江苏省南通市天星湖中学2019-2020学年高二物理上学期期初测试试题（含解析）.doc

江苏省南通市天星湖中学2019-2020学年高二物理上学期期初测试试题（含解析）一、单项选择题1.如图，两个卫星绕着同一行星做匀速圆周运动，轨道半径分别为r1和r2，r1r2，两卫星的线速度分别为v1和v2，角速度分别为1和2，周期分别为t1和t2，则a. v2v1，21，t2t1b. v21，t2t1c. v2v1，2t1d. v2v1，21，t2b，eaebb. ab，eaebc. ab，eaebd. aeb【答案】d【解析】a从a向b运动为加速运动，说明电场力从a向b，负电荷受力方向与电场线方向相反，所以电场线方向从b向a，沿电场线方向电势逐渐降低，故a错误，b错误；c速度时间图像斜率代表加速度，由乙图可知从a到b加速度逐渐减小，根据牛顿第二定律，加速度减小电场强度逐渐减小，故c错误，d正确。故选：d。6.如图所示，两带等量异种电荷的金属板 a、b 水平正对放置，其间有一带电液滴恰处于静 止状态，现突然将 a 板上移，使板间距离加倍，则该液滴应( )a. 以加速度 g 加速向上运动b. 以加速度 g 加速向下运动c. 仍保持静止状态d. 无法确定【答案】c【解析】【详解】开始时带电液滴恰处于静止，即重力与电场力相等，现突然将 a 板上移，使板间距离加倍，由公式可知，电容变为原来的一半，由于电荷量不变，由公式可知，两板间的电压变为原来的两倍，所以场强保持不变，电场力不变，即该液滴应仍保持静止状态a. 以加速度 g 加速向上运动与分析不符，故a项不符合题意；b. 以加速度 g 加速向下运动与分析不符，故b项不符合题意；c. 仍保持静止状态与分析相符，故c项符合题意；d. 无法确定与分析不符，故d项不符合题意。7.如图所示，带等量异号电荷的两平行金属板在其空中水平放置，m、n为板间同一电场线上的两点。一带电粒子（不计重力）以速度vm经过m点向下运动，一段时间后返回，以速度vn经过n点向上运动，全过程未与下板接触，则a. 粒子一定带正电b. 电场线方向一定竖直向上c. m点的电勢一定比n点的高d. 粒子在n点的电势能一定比在m点的大【答案】d【解析】【详解】试题分析：由带电粒子未与下板接触，可知粒子向下做的是减速运动，故电场力向上；因粒子的电性与电场的方向都不知道，所以两个都不能判定，故abc错误；粒子由m到n电场力做负功，动能减少，电势能增加，故m点的电势能小于n点的电势能，故d正确考点：考查了电场力做功【名师点睛】（1）电场力做正功则电势能减小，电场力做负功则电势能增加；（2）电场力做功要注意电荷的正负极性，极性不同则做功不同8. 在如图所示电路中，当滑动变阻器滑片p向下移动时，则( )a. a灯变亮、b灯变亮、c灯变亮b. a灯变亮、b灯变亮、c灯变暗c. a灯变亮、b灯变暗、c灯变暗d. a灯变亮、b灯变暗、c灯变亮【答案】d【解析】试题分析：滑动变阻器滑片p从上向下移动时，电路总电阻减小，电流总电流增大，所以通过a灯的电流增大，a两端的电压增大，所以a灯变亮，路端电压减小，所以并联电路的电压减小，故b两端的电压减小，所以b灯变暗，总电流时增大的，同过b的电流是减小的，所以通过c的电流增大，故c等变亮，d正确，故选d考点：考查闭合电路的动态变化点评：本题难度较小，电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法9.两个等量异种点电荷位于x轴上，相对原点对称分布，正确描述电势随位置变化规律是图a. b. c. d. 【答案】a【解析】【详解】试题分析：两个等量异号电荷的电场线如下图，根据“沿电场线方向电势降低”的原理，从左侧无穷远处向右电势应升高，正电荷所在位置处最高；然后再慢慢减小，o点处电势为零，则o点右侧电势为负，同理到达负电荷时电势最小，经过负电荷后，电势开始升高，直到无穷远处，电势为零；故bcd是错误的；a正确故选a考点：电场线；电场强度及电势.【名师点睛】本题中应明确沿电场线的方向电势降低；并且异号电荷连线的中垂线上的电势为零；因为其中垂线为等势面，与无穷远处电势相等；此题考查学生应用图像观察图像解决问题的能力.二、 多项选择题10.如图所示，a、b质量相等，它们与地面间的动摩擦因数也相等，且fa = fb，如果a、b由静止开始运动相同的距离，那么（ ）a. fa对a做的功与fb对b做的功相同b. fa对a做功的平均功率大于fb对b做功的平均功率c. 到终点时物体a获得的动能大于物体b获得的动能d. 