鲁科版选修34 单摆 第1课时 作业.doc

单摆1.单摆测定重力加速度的实验中：（1）实验时用20分度的游标卡尺测量摆球直径，示数如图甲所示，该摆球的直径d= mm。（2）悬点到小球底部的长度l0，示数如图乙所示，l0= cm。（3）实验时用拉力传感器测得摆线的拉力f随时间t变化的图象如图丙所示，然后使单摆保持静止，得到如图丁所示的ft图象。那么：重力加速度的表达式g= （用题目中的物理量d、l0、t0表示）。设摆球在最低点时ep=0，已测得当地重力加速度为g，单摆的周期用t表示，那么测得此单摆摆动时的机械能e的表达式是 。a bc d2某实验小组拟用甲图所示的装置研究滑块的运动。实验器材有：滑块、钩码、纸带、毫米刻度尺、带滑轮的木板、漏斗和细线组成的单摆（细线质量不计且不可伸长，装满有色液体后，漏斗和液体质量相差不大）等。实验前，在控制液体不漏的情况下，从漏斗某次经过最低点时开始计时，测得之后漏斗第100次经过最低点共用时100秒；实验中，让滑块在钩码作用下拖动纸带做匀加速直线运动，同时单摆垂直于纸带运动方向做微小振幅摆动，漏斗漏出的液体在纸带上留下的痕迹记录了漏斗在不同时刻的位置。（1）该单摆的周期是 s；（2）图乙是实验得到的有液体痕迹并进行了数据测量的纸带，根据纸带可求出滑块的加速度为_m/s2；（结果取两位有效数字）（3）用该实验装置测量滑块加速度，对实验结果影响最大的因素是 。3（1）两个同学分别利用清华大学和广东中山大学的物理实验室，各自在那里用先进的dis系统较准确地探究了“单摆的周期t与摆长l的关系”，他们通过校园网交换实验数据，并由计算机绘制了t2l图象，如图甲所示。在中山大学的同学所测实验结果对应的图线是_（选填a或b）。（2）在清华大学做实验的同学还利用计算机绘制了a、b两个摆球的振动图象，如图（乙）所示。关于a、b两个摆球的振动图象，下列说法正确的是_。aa、b两个单摆的摆长相等bb摆的振幅比a摆小ca摆的机械能比b摆大d在t=1 s时有正向最大加速度的是a摆4在“探究单摆周期与摆长的关系”的实验中：（1）需要测量悬线长度，现用最小分度为1 mm的米尺测量，图中箭头所指位置是拉直的悬线两端在米尺上相对应的位置，测得悬线长度为 mm。3021498979699（2）一组同学测得不同摆长l单摆对应的周期t，将数据填入表格中，根据表中数据，在坐标纸上描点，以t为纵轴，l为横轴，作出做简谐运动的单摆的tl图象。根据作出的图象，能够得到的结论是_。a单摆周期t与摆长l成正比b单摆周期t与摆长l成反比c单摆周期t与摆长l的二次方根成正比d单摆摆长l越长，周期t越大（3）另一组同学进一步做“用单摆测定重力加速度”的实验，讨论时有同学提出以下几点建议，其中对提高测量结果精确度有利的是 。a适当加长摆线b质量相同、体积不同的摆球，选用体积较大的c单摆偏离平衡位置的角度不能太大d当单摆经过平衡位置时开始计时，经过一次全振动后停止计时，用此时间间隔作为单摆振动的周期5某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验时，先测得摆线长为101.00 cm，摆球直径为2.00 cm，然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间为101.5 s，则（1）他测得的重力加速度g=_m/s2。（2=9.86）（2）他测得的g值偏小，可能的原因是_。a测摆线长时摆线拉得过紧b摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了c开始计时时，秒表过迟按下d实验中误将49次全振动数为50次（3）为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆线长l并测出相应的周期t，从而得出一组对应的l与t的数据，再以l为横坐标。t2为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率k。则重力加速度g=_。（用k表示）6“利用单摆测重力加速度”的实验如图甲，实验时使摆球在竖直平面内摆动，在摆球运动最低点的左右两侧分别放置一激光光源、光敏电阻（光照时电阻比较小）与某一自动记录仪相连，用刻度尺测量细绳的悬点到球的顶端距离当作摆长，分别测出l1和l2时，该仪器显示的光敏电阻的阻值r随时间t变化的图线分别如图乙、丙所示。