关系为S甲S乙=S丙，长度关系为L甲=L乙L丙，则电阻最大的是丙镍铬合金丝；将三根镍铬合金丝分别接在同一电源两端，则通过的电流最大的是甲镍铬合金丝 （均选填“甲”、“乙”或“丙”）【考点】影响电阻大小的因素；欧姆定律的变形公式【专题】应用题；电压和电阻；欧姆定律【分析】导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，其他条件相同时，导体越长、横截面积越小，导体的电阻越大，据此判断三根镍铬合金丝电阻之间的关系；将它们分别接在同一电路中时，它们两端的电压相等，根据欧姆定律比较通过它们的电流之比【解答】解：导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，其他条件相同时，导体越长、横截面积越小，导体的电阻越大，因为三根镍铬合金丝的材料相同，且S甲S乙=S丙，L甲=L乙L丙，所以R甲R乙R丙，电阻最大的是丙；根据I=可知，它们分别接在同一电路中时两端的电压相等，所以通过它们的电流大小关系是：I甲I乙I丙，通过的电流最大的是甲故答案为：丙；甲【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道影响电阻大小的因素并能判断三电阻的阻值关系，判断时可以分别比较横截面积相同时、长度相同时的电阻关系16某国产品牌手机电池板的铭牌上标有“2000mAh”字样，其充电电压为3.8伏可判断2000mAh中的“mAh”是电荷量（填物理量名称）的单位若该手机电池板需4小时完成充电，则充电的电流为0.5安，所消耗的电能为0.0076千瓦时【考点】电功的计算【专题】计算题；电能和电功率【分析】（1）根据公式Q=It得出mAh是谁的单位；（2）利用I=求充电的电流；（3）利用W=UIt=UQ求充电消耗的电能【解答】解：（1）由电流定义式I=可得Q=It，所以mAh是电荷量的单位；（2）充电的电流：I=500mA=0.5A；（3）消耗的电能：W=UIt=UQ=3.8V2000mAh=3.8V2A3600s=27360J=27360kWh=0.0076kWh故答案为：电荷量；0.5；0.0076【点评】本题考查了电流定义式I=和电功公式W=UIt=UQ的应用，判断出mAh是电荷量的单位是关键17如图所示，完全相同的a、b两个长方体，长度为h，悬浮在密度为的液体中，长方体b上下表面的液体压强差为gh若两长方体a、b下表面所受液体的压力分别为Fa、Fb，则Fa大于 Fb（选填“大于”、“等于”、或“小于”）【考点】浮力产生的原因；液体压强计算公式的应用【专题】计算题；图析法；浮力【分析】根据液体压强的公式p=gh可计算长方体上下表面的液体压强差；同样利用液体压强的公式，结合浮力的表达式F浮=F向上F向下，可进行分析与比较【解答】解：（1）读图可知，长方体b上表面的压强为：p上=gh上，下表面的压强为：p下=g（h上+h）上下表面的压强差为：p=p下p上=g（h上+h）gh上=gh；（2）因为物体a上表面的深度比物体b上表面的深度更深，且表面积也更大，由公式F=pS=ghS得，物体a的上表面受到的压力大，又因为两长方体相同，都悬浮在同种液体中，所以受到的浮力相同，由F浮=F向上F向下得，a的上表面受到的压力大，所以下表面受到的压力也一定是大的，只有这样才能保证a和b上下表面的压力差相同，即浮力相同故答案为：gh；大于【点评】本题主要考查液体压强公式的运用、浮力的计算，能将压强与浮力相结合进行分析，是解答本题的关键18如图所示的电路中，已知R1R2当电键S1从位置1改接位置2时，发现电流表的示数变小若电路中只有一处故障且发生在电阻上，则故障可能是R1短路或R2断路；若电路中有两处故障且都发生在电阻上，则故障可能是R1短路且R2断路或R2断路且R短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【专题】应用题；欧姆定律【分析】当电键S1从位置1改接位置2时，电路由电阻R与R1串联变为电阻R与R2串联；由于R1R2，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律，结合电流表的示数变小的特点判断故障的原因【解答】解：当电键S1从位置1改接位置2时，电路由电阻R与R1串联变为电阻R与R2串联；由于R1R2，根据串联电路的电阻特点可知：（1）当电键S1从位置1改接位置2时，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路的电流变大；由于实际情况是电流表的示数变小，则说明电路中的总阻值变大，所以故障可能是R1短路或R2断路（2）若电路中有两处故障且都发生在电阻上，则在（1）的前提下，则可能是R1短路且R2断路； R2断路且R短路故答案为：R1短路或R2断路；R1短路且R2断路或R2断路且R短路【点评】此题考查电流表，电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和两表特点进行分析，关键是分清电路的连接和各电表的测量情况19某番茄自动筛选装置如图（a）所示，其工作原理如图（b）所示已知电源电压恒为15伏，定