到终点时物体a获得的动能小于物体b获得的动能【答案】abc【解析】试题分析：由题意可知，a、b水平方向上运动距离相等，且f1=f2，根据w=flcos可知，f1、f2做的功相同，故a正确；由牛顿第二定律可知，f1cos-（mg-f1sin）=maa；f2cos-（mg+f2sin）=mab；因为f1=f2，可知aaab，在相同距离内tatb，又两力做功相同，由可知：papb，故b正确；受力分析可知a受到摩擦力f1=（mg-f1sin）小于b受到的摩擦力f2=（mg+f2sin），根据动能定理可知：对a：w合a=f1cos-（mg-f1sin）l对b：w合b=f2cos-（mg+f2sin）l；即w合aw合b，可知a获得的动能大于b获得的动能，故c正确，d错误；故选abc考点：动能定理；功名师点睛：本题主要考察功的计算，注意：a、b两物体在水平面上的正压力不同，所以摩擦力不同，合外力对物体做的功不同。11.质量为 1 kg 的物体以某一初速度在水平地面上滑行，由于受到地面摩擦阻力作用，其动能随 位移变化的图线如图所示，g 取，则物体在水平地面上( )a. 所受合外力大小为 5 nb. 滑行的总时间为 4 sc. 滑行的加速度大小为 1 d. 物体与地面间的动摩擦因数为 0.25【答案】bd【解析】【详解】a. 物体受重力、支持力和摩擦力，合力等于摩擦力；由图象可知，ek1=50j，ek2=0j，位移x=20m，则初速度为：由动能定理得：ek2-ek1=-fx解得：，故a项与题意不符；b.由公式 ，解得：故物体运动时间为： 故b项与题意相符；cd. 由位移公式，解得：由公式解得： 故c项与题意不符，d项与题意相符。12.如图所示，一根轻质弹簧固定于 o 点，另一端系一个重物，将重物从与悬挂点等高的地方无 初速度释放，让其自由摆下，不计空气阻力，重物在摆向最低点的位置的过程中( )a. 重物重力势能减小b. 重物重力势能与动能之和增大c. 重物的机械能不变d. 重物的机械能减少【答案】ad【解析】【详解】a. 在小球向下摆动过程中，重力做正功，故重力势能减小，故a项与题意相符；b. 在小球向下摆动过程中，弹簧的弹力逐渐变大，故弹性势能逐渐变大；在整个运动的过程中，有重力和弹簧的弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；故重物重力势能与动能之和不断减小，故b项与题意不相符；cd. 根据功能关系，除重力外，其余力做的功等于机械能的增加量，故重物的机械能减少量等于克服弹簧弹力所做的功，物体的机械能减小。故c项与题意不符，d项与题意相符。13.如图所示，mn 是负点电荷产生的电场中的一条电场线若一个带正电的粒子(不计重力)从a到b穿越这条电场的轨迹如图中的虚线所示那么下列表述正确的是( ) a. 负点电荷一定位于 n 点的右侧b. 带电粒子在 a 点的加速度大于在 b 点的加速度c. 带电粒子在 a 点时的电势能大于在 b 点时的电势能d. 带电粒子从 a 到 b 的过程中，动能减小【答案】bd【解析】【详解】a. mn是负点电荷产生的电场中的一条电场线。一个带正电的粒子受到的电场力是吸引力，可以判断固定在电荷在m一侧，故a项与题意不相符；b.a点离负点荷更近，所以a点的场强更大，即带电粒子在 a 点的加速度大于在 b 点的加速度，故b项与题意相符；c. 负点电荷在m点的左侧，离a点更近，所以a点的电势一定低于b点的电势，所以带电粒子在 a 点时的电势能小于在 b 点时的电势能，故c项与题意不相符；d. 带电粒子在 a 点时的电势能小于在 b 点时的电势能，由能量守恒可知，带电粒子在 a 点时的动能大于在 b 点时的动能，即带电粒子从 a 到 b 的过程中，动能减小，故d项与题意相符。14.光滑水平面上有一边长为l的正方形区域处在场强为e的匀强电场中，电场方向与正方形一边平行。一质量为m、带电量为q的小球由某一边的中点，以垂直于该边的水平初速v0进入该正方形区域。当小球再次运动到该正方形区域的边缘时，具有的动能不可能为（ ）a. 0b. c. d. 【答案】d【解析】【详解】试题分析：据题意，设小球带正电，电场方向如图所示，当小球从ab中点向下运动时，由于电场力做负功，小球到达cd中点时速度刚好为0，则a选项正确；如果小球运动了一段距离速度减为0，在电场力作用下反向运动，回到原点时速度为v0，则c选项正确；当小球从ac中点运动到ab，则小球的动能为：，则b选项正确，小球在电场力得作用下电场力做功最大值为 ，因此小球得末动能不可能是d选项。