河北省廊坊市文安一中高二物理上学期月考试卷（三）（含解析）.doc

2015-2016学年河北省廊坊市文安一中高二（上）月考物理试卷（三）一、选择题（本题包括12小题，每题4分，共48分其中9、10、11、12题为多选题，多选题全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分）1物理学中用到大量的科学研究方法，在建立下列物理概念时，都用到“等效替代”方法的是（）a“合力与分力”“平均速度”“总电阻”b“质点”“平均速度”“点电荷”c“点电荷”“总电阻”“电场强度”d“合力与分力”“质点”“电场强度”2关于电场场强的概念，下列说法正确的是（）a由e=可知，某电场的场强e与q成反比，与f成正比b正负试探电荷在同一点受到的电场力方向相反，所以某一点场强方向与试探电荷的正负有关c电场中某一点的场强与放入该点的试探电荷正负无关d电场中某一点不放试探电荷时，该点场强等于零3下列各图中，运动电荷的速度v方向、磁感应强度方向和电荷的受力f方向之间的关系正确的是（）abcd4关于磁感应强度，下列说法中正确的是（）a由b=可知，b与f成正比，与il成反比b由b=可知，一小段通电导体在某处不受磁场力，说明此处一定无磁场c磁感应强度的方向就是该处电流受力方向d磁感应强度由磁场本身决定5用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）设两极板正对面积为s，极板间的距离为d，静电计指针偏角为实验中，极板所带电荷量不变，若（）a保持s不变，增大d，则变大b保持s不变，增大d，则变小c保持d不变，减小s，则变小d保持d不变，减小s，则不变6如图，水平放置的两块带电平行金属板板间存在着方向竖直向下、场强大小为e的匀强电场和垂直于纸面的匀强磁场假设电场、磁场只存在于两板间一个带正电的粒子，以水平速度v0从两极板的左端正中央沿垂直于电场、磁场的方向射入极板间，恰好做匀速直线运动不计粒子的重力及空气阻力则（）a板间所加的匀强磁场b=，方向垂直于纸面向里b若粒子电量加倍，将会向下偏转c若粒子从极板的右侧射入，一定沿直线运动d若粒子带负电，其它条件不变，将向上偏转7如图所示，一价氢离子（h）和二价氦离子（he）的混合体，经同一加速电场u1同时加速后，垂直射入同一偏转u2电场中，偏转后，打在同一荧光屏上，则它们（）a同时到达屏上同一点b先后到达屏上同一点c同时到达屏上不同点d先后到达屏上不同点8如图所示，已知一带电小球在光滑绝缘的水平面上从静止开始经电压u加速后，水平进入互相垂直的匀强电场e和匀强磁场b的复合场中（e和b已知），小球在此空间的竖直面内做匀速圆周运动，则下列说法中错误的是（）a小球可能带正电b小球做匀速圆周运动的半径为r=c小球做匀速圆周运动的周期为t=d若电压u增大，则小球做匀速圆周运动的周期不变9传感器是一种采集信息的重要器件如图所示是一种测定压力的电容式传感器，当待测压力f作用于可动膜片电极上时，可使膜片产生形变，引起电容的变化，将电容器、灵敏电流计和电源串接成闭合电路，那么（）a当f向上压膜片电极时，电容将减小b当f向上压膜片电极时，电容将增大c若电流计有示数，则压力f发生变化d若电流计有示数，则压力f不发生变化10关于回旋加速器加速带电粒子所获得的能量，下列说法正确的是（）a与加速器的半径有关，半径越大，能量越大b与加速器的磁场有关，磁场越强，能量越大c与加速器的电场有关，电场越强，能量越大d与带电粒子的质量有关，质量越大，能量越大11如图所示为圆柱形区域的横截面在没有磁场的情况下，带电粒子（不计重力）以某一初速度沿截面直径方向入射时，穿过此区域的时间为t；若该区域加垂直该区域的匀强磁场，磁感应强度为b，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射，粒子飞出此区域时，速度方向偏转了，根据上述条件可求得的物理量为（）a带电粒子的初速度b带电粒子在磁场中运动的半径c带电粒子在磁场中运动的周期d带电粒子的比荷12如图所示，某空间存在正交的匀强磁场和匀强电场，电场方向水平向右，磁场方向垂直纸面向里，一带电微粒由a点进入电磁场并刚好能沿ab直线向上运动，下列说法正确的是（）a微粒一定带负电b微粒动能一定减小c微粒的电势能一定增加d微粒的机械能一定增加二、填空题（本题共20分，其中13题6分，14题14分）13现在要测描绘“6v，3w”的小灯泡l的伏安特性曲线实验室备有如下器材：a电压表 