（1）根据图线可知，当摆长为l1时，单摆的周期t1为，当摆长为l2时，单摆的周期t2为。（2）请用测得的物理量（l1、l2、t1和t2），写出当地的重力加速度g=_。7在“利用单摆测重力加速度”的实验中（1）测得摆线长，小球直径d，小球完成n次全振动的时间t，则实验测得的重力加速度的表达式g= ；（2）实验中如果重力加速度的测量值偏大，其可能的原因是 。a把摆线的长度当成了摆长b摆线上端未牢固地固定于o点，振动中出现松动，使摆线变长c测量周期时，误将摆球（n1）次全振动的时间t记成了n次全振动的时间d摆球的质量过大（3）为了减少实验误差，可采用图象法处理数据，通过多次改变摆长，测得多组摆长l和对应的周期t，并作出t2l图象，如图所示。若图线的斜率为k，则用k表示重力加速度的测量值g= 。8（1）某同学用单摆测定加速度的实验中，图a的0点是摆线的悬挂点，摆长l= cm. 秒表读数_s为了提高测量精度，需多次改变l的值并测得相应的t值。现测得的六组数据标示在以l为横坐标、t2为纵坐标的坐标纸上，即图中用“”表示的点。根据图中的数据点作出t2与l的关系图线，从作出的图线可求得重力加速度g=_m/s2（求得g值保留两位有效数字）。（2）如果他测得的g值偏小，可能的原因是 。a测摆线长时摆线拉得过紧b摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了c开始计时，秒表过迟按下d实验中误将49次全振动数为50次9某同学利用单摆测量重力加速度（1）为了使测量误差尽量小，下列说法正确的是_a组装单摆须选用密度和直径都较小的摆球b组装单摆须选用轻且不易伸长的细线c实验时须使摆球在同一竖直面内摆动d摆长一定的情况下，摆的振幅尽量大（2）如图所示，在物理支架的竖直立柱上固定有摆长约为1 m的单摆，实验时，由于仅有量程为20 cm、精度为1 mm的钢板刻度尺，于是他先使摆球自然下垂，在竖直立柱上与摆球最下端处于同一水平面的位置做一标记点，测出单摆的周期；然后保持悬点位置不变，设法将摆长缩短一些，再次使摆球自然下垂，用同样方法在竖直立柱上做另一标记点，并测出单摆周期；最后用钢板刻度尺量出竖直立柱上两标记点之间的距离，用上述测量结果，写出重力加速度的表达式g=_。10用单摆测定重力加速度的实验装置如图甲所示。（1）组装单摆时，应在下列器材中选用 （选填选项前的字母）。甲a长度为1 m左右的细线 b长度为30 cm左右的细线c直径为1.8 cm的塑料球 d直径为1.8 cm的铁球（2）测出悬点o到小球球心的距离（摆长）l及单摆完成n次全振动所用的时间t，则重力加速度g=_（用l、n、t表示）。（3）下表是某同学记录的乙组实验数据，并做了部分计算处理。请计算出第3组实验中的t= s，g= 。（4）用多组实验数据做出图象，也可以求出重力加速度g，已知三位同学做出的图线的示意图如图乙中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都过原点，图线b对应的g值最接近当地重力加速度的值。则相对于图线b，下列分析正确的是 （选填选项前的字母）。a出现图线a的原因可能是误将悬点到小球下端的距离记为摆长lb出现图线c的原因可能是误将49次全振动记为50次c图线c对应的g值小于图线b对应的g值（5）某同学在家里测重力加速度。他找到细线和铁锁，制成一个单摆，如图丙所示，由于家里只有一根量程为30 cm的刻度尺，于是他在细线上的a点做了一个标记，使得悬点o到a点间的细线长度小于刻度尺量程。保持该标记以下的细线长度不变，通过改变o、a间细线长度以改变摆长。实验中，当o、a间细线的长度分别为和时，测得相应单摆的周期为、。由此可得重力加速度g= （用、表示）。丙11根据单摆周期公式，可以通过实验测量当地的重力加速度。如图1所示，将细线的上端固定在铁架台上，下端系一小钢球，就做成了单摆。（1）用游标卡尺测量小钢球直径，示数如图2所示，读数为_mm。（2）以下是实验过程中的一些做法，其中正确的有_。a摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽可能长一些b摆球尽量选择质量大些、体积小些的c为了使摆的周期大一些，以方便测量，开始时拉开摆球，使摆线相距平衡位置有较大的角度d拉开摆球，使摆线偏离平衡位置大于5度，在释放摆球的同时开始计时，当摆球回到开始位置时停止计时，此时间间隔t即为单摆周期te拉开摆球，使摆线偏离平衡位置不大于5度，释放摆球，当摆球振动稳定后，从平衡位置开始计时，记下摆球做50次全振动所用的时间t，则单摆周期答案精析：1.