陕西省渭南市澄城县高二物理下学期期末试卷（含解析）.doc

2014-2015学年陕西省渭南市澄城县高 二（下）期末物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，计48分。在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求；第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分1两个完全相同的金属球a和b，a带正电位3q，b带负电q，两金属球相距r，它们间的库仑力为f1；将两球接触一下再分开，距离保持不变，它们间的库仑力为f2，则（）a f1=f2b f1=3f2c 2f1=f2d 2f1=3f22如图所示，是某电场中的一条直线，一电子从a点由静止释放，它将沿直线向b点运动，下列有关该电场情况的判断正确的是（）a 该电场一定是匀强电场b 场强ea一定小于ebc 电子的电势能epaepbd 电子的电势能epaepb3假如有一宇航员登月后，想探测一下月球表面是否有磁场，他手边有一只灵敏电流表和一个小线圈，则下列推断合理的是（）a 直接将电流表放于月球表面，看是否有示数来判断磁场的有无b 将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，则可判断月球表面无磁场c 将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表有示数，则可判断月球表面有磁场d 将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某一平面内沿各个方向运动，如电流表无示数，则可判断月球表面无磁场4如图光滑的平行导轨与电源连接后，与水平方向成角倾斜放置，导轨上另放一个质量为m的金属导体棒，当s闭合后，在浚区域加一个合适的匀强磁场，可以使导体棒静止平衡，则下面四个图中，分别加了不同的磁场方向，其中一定不能平衡的是（）a b c d 5一个理想变压器，原线圈和副线圈的匝数分别为n1和n2（n1和n2），正常工作时输入和输出的电压、电流、功率分别为u1和u2，i1和i2，p1和p2，则（）a i1：i2=n1：n2b u1：u2=n2：n1c u1i1=u2i2d p1p2=n1：n26如图所示是矩形线框在匀强磁场内匀速转动过程中产生的电压随时间变化的图象，则下列说法中正确的是（）a 交流电压的有效值为110vb 交流电的频率为0.25hzc 0.02s时通过线框的磁通量为零d 0.01s末线框平面平行于磁场，通过线框的磁通量变化最快7在如图所示的实验电路中，当滑动变阻器r0的滑动触头向左端滑动时（）a l1变暗，l2变亮，l3变亮b l1变暗，l2变暗，l3变亮c l1变暗，l2变暗，l3变暗d l1变亮，l2变亮，l3变暗8中国已投产运行的1000kv特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程假设甲、乙两地原采用500kv的超高压输电，输电线上损耗的电功率为p在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1000kv特高压输电，若不考虑其他因素的影响，则输电线上损耗的电功率将变为（）a b c 2pd 4p9已知一灵敏电流计，当电流从正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转，现把它与线圈串联接成如图所示电路，当条形磁铁按如图所示情况运动时，以下判断正确的是（）a 甲图中电流表偏转方向向右b 乙图中磁铁下方的极性是n极c 丙图中磁铁的运动方向向下d 丁图中线圈的绕制方向从上往下看为顺时针方向10在匀强磁场中一个带电粒子做匀速圆周运动，如果又顺利垂直进入另一个磁感应强度是原来磁感应强度2倍的匀强磁场，则（）a 粒子的速率加倍，周期减半b 粒子的速率不变，轨道半径减半c 粒子的速率减半，轨道半径变为原来的d 粒子的速率不变，周期减半11有一电流计，内阻rg=25，满偏电流ig=3ma，现对它进行改装，下列说法正确的是（）a 把它改装成量程为0.6a的电流表，需与它并联一个0.126的电阻b 把它改装成量程为0.6a的电流表，需与它串联一个0.126的电阻c 把它改装成量程为3v的电压表，需与它并联一个975的电阻d 把它改装成量程为3v的电压表，需与它串联一个975的电阻12如图所示，a、b是边界范围、磁感应强度大小和方向都相同的两个匀强磁场区域，a的下端离水平地面的高度比b高一些甲、乙是两个完全相同的闭合正方形导线框，分别位于a、b的正上方，两线框的下端离地面的高度相同两线框由静止同时释放，下落过程中线框平面始终保持与磁场方向垂直下列说法中正确的是（）a 甲线框可能不落地b 乙线框一定先落地c 穿过磁场的过程中，通过甲线框的电量较多d 