山东省鄄城县第一中学探究部2018-2019学年高一物理下学期期末考试模拟试题（含解析）.doc

山东省鄄城县第一中学探究部2018-2019学年高一物理下学期期末考试模拟试题（含解析）一选择题（17题单选812多选每题4分漏选2分，错选不得分）1. 如图所示，a、b两球质量相等，a球用不能伸长的轻绳系于o点，b球用轻弹簧系于o点，o与o点在同一水平面上，分别将a、b球拉到与悬点等高处，使绳和轻弹簧均处于水平，弹簧处于自然状态，将两球分别由静止开始释放，当两球达到各自悬点的正下方时两球恰好仍处在同一水平面上，则()a. 两球到达各自悬点的正下方时，两球动能相等b. 两球到达各自悬点的正下方时，a球动能较大c. 两球到达各自悬点的正下方时，b球动能较大d. 两球到达各自悬点的正下方时，a球损失的重力势能较多【答案】b【解析】整个过程中两球减少的重力势能相等，a球减少的重力势能完全转化为a球的动能，b球减少的重力势能转化为b球的动能和弹簧的弹性势能，所以a球的动能大于b球的动能，所以b正确；2. 设汽车在启动阶段所受阻力恒定并做匀加速直线运动，则在这过程中()a. 牵引力增大，功率增大b. 牵引力不变，功率增大c. 牵引力增大，功率不变d. 牵引力不变，功率不变【答案】b【解析】试题分析：汽车启动阶段受到牵引力和阻力作用，根据牛顿第二定律，匀加速直线运动加速度不变，阻力不变，所以牵引力不变，汽车的功率，随时间延长功率逐渐增大选项b正确。考点：牛顿第二定律 功率3.在如图所示的电路中，电表都为理想电表，灯炮l的电阻大于电源的内阻r，闭合电键s，将滑动变阻器滑片p向左移动一段距离后，下列结论正确的是（ ）a. 灯泡l变亮b. 电源输出功率增大c. 电容器c上电荷量减少d. 电流表读数变小，电压表读数变大【答案】d【解析】a、当滑动变阻器滑片p向左移动，其接入电路的电阻增大，电路总电阻r总增大，电流i减小，灯泡功率p=i2rl，rl不变，则灯泡变暗故a错误 b、当内、外电阻相等时，电源的输出功率功率最大灯炮l的电阻大于电源的内阻，当r增大时，电源的输出功率减小故b错误 c、变阻器两端电压增大，电容器与变阻器并联，电容器上电压也增大，则其电荷量增大，故c错误d、电流表读数变小，电压表读数u=e-ir变大故d正确故选d4.把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用p甲和p乙表示，则下列结论中正确的是()a. p甲p乙b. p甲3p乙c. p乙3p甲d. p乙3p甲【答案】b【解析】【详解】设灯泡正常发光时电流为i，对于甲图，电路的总的电流为3i，此时甲的总功率的大小为p甲=u3i，对于乙图，电流的总电流的大小就为i，此时乙的总功率的大小为p乙=ui，所以p甲=3p乙，故b正确，abd错误。故选b。【点睛】对于本题来说关键的是选择公式，由于电路的总电压的大小是相同的，所以用总电压与总电流的乘积来计算总功率的大小比较简单5.如图所示，斜面高h，质量为m的物块，在沿斜面向上的恒力f作用下，能匀速沿斜面向上运动，若把此物块放在斜面顶端，在沿斜面向下同样大小的恒力f作用下物块由静止向下滑动，滑至底端时其动能的大小为()a. mghb. 2mghc. 2fhd. fh【答案】b【解析】详解】物块匀速上滑时，根据动能定理得wf-mgh-wf=0物块下滑时，根据动能定理得wf+mgh-wf=ek-0联立两式解得ek=2mgha. mgh与分析不相符，故a项与题意不相符；b. 2mgh与分析相符，故b项与题意相符；c. 2fh与分析不相符，故c项与题意不相符；d. fh与分析不相符，故d项与题意不相符。6. 如图6，一带负电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹。m和n是轨迹上的两点，其中m点在轨迹的最右点。不计重力，下列表述正确的是 a. 粒子在m点的速率最大b. 粒子所受电场力沿电场方向c. 粒子在电场中的加速度不变d. 粒子在电场中的电势能始终在增加【答案】c【解析】【详解】根据做曲线运动物体的受力特点合力指向轨迹的凹一侧，再结合电场力的特点可知粒子带负电,即受到的电场力方向与电场线方向相反，b错；从n到m电场力做负功，减速，电势能在增加；当达到m点后电场力做正功，加速，电势能在减小，则在m点的速度最小a错，d错；在整个过程中只受电场力根据牛顿第二定律加速度不变，c正确.7. 