【参考答案】（1）11.70 （2）100.25 （3） bd【详细解析】（1）由甲图可知，主尺上的读数是11 mm，游标尺上第14个刻度与主尺对齐，所以游标尺上的读数为140.05 mm=0.70 mm，所以该摆球的直径d=11.70 mm。（2）由乙图可知，悬点到小球底部的长度l0=100.25 cm。（3）平衡位置处拉力最大，最大位移处拉力最小。从图丙中看出单摆的周期为4t0。单摆摆长l=l0+d/2，单摆周期公式t=得，重力加速度g=。（4）由丁图可知，f3=mg，单摆在最低点时f1mg=，根据周期公式变形得摆长l=，最低点的机械能e=，解得e=，所以b正确；单摆在最高点时f2=mgcos ，最高点的机械能e=mgl(1cos )，解得e=，所以d正确。2.【答案】（1）2 （2）0.10 （3）漏斗重心变化导致单摆有效摆长变化。从而改变单摆周期，影响加速度的测量值（3）漏斗重心变化导致单摆有效摆长变化。从而改变单摆周期，影响加速度的测量值。3.【答案】（1）a （2）d（2）由图知，两摆周期不同，故摆长不同，所以a错误；b摆的振幅比a摆大，故b错误；因不知摆球质量的大小，故不能确定机械能的大小，所以c错误；在t=1 s时a摆在负的最大位移处，有正向最大加速度，b摆在平衡位置，所以d正确。4（1）987.0 （2）d （3）ac（3）加大摆长可以减小测量摆长的相对误差，选项a正确；选用体积小质量大的小球可减小空气的相对阻力，选项b错误；单摆偏离平衡位置的角度不能太大，否则就不是简谐振动，选项c正确；经过一次全振动后停止计时，这样会增加测量周期的误差，因至少测量3050次全振动的时间计算周期，选项d错误；故选ac。5（1）9.76 （2）b （3）【解析】（1）单摆的摆长l=l+r=101.00 cm+2.00 cm=102.00 cm=1.02 m，单摆的周期；由单摆的周期公式得，代入解得，g=9.76 m/s2。（2）测摆线长时摆线拉得过紧，摆长偏大，根据可知，测得的g应偏大，故a错误；摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，测得的单摆周期变大，根据可知，测得的g应偏小，故b正确；开始计时时，秒表过迟按下，测得的单摆周期变小，根据可知测得的g应偏大，故c错误；实验中误将49次全振动计为50次，根据求出的周期变小，g偏大，故d错误。故选b。（3）根据重力加速度的表达式可知，t2l图线斜率，则。6（1）2t1 2t2 （2），联立可得：。7（1） （2）c （3）【解析】（1）单摆的周期，摆长，根据解得重力加速度的表达式g=；（2）若把摆线的长度当成了摆长，则算得的重力加速度偏小；摆线上端未牢固地固定于o点，振动中出现松动，使摆线变长，则单摆的周期变大，则算得的重力加速度偏小；测量周期时，误将摆球（n1）次全振动的时间t记成了n次全振动的时间，则算得的周期变小，重力加速度偏大；摆球的质量过大不影响周期的值，则算得的重力加速度不受影响；故选c；（3）因，故，解得。8（1）如图所示99.00（99.0099.05均可） 100.4 9.9（9.910均可） （2）b【解析】（1）摆长等于悬点到摆球球心的距离，则l=99.00 cm，秒表的小盘读数为90 s，大盘读数为10.4 s，则最终读数为100.4 s根据得，则图线的斜率，解得。导致重力加速度的测量值偏大，故c错误；实验中误将49次全振动数为50次，则周期的测量值偏小，导致重力加速度的测量值偏大，故d错误。9（1）bc （2）【解析】（1）为了减小空气阻力的误差选用密度大，体积小的小球，a错。如果振幅过大（大于10小球的运动不在是简谐运动，所以误差较大，d错误。要求小球在运动过程中摆长不变，且是单摆，而不能是圆锥摆故选bc。（2）同理得两式相减可得。10（1）ad （2） （3）2.01 9.76（9.769.77） （4）b （5）（2）次全振动的时间为，则振动周期为，根据单摆周期公式，可推出；（3）50次全振动的时间为100.5 s，则振动周期为，代入公式求得；（4）由可知图象的斜率，b曲线为正确的图象。斜率越小，对应的重力加速度越大，选项c错误。在图象中图线与纵轴正半轴相交表示计算摆长偏小，如漏加小球半径，