考点：本题考查动能定理的应用和电场的性质。15.小灯泡通电后其电流i随所加电压u变化的图线如图所示，p为图线上一点，pn为图线的切线，pq为u轴的垂线，pm为i轴的垂线则下列说法中正确的是（）a. 随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大b. 对应p点，小灯泡的电阻为rc. 对应p点，小灯泡的电阻为rd. 对应p点，小灯泡的功率为图中矩形pqom所围的面积【答案】abd【解析】【详解】a由图象可知，通过灯泡的电流随两端电压的增大而增大，且ui，因为电阻是指对电流的阻碍作用，所以随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，否则u和i的变化倍数相等，故a正确；bc由图象可知，p点对应的电压为u1，电流为i2，则灯泡的电阻r，故b正确；c错误；d因p=ui，所以图象中矩形pqom所围的面积为对应p点小灯泡的实际功率，故d正确16.用伏安法测未知电阻 rx 时，若不知道 rx 的大概值，为了选择正确的电路接法以减小误差， 可将电路按如下图所示连接，只空出电压表的一个接头 s，然后将 s 分别与 a、b 接触一下，观察 电压表和电流表示数变化情况，那么( )a. 若电流表示数有显著变化，s 应接 ab. 若电流表示数有显著变化，s 应接 bc. 若电压表示数有显著变化，s 应接 ad. 若电压表示数有显著变化，s 应接 b【答案】bc【解析】【详解】ab. 若s从a移到b时，安培表读数有显著变化，说明伏特表的分流明显，s应接在b处，故a项与题意不相符，b项与题意相符；cd. 若s从a移到b时，伏特表读数有显著变化，说明电流表的分压明显，s应接在a处，故c项与题意相符，d项与题意不符。17.质量与电量均不同的一束带电粒子，经过同一电场加速后，垂直于电场方向水平射入平行板 电场内，经过电场后的偏转角与下列因素有关的是（ ）a. 粒子带电量越大，偏转角越大b. 带电粒子质量越小，偏转角越大c. 偏转角大小与带电粒子荷质比无关d. 加速电压越小，偏转电压越大，偏转角越大【答案】cd【解析】【详解】粒子由初速为零，经电压为u电场加速，在加速过程中，只有电场力做的功为qu，由动能定理得： 解得： 粒子经匀强电场偏转，偏转电场长为l，场强为e，进入偏转电场做类平抛运动，结合平抛运动规律解题，水平方向：l=v0t竖直方向 由平抛运动规律得： 则可知，偏转角与带电粒子的电荷量、质量等无关，a. 粒子带电量越大，偏转角越大与分析不符，故a项与题意不符；b. 带电粒子质量越小，偏转角越大与分析不符，故b项与题意不符；c. 偏转角大小与带电粒子荷质比无关与分析相符，故c项与题意相符；d. 加速电压越小，偏转电压越大，偏转角越大与分析相符，故d项与题意相符。三、非选择题18.设地球的半径为 r0，质量为 m 的人造卫星在距地,3r0 高处做匀速圆周运动，地面的重力加速度为 g，则卫星的线速度为多大？【答案】【解析】【详解】研究卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式 其中： 忽略地球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式 解得：。19.如图所示的电路中，当s闭合时，电压表和电流表(均为理想电表)的示数各为1.6v和0.4a当s断开时，它们的示数各改变0.1v和0.1a，求电源的电动势和内电阻。【答案】e2 v，r1 【解析】试题分析：当s闭合时，r1、r2并联接入电路，由闭合电路欧姆定律得：u1ei1r即e1604r，当s断开时，只有r1接入电路，由闭合电路欧姆定律得：u2ei2r，即e（1601）（0401）r，由得：e2 v，r1 考点：闭合电路欧姆定律【名师点睛】求解电源电动势和内阻，常常根据两种情况由闭合电路欧姆定律列方程组求解，所以要牢记闭合电路欧姆定律的不同表达形式20.如图所示，abcd是一个正方形盒子cd边的中点有一个小孔e.盒子中有沿ad方向的匀强电场一个质量为m带电量为q的粒子从a处的小孔沿ab方向以初速度v0射入盒内，并恰好从e处的小孔射出(忽略粒子重力)求：(1)该带电粒子从e孔射出的速度大小(2)该过程中电场力对该带电粒子做的功(3)若正方形的边长为l，试求该电场的场强【答案】（1） （2） 【解析】(1)设粒子在e孔的竖直速度为vy.则水平方向：l/2v0t竖直方向：lt 得：vy4v0vev0(2)由动能定理得：w电8(3)由w电