如图所示，d是一只二极管，它的作用是只允许电流从a流向b，不允许电流从b流向a.平行板电容器ab内部原有带电微粒p处于静止状态，保持极板a和b的间距不变，使极板a和b正对面积减小后，微粒p的运动情况是（ ）a. 仍静止不动b. 向下运动c. 向上运动d. 无法判断【答案】c【解析】因d是一只二极管，只允许电流从a流向b，不允许电流从b流向a，极板a和b正对面积减小后,电容增大,电容器充电,所以平行板电容器的电荷量q变大，两极板电压增大，由e=u/d知e增大，所以电荷p向上运动，即c正确8.如图所示，将物体从一定高度水平抛出(不计空气阻力)，物体运动过程中离地面高度为h时，物体水平位移为x、物体的机械能为e、物体的动能为ek、物体运动的速度大小为v.以水平地面为零势能面下列图像中，能正确反映各物理量与h的关系的是 ()a. b. c. d. 【答案】bc【解析】【详解】a. 根据则水平位移 由表达式可知，图线为曲线，开口向右，故a项与题意不相符；b. 平抛运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒，则机械能随着高度的变化不变，故b项与题意相符；c. 根据得： 知ek与h成一次函数关系，故c项与题意相符；d.根据 解得： v与h不成线性关系，故d项与题意不相符。9. 质量为1500kg的汽车在平直的公路上运动，v-t图象如图所示由此可求( )a. 前25s内汽车的平均速度b. 前10s内汽车的加速度c. 前10s内汽车所受的阻力d. 1525s内合外力对汽车所做的功【答案】abd【解析】试题分析：观察速度时间图像，v-t图像和时间轴围成面积代表位移，斜率代表加速度a，观察图像可知，前10s斜率即加速度,答案b对。根据牛顿第二定律，牵引力未知因此无法求出阻力，c错。前25s图像和时间轴围成的面积可以分成前10s三角形和中间5s矩形及后10s梯形都可以计算出面积，也就可以知道前25s位移，除以时间即可算出平均速度，a对。根据动能定理，合外力做功等于动能变化量，1525 s的初速度和末速度都知道而且题目告诉有质量，答案d对。考点：速度时间图像 动能定理【此处有视频，请去附件查看】10.水平地面上有一木箱，木箱与地面之间的动摩擦因数为。现对木箱施加一拉力f，使木箱做匀速直线运动。设f的方向与水平面夹角为，如图，在从0逐渐增大到90的过程中，木箱的速度保持不变，则a. f先减小后增大b. f一直增大c. f的功率减小d. f的功率不变【答案】ac【解析】由于木箱的速度保持不变，因此木箱始终处于平衡状态，受力分析如图所示，则由平衡条件得：，两式联立解得，可见f有最小值，所以f先减小后增大，a正确；b错误；f的功率，可见在从0逐渐增大到90的过程中tan逐渐增大，则功率p逐渐减小，c正确，d错误。11.两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的o、m两点，两电荷连线上各点电势随x变化的关系如图所示，其中a、n两点的电势为零，nd段中c点电势最高，则a. c点的电场强度大小为零b. a点的电场强度大小为零c. nc间场强方向沿x轴正方向d. 将一负点电荷从n点移到d点，电场力先做正功后做负功【答案】ad【解析】【详解】a图的斜率为e，c点电势的拐点， 则电场强度为零，故a正确；b由图知a点的电势为零，则o点的点电荷的电量比m点的点电荷的电量大，且o点的电荷带正电，m点电荷带负电故b错误；c由图可知：om间电场强度方向沿x轴正方向，mc间电场强度方向沿x轴负方向，cd间电场强度方向沿x轴正方向故c错误；d因为mc间电场强度方向沿x轴负方向，cd间电场强度方向沿x轴正方向，则将一负点电荷从n点移到d点，电场力先做正功后负功故d正确；二实验题（第13题10分第14题6分）12.