v1 （量程10v，内阻约10k）b电压表v2 （量程3v，内阻约10k）c电流表 a1 （量程0.6a，内阻约为1欧姆）d电流表 a2 （量程3a，内阻约为1欧姆）e滑动变阻器r1（05，1a）f电源e（e=6v，r1）g单刀开关一个、导线若干（1）电压表选电流表选（填字母代号）（2）设计出实验电路（画在方框中）14测定电源的电动势和内电阻的实验电路和ui图象如下，回答下列问题：如图1所示在闭合开关之前为防止电表过载而滑动变阻器的滑动头p应放在处现备有以下器材：a干电池1个 b滑动变阻器（050） c滑动变阻器（01750）d电压表（03v） e电压表（015v） f电流表（00.6a） g电流表（03a）其中滑动变阻器应选用，电流表应选，电压表应选（填字母代号）如图2是根据实验数据画出的ui图象由此可知这个干电池的电动势e=v，内电阻r=（保留两位有效数字）三、计算题（本题共32分，）15水平面上有电阻不计的u形导轨nmpq，它们之间的宽度为l，m和p之间接入电动势为e的电源（不计内阻）现垂直于导轨搁一根质量为m，电阻为r的金属棒ab，并加一个范围较大的匀强磁场，磁感应强度大小为b，方向与水平面夹角为且指向右斜上方，如图所示，问：（1）当ab棒静止时，受到的支持力和摩擦力各为多少？（2）若b的大小和方向均能改变，则要使ab棒所受支持力为零，b的大小至少为多少？此时b的方向如何？16如图所示，半径为r的绝缘细圆环的环面固定在水平面上，场强为e的匀强电场与环面平行一电量为+q、质量为m的小球穿在环上，可沿环作无摩擦的圆周运动，若小球经a点时，速度va的方向恰与电场垂直，且圆环与小球间沿水平方向无力的作用，试计算：（1）速度va的大小；（2）小球运动到与a点对称的b点时，对环在水平方向的作用力17如图所示，在倾角为30的斜面oa的左侧有一竖直档板，其上有一小孔p，op=0.5m现有一质量m=41020kg，带电量q=+21014c的粒子，从小孔以速度v0=3104m/s水平射向磁感应强度b=0.2t、方向垂直纸面向外的一圆形磁场区域且在飞出磁场区域后能垂直打在oa面上，粒子重力不计求：（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径；（2）粒子在磁场中运动的时间；（3）圆形磁场区域的最小半径2015-2016学年河北省廊坊市文安一中高二（上）月考物理试卷（三）参考答案与试题解析一、选择题（本题包括12小题，每题4分，共48分其中9、10、11、12题为多选题，多选题全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分）1物理学中用到大量的科学研究方法，在建立下列物理概念时，都用到“等效替代”方法的是（）a“合力与分力”“平均速度”“总电阻”b“质点”“平均速度”“点电荷”c“点电荷”“总电阻”“电场强度”d“合力与分力”“质点”“电场强度”【考点】合力的大小与分力间夹角的关系；质点的认识；欧姆定律【分析】物理学中用到大量的科学方法，建立“合力与分力”、“平均速度”、“合运动与分运动”采用等效替代的方法，“质点”、“点电荷”采用理想化模型的方法，“平均速度”、“电势”，“电场强度”采用比值定义法【解答】解：a、“合力与分力”“平均速度”“总电阻”均采用“等效替代”的思想方法，故a正确；b、“质点”、“点电荷”采用理想化模型的方法，故b错误；c、“点电荷”是采用理想化模型的方法，“电场强度”采用比值定义法，故c错误；d、“合力与分力”采用“等效替代”的思想方法，“质点”采用理想化模型的方法，“电场强度”采用比值定义法，故d错误；故选：a2关于电场场强的概念，下列说法正确的是（）a由e=可知，某电场的场强e与q成反比，与f成正比b正负试探电荷在同一点受到的电场力方向相反，所以