值电阻R0为20欧，R为压敏电阻，其阻值随压力变化关系如图（c）所示当定值电阻两端电压UAB3V时，不达标的小番茄将被推出传送带，实现自动筛选功能（1）当检测点上没有番茄时，AB两点间的电压为2.5伏（2）当番茄对压敏电阻的压力F0.5牛时，番茄将被推出传送带（3）有同学提议，选择合适的R0阻值，可用此装置筛选西瓜你认为此提议是否可行，并简要说明理由：不可行因为当R所受的压力大于4N后，其阻值几乎不变，而西瓜的重力通常大于4N【考点】欧姆定律的应用【专题】应用题；电路和欧姆定律【分析】（1）由图c可知，当检测点上没有番茄时压敏电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出AB两点间的电压；（2）当定值电阻两端电压UAB3V时，不达标的小番茄将被推出传送带，根据欧姆定律求出电压表的示数为3V时电路中的电流，再根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出压敏电阻的阻值，然后根据图c读出压敏电阻受到的压力，即可得出答案；（3）由图c可知，压敏电阻受到的压力大于4N时，其阻值几乎不变，然后与一般西瓜的重力相比较得出答案【解答】解：（1）由图c可知，当检测点上没有番茄时，R=100，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=0.125A，AB两点间的电压：UAB=IR0=0.125A20=2.5V；（2）当UAB=3V时，电路中的电流：I=0.15A，电路中的总电阻：R总=100，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，压敏电阻的阻值：R=R总R0=10020=80，由图象可知，此时压敏电阻受到的压力为0.5N，即当番茄对压敏电阻的压力F0.5N牛时，番茄将被推出传送带；（3）由图c可知，压敏电阻受到的压力大于4N时，其阻值几乎不变，而西瓜的重力通常大于4N，所以，同学提议的题意不可行故答案为：（1）2.5；（2）0.5；（3）不可行因为当R所受的压力大于4N后，其阻值几乎不变，而西瓜的重力通常大于4N【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键，要注意与生活实际相结合，是一道好题三、作图题（共9分）20重为8牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法在图中画出地面受到的压力F【考点】力的示意图【专题】作图题；重力、弹力、摩擦力【分析】画力的图示要先分析力的大小，方向和作用点，再确定标度，按照力的图示要求画出这个力【解答】解：压力的大小等于重力，为8N，方向垂直于接触面向下，作用点在物体与地面的接触面的中点上选取标度为4N，过压力的作用点，沿压力的方向画一条有向线段，使线段长度为标度的2倍，如图所示：【点评】画力的图示，关键是描述清楚力的三要求，用箭头的起点（少数时候也用终点）作力的作用点，箭头方向表示力的方向，线段的长度结合标度表示力的大小21在图所示的电路中，根据标出的电流方向，从电源、电流表、电压表三个元件符号中选出两个，并分别填进电路的空缺处要求：灯泡L1和L2串联【考点】电路图及元件符号【专题】作图题；电流和电路【分析】电源是电路中必不可少的元件，先确定电源的位置，再根据电压表和电流表的连接特点和电路要求选择其中的一个【解答】解：电源是必不可少的，可先将其确定根据电流方向，又因为要求两灯串联，且都能发光，所以左边一定是电源，且正极朝上右边选择电压表可以测L2的电压，但如果选择电流表则会将L2短路，所以应选电压表如下图所示：【点评】电压表和电流表的选择可以采取尝试法，但前提是我们对电路本身的特点先要有一个正确的分析，然后再结合电表的连接要求进行尝试22在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上要求：小灯L与滑动变阻器R并联，且当滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表的示数变小【考点】实物的电路连接；滑动变阻器的使用【专题】作图题；电流和电路；电压和电阻【分析】首先，小灯L与滑动变阻器R并联，其次，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表的示数逐渐变小，说明滑动变阻器接入电路的电阻变大据此进行连接【解答】解：首先，将小灯L与滑动变阻器R并联；滑动变阻器与电流表串联滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表的示数逐渐变小，则滑动变阻器接入电路的电阻变大，因此将滑动变阻器右下接线柱接入电路最后，电流从电流表的负接线柱回到电源负极如图所示：【点评】本题考查了滑动变阻器的正确连接，关键是知道滑动变阻器在连接时按一上一下的原则连接在电路中和滑片靠近下方接线柱接入电路的电阻变小、远离下方接线柱接入电路的电阻变大连接时注意电流表的正负接线柱，并且导线不能交叉四、计算题（共23分）23某物体质量为4千克，体积为2103米3求此物体的密度【考点】密度的计算【专题】计算题；密度及其应用【分析】已知物体的质量和体积，根据密度公式求出该物体的密度【解答】解：该物体的密度：=2103kg/m3答：此物体的密度为2103kg/m3【点评】本题考查了密度的计算，比较简单，是一道基础题目24在如图所示电路中，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2标有“50 