在做研究平抛运动的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球平抛运动的轨迹(1)为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面字母填在横线上：_a每次释放小球的位置不必相同b通过调节使斜槽的末端保持水平c每次必须由静止释放小球d小球运动时应与木板上的白纸（或方格纸）相接触(2)用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长l，若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为v0=_（用l、g表示）【答案】 (1). bc (2). 【解析】【详解】(1)1 ac.为了保证小球平抛运动的初速度相同，则每次从同一高度由静止释放小球，故a项与题意不相符，c项与题意相符；b. 为了保证小球水平飞出，则斜槽的末端切线保持水平，故b项与题意相符；d. 小球运动时不应与木板上的白纸（或方格纸）相接触，防止应摩擦而改变运动的轨迹，故d项与题意不相符。(2)2 平抛运动水平方向匀速直线运动，由于小球从a运动到b和b运动到c的水平位移相等，因此运动时间相等；根据平抛运动规律得，竖直方向：自由落体运动，因时间相等，由可得： 水平方向：匀速运动，则有： 解得：13.用如图所示的电路，测定一节干电池的电动势和内阻.电池的内阻较小，为了防止在调节滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻r0起保护作用.除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：（a）电流表（量程0.6a、3a）；（b）电压表（量程3v、15v）（c）定值电阻（阻值1、额定功率5w）（d）定值电阻（阻值10，额定功率10w）（e）滑动变阻器（阴值范围0-10、额定电流2a）（f）滑动变阻器（阻值范围0-100、额定电流1a）那么：(1)要正确完成实验，电压表的量程应选择_v，电流表的量程应选择_a；r0应选择_的定值电阻，r应选择阻值范围是_的滑动变阻器.(2)引起该实验系统误差的主要原因是_.【答案】 (1). 3 (2). 0.6 (3). 1 (4). 0-10 (5). 由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比测量值小【解析】【详解】第一空.由于电源是一节干电池（1.5v），所选量程为3v的电压表；第二空.估算电流时，考虑到干电池的内阻一般几左右，加上保护电阻，最大电流在0.5a左右，所以选量程为0.6a的电流表；第三空.由于电池内阻很小，所以保护电阻不宜太大，否则会使得电流表、电压表取值范围小，造成的误差大，故来考虑选择1的定值电阻；第四空.滑动变阻器的最大阻值一般比电池内阻大几倍就好了，取010能很好地控制电路中的电流和电压，若取0100会出现开始几乎不变最后突然变化的现象，调节不方便第五空.关于系统误差一般由测量工具和所造成测量方法造成的，一般具有倾向性，总是偏大或者偏小由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比测量值小，分别作出真实图象和测量图象；当外电路短路时，电压表的分流可以忽略；故两种情况下短路电流相同；如图所示：故本实验中由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比测量值小，造成e测e真，r测r真三计算题（共三个大题每题12分，要求写出详细的计算过程）14.某直流电动机提升重物的装置，如图所示，重物的质量m=50kg，电源的电压为120v。不计内阻，当电机以v=0.9m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流强度i= 5a，（g=10m/s2）求：(1)电动机线圈的电阻为多少？(2)电动机对该重物提升的最大提升速度是多少？(3)若因电动机的故障电动机不能转动，这时通过电动机线圈的电流为多大？电动机消耗的电功率是多少？【答案】(1) 6 (2) 1.2 m/s (3) 20 a， 2400 w【解析】【详解】(1)设电动机输入功率为p，输出功率为p1，热消耗功率为p2，则有pp1p2mgvi2r (2) 当时p1有最大值为当电动机的输出最大功率由于p1大mgv大有 (3)因电动机不能转动，此时电路中电流最大，最大电流为电动机消耗的功率也最大15.如图所示，一对平行金属极板相距，两板间匀强电场方向向下，场强大