某一点场强方向与试探电荷的正负有关c电场中某一点的场强与放入该点的试探电荷正负无关d电场中某一点不放试探电荷时，该点场强等于零【考点】电场强度【分析】电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即e=，与放入电场中的电荷无关，由电场本身性质决定电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反【解答】解：a、电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即e=，与放入电场中的电荷无关，q变大，f变大，比值不变故a错误 b、电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反电场中某点的场强方向与放入电场中电荷无关故b错误 c、电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即e=，与放入电场中的电荷无关故c正确 d、电场强度与放入电场中的电荷无关，由电场本身性质决定故d错误故选：c3下列各图中，运动电荷的速度v方向、磁感应强度方向和电荷的受力f方向之间的关系正确的是（）abcd【考点】洛仑兹力【分析】根据磁场方向、粒子速度方向应用左手定则判断出洛伦兹力方向，然后一一答题【解答】解：a、由左手定则可知，粒子所受洛伦兹力竖直向上，故a正确；b、粒子带负电荷，根据左手定则，洛伦兹力向上，故b错误；c、粒子速度方向与磁场方向平行，故不受洛伦兹力，故c错误；d、粒子速度方向与磁场方向平行，故不受洛伦兹力，故d错误；故选：a4关于磁感应强度，下列说法中正确的是（）a由b=可知，b与f成正比，与il成反比b由b=可知，一小段通电导体在某处不受磁场力，说明此处一定无磁场c磁感应强度的方向就是该处电流受力方向d磁感应强度由磁场本身决定【考点】磁感应强度【分析】磁感应强度的定义式：是采用比值法定义的，b的大小与f、il等无关，由磁场本身决定的，充分理解磁场强度的定义式即可正确解答本题【解答】解：ad、是采用比值法定义的，b的大小与f、il没有正反比关系，与这些量无关，是由磁场本身决定的，故a错误，d正确b、通电导体在某处不受磁场力，可能是因为磁场为零，也可能是因为导体与磁场平行，故b错误c、磁感应强度的方向，总是与该处电流受力方向垂直，故c错误故选：d5用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）设两极板正对面积为s，极板间的距离为d，静电计指针偏角为实验中，极板所带电荷量不变，若（）a保持s不变，增大d，则变大b保持s不变，增大d，则变小c保持d不变，减小s，则变小d保持d不变，减小s，则不变【考点】电容器的动态分析【分析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大根据电容的决定式c= 分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，再由电容的定义式c= 分析板间电势差的变化，即可再确定静电计指针的偏角变化情况【解答】解：a、b、根据电容的决定式c= 得知，电容与极板间距离成反比，当保持s不变，增大d时，电容减小，电容器的电量q不变，由电容的定义式c= 分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角变大；反之，保持s不变，减小d，则减小故a正确，b错误c、d、根据电容的决定式c= 得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小s时，电容减小，电容器极板所带的电荷量q不变，则由电容的定义式c= 