穿过磁场的过程中，乙线框产生的热量较多二、实验与探究题（本大题共2小题，计14分）13某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图甲所示，由图可知其长度为mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径为mm；（3）用多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙所示，则该电阻的阻值约为14某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：a被测干电池一节b电流表1：量程00.6a，内阻r=0.3c电流表2：量程00.6a，内阻约为0.1d电压表1：量程03v，内阻未知e电压表2：量程015v，内阻未知f滑动变阻器1：010，2ag滑动变阻器2：0100，1ah开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差；在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻（1）在上述器材中请选择适当的器材：（填写选项前的字母）；（2）实验电路图应选择图中的（填“甲”或“乙”）；（3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的ui图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势e=v，内电阻r=三、计算题（本大题共2小题，计34分，解答应写出必要的文字、方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15如图所示，mn、pq是平行金属板，板长为l，两板间距离为，pq板带正电，mn板带负电，在pq板的上方有垂直纸面向里的匀强磁场一个电荷量为q、质量为m的带负电的粒子以速度v从mn板边缘沿平行于板的方向射人两板问，结果粒子恰好从pq板左边缘飞进磁场，然后又恰好从pq板的右边缘飞进电场不计粒子重力求：（1）两金属板间所加电场的场强大小（2）匀强磁场的磁感府强度b的大小16如图所示，在与水平面成=30角的平面内放置两条平行、光滑且足够长的金属轨道，其电阻可忽略不计，空间存在着匀强磁场，磁感应强度b=0.20t，方向垂直轨道平面向上导体棒ab、cd垂直于轨道放置，且与金属轨道接触良好构成闭合回路，每根导体棒的质量m=2.0102kg，回路中每根导体棒电阻r=5.0102，金属轨道宽度l=0.50m现对导体棒ab施加平行于轨道向上的拉力，使匀速向上运动，在导体棒ab匀速向上运动的过程中，导体棒cd始终能静止在轨道上，g取10m/s2，求：（1）导体棒cd受到的安培力大小；（2）导体棒ab运动的速度大小；（3）拉力对导体棒ab做功的功率四、选修3-4（12分）17一列简谐横波沿x轴传播，周期为t，t=0时刻的波形如图所示，此时平衡位置位于x=3m处的质点正在向上运动，若a、b两质点平衡位置的坐标分别为xa=2.5m，xb=5.5m，则当a质点处在波峰时，b质点恰在（填“波峰”、“波谷”或“平衡位置”）；t=时，b质点正在向y轴（填“正方向”或“负方向”）运动18如图所示，一玻璃球体的半径为r，o为球心，ab为直径来自b点的光线bm在m点射出，出射光线平行于ab，另一光线bn恰好在n点发生全反射已知abm=30，求玻璃的折射率球心o到bn的距离五、选修3-51015春澄城县期末）氢原子的能级如图所示，有一群处于n=4能级的氢原子，如果原子从n=2的能级向n=1的能级跃迁时所发出的光正好能使某种金属材料产生光电效应，则这群氢原子发射出的不同能量的光子中能使该金属产生光电效应的共有种，若用从能级n=4向能级n=1跃迁时发出的光照射该金属材料，所产生的光电子的最大初动能为ev2015丰城市校级模拟）如图所示，木块a的质量ma=1kg，足够长的木板b质量mb=4kg，质量mc=4kg的木块c置于木板b上，水平面光滑，b、c之间有摩擦现使a以v0=12m/s 的初速度向右运动，与b碰撞后以4m/s的速度弹回（取g=10m/s2） 求b运动过程中的最大速度的大小；碰撞后c在b上滑行了2m，求b、c之间的动摩擦因数2014-2015学年陕西省渭南市澄城县高二（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，计48分。在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求；第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分1两个完全相同的金属球a和b，a带正电位3q，b带负电q，两金属球相距r，它们间的库仑力为f1；将两球接触一下再分开，距离保持不变，它们间的库仑力为f2，则（）a f1=f2b f1=3f2c 2f1=f2d 2f1=3f2考点：库仑定律分析：两电荷间存在库仑力，其大小可由库仑定律求出当两电荷相互接触后再放回原处，电荷量可能相互中和后平分，也可能相互叠加再平分，所以库仑力的变化是由电荷量变化导致的解答：解：根据库仑定律公式得：f1=k接触再分离后所带电量各为q，有：f2=k=f1故b正确，a、c、d错误故选：b点评：解决本题的关键掌握库仑定律的公式，注意两个金属小球可能带同种电荷，可能带异种电荷2如图所示，是某电场中的一条直线，一电子从a点由静止释放，它将沿直线向b点运动，下列有关该电场情况的判断正确的是（）a 该电场一定是匀强电场b 场强ea一定小于ebc 电子的电势能epaepbd 