2A”字样，电流表的量程选择“03A”只闭合电键S1，电流表的示数为0.8安；再闭合S2，电流表的示数变化了0.4安求：（1）电源电压（2）电阻R2接入电路的阻值（3）该电路的最大电功率【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】（1）只闭合电键S1，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；（2）闭合电键S1、S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电阻R2接入电路的阻值（3）根据滑动变阻器的铭牌可知允许通过的最大电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，然后与电流表的量程相比较确定电路中的最大电流，根据P=UI求出该电路的最大电功率【解答】解：（1）只闭合电键S1，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，由I=可得，电源的电压：U=I1R1=0.8A10=8V；（2）闭合电键S1、S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R1的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，电流表示数的变化量即为通过R2的电流，I2=0.4A，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电阻R2接入电路的阻值：R2=20（3）由滑动变阻器的铭牌可知，允许通过的最大电流为2A，则此时的干路电流：I=I1+I2大=0.8A+2A=2.8A3A，所以，干路的最大电流为2.5A，该电路的最大电功率：P=UI=8V2.8A=22.4W答：（1）电源电压为8V；（2）电阻R2接入电路的阻值为20；（3）该电路的最大电功率为22.4W【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是电路中最大电流的确定25在图（a）所示的电路中，电源电压为15伏保持不变，电阻R1阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“501A”字样，电压表、电流表的量程如图（b）所示闭合电键，将滑片P移到某一位置时，电流表的示数为0.5安求：（1）10秒内电阻R1消耗的电能（2）若不改变各电表的量程，确保电路所有元件均安全使用的情况下，求在移动变阻器滑片的过程中，电压表V2示数与电压表V1示数比值的变化范围【考点】欧姆定律的应用；电功的计算【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端电压，V2测R2两端电压，电流表测电路中电流（1）电流表的示数为0.5A，根据W=UIt=I2Rt求出10秒内电阻R1消耗的电能；（2）由图（b）可知电流表和电压表V1的量程，根据欧姆定律求出电压表V1示数最大时电路中的电流，然后与电流表的量程相比较确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，然后确定电压表V2的量程，根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的最小阻值；比较电源的电压和电压表V2的量程可知滑动变阻器可以完全接入电路中，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出电压表V2示数与电压表V1示数比值的表达式，然后得出两者比值的范围【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端电压，V2测R2两端电压，电流表测电路中电流（1）电流表的示数为0.5A时，10秒内电阻R1消耗的电能：W1=I2R1t=（0.5A）21010s=25J；（2）由图（b）可知，电流表A的量程为00.6A，电压表V1的量程为03V，当电压表V1的示数U1=3V时，电路中的电流：I=0.3A0.6A，则电路中的最大电流为0.3A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，变阻器两端的电压：U2=UU1=15V3V=12V3V，则电压表V2的量程为015V，滑动变阻器接入电路中的最小电阻：R2=40，因电压表的电压15V等于电压表V2的最大示数，所以，滑动变阻器接入电路中的最大阻值为50，即滑动变阻器接入电路中的电阻范围为4050，因串联电