分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角变大；反之，保持d不变，增大s，则减小，故c错误，d错误故选：a6如图，水平放置的两块带电平行金属板板间存在着方向竖直向下、场强大小为e的匀强电场和垂直于纸面的匀强磁场假设电场、磁场只存在于两板间一个带正电的粒子，以水平速度v0从两极板的左端正中央沿垂直于电场、磁场的方向射入极板间，恰好做匀速直线运动不计粒子的重力及空气阻力则（）a板间所加的匀强磁场b=，方向垂直于纸面向里b若粒子电量加倍，将会向下偏转c若粒子从极板的右侧射入，一定沿直线运动d若粒子带负电，其它条件不变，将向上偏转【考点】带电粒子在混合场中的运动【分析】粒子受到向上的洛伦兹力和向下的电场力，二力平衡时粒子沿直线运动，当二力不平衡时，粒子做曲线运动，由公式qv0b=qe，电量与电性不会影响粒子的运动性质，只有当运动方向相反时，才不会做直线运动，从而即可求解【解答】解：正离子恰能沿直线飞出离子速度选择器，根据左手定则判断可知，离子受的洛伦兹力方向向上，电场力方向向下，此时洛伦兹力与电场力二力平衡，应该有：qv0b=qe，即v0b=e，解得：b=a、根据电场强度方向，结合正电荷受到的电场力方向，即可得出洛伦兹力方向，再由左手定则可知，匀强磁场，方向垂直于纸面向里，故a正确b、若改为电荷量+2q的离子，根据平衡条件得：qv0b=qe，即v0b=e，该等式与离子的电荷量无关，所以离子仍沿直线运动，故b错误c、若速度方向变为图示的反方向，离子带正电，洛伦兹力与电场力同向，所以离子将向下偏转，故c错误d、若改为电荷量q的离子，根据左手定则判断可知，离子受的洛伦兹力方向向下，电场力方向向上，由于qv0b=qe，此时洛伦兹力与电场力仍然平衡，所以负离子不偏转，仍沿直线运动，故d错误故选：a7如图所示，一价氢离子（h）和二价氦离子（he）的混合体，经同一加速电场u1同时加速后，垂直射入同一偏转u2电场中，偏转后，打在同一荧光屏上，则它们（）a同时到达屏上同一点b先后到达屏上同一点c同时到达屏上不同点d先后到达屏上不同点【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【分析】本题中带电粒子先加速后偏转先根据动能定理求出加速获得的速度表达式两种粒子在偏转电场中做类平抛运动，垂直于电场方向上做匀速直线运动，沿电场方向做匀加速运动，根据牛顿第二定律和运动学得到粒子偏转距离与加速电压和偏转电压的关系，从而得出偏转位移的关系即可判断粒子打在屏上的位置关系【解答】解：设加速电压为u1，偏转电压为u2，偏转极板的长度为l，板间距离为d在加速电场中，由动能定理得：qu1= 两种粒子在偏转电场中，水平方向做速度为v0的匀速直线运动，由于两种粒子的比荷不同，则v0不同，所以两粒子在偏转电场中运动的时间t=不同两种粒子在加速电场中的加速度不同，位移相同，则运动的时间也不同，所以两粒子是先后离开偏转电场在偏转电场中的偏转位移y=联立得 y=同理可得到偏转角度的正切tan=，可见y和tan与电荷的电量和质量无关所以出射点的位置相同，出射速度的方向也相同故两种粒子打屏上同一点故b正确，a、c、d错误故选：b8如图所示，已知一带电小球在光滑绝缘的水平面上从静止开始经电压u加速后，水平进入互相垂直的匀强电场e和匀强磁场b的复合场中（e和b已知），小球在此空间的竖直面内做匀速圆周运动，则下列说法中错误的是（）a小球可能带正电b小球做匀速圆周运动的半径为r=c小球做匀速圆周运动的周期为t=d若电压u增大，则小球做匀速圆周运动的周期不变【考点】带电粒子在混合场中的运动【分析】小球在竖直平面内做匀速圆周运动，故重力等于电场力，即洛伦兹力提供向心力，所以mg=eq，由于电场力的方向与场强的方向相反，根据qvb=，解得r=，运动周期t=，在加速电场中根据动能定理qu=mv2【解答】解：a、小球在竖直平面内做匀速圆周运动，故重力等于电场力，即洛伦兹力提供向心力，所以mg=eq，由于电场力的方向与场强的方向相反，故小球带负电，故a错误；b、由于洛伦兹力提供向心力，故有qvb=，解得r=，又由于qu=mv2，解得v=所以r=，故b正确；c、由于洛伦兹力提供向心力做圆周运动，故有运动周期t=，故c正确；d、由于洛伦兹力提供向心力做圆周运动，故有运动周期t=，显然运动周期与加速电压无关，故d正确；本题选择错误的，故选：a9传感器是一种采集信息的重要器件如图所示是一种测定压力的电容式传