电子的电势能epaepb考点：电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线的疏密代表电场的强弱，电场线越密，场强越大，电场线越疏，场强越小负电荷由静止释放，且由a向b运动，则说明负电荷所受的电场力一定是由a指向b而负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，确定出电场线的方向由于不知负电荷由a运动到b的过程中电场力的变化情况，因此无法确定场强大小关系解答：解：a、b、据题，电子由静止释放，且由a向b运动，则电子所受的电场力一定是由a指向b因为电子带负电荷，所受的电场力方向与场强方向相反，说明电场线的方向一定是由b指向a由于不知负电荷由a运动到b的过程中电场力的变化情况，因此无法确定场强大小关系，故a错误，b错误；c、由题意知，电场力对电子做正功，电势能减小，所以电子具有的电势能epa一定大于epb，故c正确；故d错误故选：c点评：本题考查判断推理能力，抓住电场强度方向与负电荷所受电场力方向相反是关键基础题3假如有一宇航员登月后，想探测一下月球表面是否有磁场，他手边有一只灵敏电流表和一个小线圈，则下列推断合理的是（）a 直接将电流表放于月球表面，看是否有示数来判断磁场的有无b 将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，则可判断月球表面无磁场c 将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表有示数，则可判断月球表面有磁场d 将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某一平面内沿各个方向运动，如电流表无示数，则可判断月球表面无磁场考点：感应电流的产生条件分析：直接将电流表放于月球表面，电流表电路是断开的，不能产生感应电流，无法判断有无磁场将电流表与线圈组成回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，不能判断月球表面没有磁场；若电流表有示数，可以判断有磁场；若线圈运动方向与磁场方向平行时，线圈中不产生感应电流，电流表无示数，不能判断月球表面无磁场解答：解：a、直接将电流表与线圈组成闭合回路，放于月球表面，因为线圈不动穿过线圈的磁通量没有发生变化，故不会产生感应电流，电流表指针不发生偏转，故不可以判断月球表面有无磁场，故a错误 b、将电流表与线圈组成回路，使线圈以某一边国轴转动，若线圈运动方向与磁场方向平行时，线圈中不产生感应电流，所以电流表无示数，不能判断月球表面无磁场故b错误 c、将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表有示数，线圈中磁通量发生变化，说明月球表面有磁场故c正确 d、将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈分别以两个相互垂直的边为轴转动，若月球表面有磁场，则穿过线圈平面的磁通量总有一个方向会发生变化，若两个方向均不产生感应电流，故可以说明月球表面无磁场故d正确故选：cd点评：本题考查理论联系实际的能力，关键抓住产生感应电流的条件：一是电路要闭合；二是穿过电路的磁通量发生变化4如图光滑的平行导轨与电源连接后，与水平方向成角倾斜放置，导轨上另放一个质量为m的金属导体棒，当s闭合后，在浚区域加一个合适的匀强磁场，可以使导体棒静止平衡，则下面四个图中，分别加了不同的磁场方向，其中一定不能平衡的是（）a b c d 考点：安培力专题：共点力作用下物体平衡专题；电磁学分析：本题在磁场中考查了物体平衡问题，对物体正确进行受力分析，看能否满足平衡条件，同时在应用左手定则时注意：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内，让磁感线进入手心，并使四指指向电流方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向解答：解：a、由左手定则可知a图中导线所受安培力沿斜面向上，因此当安培力大小与重力沿斜面向下分力相等时，导体棒即可处于平衡状态，故a错误；b、图中导体所受安培力垂线斜面斜向上，没有力和重力沿斜面向下分力平衡，故一定不能平衡，故b正确；c、图中安培力水平向右，这样安培力有沿斜面向上的分力可能与重力沿斜面向下分力平衡，导体棒即可处于平衡状态，故c错误；d、图中安培力竖直向上，当安培力等于重力时，导体棒即可处于平衡状态，故d错误；故选b点评：这类问题的解题思路和以前所学物体平衡解题思路一样，只不过在受力分析时多了安培力，注意正确应用左手定则判断安培力的方向5一个理想变压器，原线圈和副线圈的匝数分别为n1和n2（n1和n2），正常工作时输入和输出的电压、电流、功率分别为u1和u2，i1和i2，p1和p2，则（）a i1：i2=n1：n2b u1：u2=n2：n1c u1i1=u2i2d p1p2=n1：n2考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：明确变压器原理，知道对于变压器来说，电压之比等于匝数之比；电流之比等于匝数的反比；输出功率决定输入功率解答：解：对于理想变压器，其电压之比等于匝数之比；电流之比等于匝数的反比；输出功率等于输入功率；即p1=p2；由功率公式可得：u1i1=u2i2；故只有c正确；故选：c点评：本题考查变压器的基本原理，要注意重点掌握电压之比等于匝数之比和功率相等这两点；最好是推导电流之比和匝数的关系6如图所示是矩形线框在匀强磁场内匀速转动过程中产生的电压随时间变化的图象，则下列说法中正确的是（）a 交流电压的有效值为110vb 交流电的频率为0.25hzc 0.02s时通过线框的磁通量为零d 