感器，当待测压力f作用于可动膜片电极上时，可使膜片产生形变，引起电容的变化，将电容器、灵敏电流计和电源串接成闭合电路，那么（）a当f向上压膜片电极时，电容将减小b当f向上压膜片电极时，电容将增大c若电流计有示数，则压力f发生变化d若电流计有示数，则压力f不发生变化【考点】电容器的动态分析；电容【分析】根据电容器的电容与板间距离的关系判断当f向上压膜片电极时电容的变化由题，电容器、灵敏电流计和电源串接成闭合电路，若电流计有示数，电容器在充电或放电，压力f一定发生变化【解答】解：a、b，当f向上压膜片电极时，板间距离减小，由电容的决定式c=得到，电容器的电容将增大故a错误，b正确c、d，当f变化时，电容变化，而板间电压不变，由q=cu，故带电荷量q发生变化，电容器将发生充、放电现象，回路中有电流，电流计有示数反之，电流计有示数时，压力f必发生变化故c正确，d错误故选bc10关于回旋加速器加速带电粒子所获得的能量，下列说法正确的是（）a与加速器的半径有关，半径越大，能量越大b与加速器的磁场有关，磁场越强，能量越大c与加速器的电场有关，电场越强，能量越大d与带电粒子的质量有关，质量越大，能量越大【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理【分析】回旋加速器的半径一定，根据洛伦兹力提供向心力，求出最大速度，可知最大速度与什么因素有关【解答】解：由得，v=，则最大动能，知最大动能与加速器的半径、磁感线强度以及电荷的电量和质量有关半径越大，能量越大；磁场越强，能量越大；质量和电量都大，能量不一定大故a、b正确，c、d错误故选：ab11如图所示为圆柱形区域的横截面在没有磁场的情况下，带电粒子（不计重力）以某一初速度沿截面直径方向入射时，穿过此区域的时间为t；若该区域加垂直该区域的匀强磁场，磁感应强度为b，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射，粒子飞出此区域时，速度方向偏转了，根据上述条件可求得的物理量为（）a带电粒子的初速度b带电粒子在磁场中运动的半径c带电粒子在磁场中运动的周期d带电粒子的比荷【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；洛仑兹力【分析】在没有磁场时，不计重力的带电粒子以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域时粒子做匀速直线运动；在有磁场时，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射，粒子飞出此区域时，粒子做匀速圆周运动在匀速直线运动中虽不知半径，但可由位移与时间列出与入射速度的关系，再由匀速圆周运动中半径公式可算出粒子的比荷、周期【解答】解：无磁场时，带电粒子做匀速直线运动，设圆柱形区域磁场的半径为r0，则有：v=而有磁场时，带电粒子做匀速圆周运动，由半径公式可得：r=由几何关系得，圆磁场半径与圆轨道半径的关系：r=由联式可得：；带电粒子在磁场中运动的周期为：t=由于不知圆磁场的半径，因此带电粒子的运动半径也无法求出，以及初速度无法求出故c、d正确，a、b错误故选：cd12如图所示，某空间存在正交的匀强磁场和匀强电场，电场方向水平向右，磁场方向垂直纸面向里，一带电微粒由a点进入电磁场并刚好能沿ab直线向上运动，下列说法正确的是（）a微粒一定带负电b微粒动能一定减小c微粒的电势能一定增加d微粒的机械能一定增加【考点】带电粒子在混合场中的运动【分析】对带电粒子进行受力分析，受到竖直向下的重力，水平方向的电场力和垂直于虚线的洛伦兹力，由于带电粒子做直线运动，所以洛伦兹力只能垂直于虚线向上，从而可判断粒子的电性（带负电），同时可知电场力的方向向左，再根据各力的做功情况，即可判断各选项的正误【解答】解：根据做直线运动的条件和受力情况（如图所示）可知，微粒一定带负电，且做匀速直线运动，所以选项a正确，选项b错误由于电场力向左，对微粒做正功，电势能一定减小，选项c错误由能量守恒可知，电势能减小，机械能一定增加，所以选项d正确故选ad二、填空题（本题共20分，其中13题6分，14题14分）13现在要测描绘“6v，3w”的小灯泡l的伏安特性曲线实验室备有如下器材：a电压表 v1 （量程10v，内阻约10k）b电压表v2 （量程3v，内阻约10k）c电流表 a1 （量程0.6a，内阻约为1欧姆）d电流表 a2 （量程3a，内阻约为1欧姆）e滑动变阻器r1（05，1a）f电源e（e=6v，r1）g单刀开关一个、导线若干（1）电压表选a电流表选c（填字母代号）（2）设计出实验电路（画在方框中）【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【分析】（1）根据给出的电源和灯光的额定电压可以确定电压表，根据功率公式可求得额定电流，则可确定电流表；（2）根据实验要求确定滑动变阻器的接法，根据灯泡内阻与电压表和电流表内阻的大小关系可确定电流表的内外接法【解答】解：（1）因电源的电动势为6v，灯泡的额定电压为6v，则电压表应选择10v量程；因额定电流约为：i=0.5a，则电流表应选择c；（2）因本实验中测伏安特性曲线，故电流应从零开始调节，并且给出的滑动变阻器总阻值较小，故应采用滑动变阻器分压接法；因灯泡电阻较小，故应采用电流表外接法；电路如图所示；故答案为：（1）a；c；（2）如图所示14测定电源的电动势和内电阻的实验电路和ui图象如下，回答下列问题：如图1所示在闭合开关之前为防止电表过载而滑动变阻器的滑动头p应放在a处现备有以下器材：a干电池1个 b滑动变阻器（050） c滑动变阻器（01750）d电压表（03v） e电压表（015v） f电流表（00.6a） g电流表（03a）其中滑动变阻器应选用b，电流表应选f，电压表应选d（填字母代号）如图2是根据实验数据画出的ui图象由此可知这个干电池的电动势e=1.5v，内电阻r=1.0（保留两位有效数字）【考点】测定电源的电动势和内阻【分析】（1）闭合开关之前滑动变阻器的滑动头p应放在最大值位置处（2）在选择电压表和电流表时要求在不超过量程的前提下偏转角度尽量大些，在满量程的左右偏转最好（3）在ui图象中纵坐标的截距代表的是电源的电动势，直线的斜率代表的是电源的内阻的大小【解答】解：（1）闭合开关之前滑动变阻器的滑动头p应放在最大值位置处，即a处（2）滑动变阻器起控制电流的作用，而电源电动势大约1.5v，电路中电流较小，故为了便用调节，滑动变阻器选取b电源电动势大约1.5v，因此电压表选择量程为3v的比较合适，故电压表选择d，电路中的电流较小，因此电流表选择f（3）在ui图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.5v，图象中的斜率表示电源的内阻，所以电源的内阻为r=1.0故答案为：（1）a（2）b，f，d（3）1.5，1.0三、计算题（本题共32分，）15水平面上有电阻不计的u形导轨nmpq，它们之间的宽度为l，m和p之间接入电动势为e的电源（不计内阻）现垂直于导轨搁一根质量为m，电阻为r的金属棒ab，并加一个范围较大的匀强磁场，磁感应强度大小为b，方向与水平面夹角为且指向右斜上方，如图所示，问：（1）当ab棒静止时，受到的支持力和摩擦力各为多少？（2）若b的大小和方向均能改变，则要使ab棒所受支持力为零，b的大小至少为多少？此时b的方向如何？【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；安培力【分析】（1）作出受力分析图，根据共点力平衡，结合安培力大小公式、闭合电路欧姆定律求出支持力和摩擦力的大小（2）当ab棒所受的安培力竖直向上时，支持力为零时，b的大小最小，根据共点力平衡求出b的大小，根据左手定则判断b的方向【解答】解：从b向a看其受力如图所示（1）水平方向：f=fasin竖直方向：n+facos=mg又fa=bil=bl联立得：n=mg，f=（2）使ab棒受支持力为零，且让磁场最小，可知所受安培力竖直向上，则有fa=mg解得：bmin=，根据左手定则判定磁场方向水平向右 答：（1）当ab棒静止时，受到的支持力和摩擦力分别为n=mg，f=（2）b的大小至少为，此时b的方向水平向