0.01s末线框平面平行于磁场，通过线框的磁通量变化最快考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式专题：交流电专题分析：根据图象可知交流电的周期和，从而求得频率，可求得结论电动势为零时磁通量最大，线框平面垂直于磁场，磁通量为零时电动势最大，线框平面于磁场平行解答：解：a、根据图象可知，交流电压的最大值为110v，有效值为=55v，故a错误；b、周期为0.04s；故频率为f=25hz，故b错误；c、0.02s末交变电流的电压为零，线框平面垂直于磁场，通过线框的磁通量最大，故c错误；d、由图象可知，在0.01s末，交变电流的电压最大，所以此时的线框平面于磁场平行，通过线框的磁通量变化最快，故d正确；故选：d点评：本题考查了对交流电图象的认识，要具备从图象中获得有用信息的能力；重点在于找出最大值和周期，再通过公式求解有效值和角速度及频率等7在如图所示的实验电路中，当滑动变阻器r0的滑动触头向左端滑动时（）a l1变暗，l2变亮，l3变亮b l1变暗，l2变暗，l3变亮c l1变暗，l2变暗，l3变暗d l1变亮，l2变亮，l3变暗考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：当滑动变阻器r0的滑动触头向左端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路的总电阻r减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，判断灯l1亮度的变化根据路端电压与l1电压的变化，分析并联部分电压的变化，判断l3亮度的变化根据总电流与l3的电流变化，分析l2亮度的变化解答：解：当滑动变阻器r0的滑动触头向左端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路的总电阻r减小，根据闭合电路欧姆定律分析得到，路端电压u减小，总电流i增大，l1变亮l3的电压u3=uu1，u减小，u1增大；，则u3减小；，l3变暗l2的电流i2=ii3，i增大，i3减小，则l2变亮所以l1变亮，l2变亮，l3变暗故选：d点评：对于电路中动态分析问题，往往按“局部整体局部”的思路进行分析常见题型，比较容易8中国已投产运行的1000kv特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程假设甲、乙两地原采用500kv的超高压输电，输电线上损耗的电功率为p在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1000kv特高压输电，若不考虑其他因素的影响，则输电线上损耗的电功率将变为（）a b c 2pd 4p考点：远距离输电；提高输电电压对减少输电损耗的作用专题：计算题；交流电专题分析：已知输送的电功率和输电电压，根据i= 求出输电线上的电；根据p=i2r求出输电线上损失的电功率解答：解：当以不同电压输送时，有p=u1i1=u2i2，而在线路上损失的功率为p=i2r=可知，损失的功率与电压的平方成反比，即p1：p2=4：1所以输电线上损失的功率为输电线上损失的功率为点评：本题考查远距离输电中的能量损失及功率公式的应用，要注意功率公式中p=ui中的电压u应为输电电压9已知一灵敏电流计，当电流从正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转，现把它与线圈串联接成如图所示电路，当条形磁铁按如图所示情况运动时，以下判断正确的是（）a 甲图中电流表偏转方向向右b 乙图中磁铁下方的极性是n极c 丙图中磁铁的运动方向向下d 丁图中线圈的绕制方向从上往下看为顺时针方向考点：楞次定律分析：由楞次定律判断感应电流的方向，然后判断出电流表指针偏转方向，选出正确的选项解答：解：a、由图示可知，条形磁铁向下插入线圈时，穿过线圈的磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流从电流计的右接线柱流入，电流表指针向右偏转，故a正确；b、由图示可知，电流计指针向左偏转，说明电流从负接线柱流入，由安培定则可知，感应电流磁场向上，由图示可知，此时条形磁铁离开线圈，原磁通量减小，由楞次定律可知，原磁场方向向下，因此条形磁铁的下端是n极，故b正确；c、由图示可知，电流计指针向右偏转，说明电流从正接线柱流入，由安培定则可知，感应电流磁场向下，由图示可知，原磁场方向向上，由楞次定律可知，原磁通量应减小，因此条形磁铁应向上运动，故c错误；d、由图示可知，电流计指针向右偏转，说明电流从正接线柱流入，由图示可知，原磁场方向向下，磁铁离开线圈，穿过线圈的原磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流磁场应向下，由安培定则可知，丁图中线圈的绕制方向从上往下看为顺时针方向，故d正确；故选：abd点评：本题考查研究电磁感应现象及验证楞次定律的实验，解题时要认真细心，应会熟练应用楞次定律与安培定则10在匀强磁场中一个带电粒子做匀速圆周运动，如果又顺利垂直进入另一个磁感应强度是原来磁感应强度2倍的匀强磁场，则（）a 粒子的速率加倍，周期减半b 粒子的速率不变，轨道半径减半c 粒子的速率减半，轨道半径变为原来的d 粒子的速率不变，周期减半考点：带电粒子在匀强磁场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：该题考察了带电粒子在匀强磁场中圆周运动及其规律，首先明确洛伦兹力始终不做功，再利用半径公式和周期公式来分析各选项解答：解：洛伦兹力只改变带电粒子的速度方向，不改变速度大小；由公式可知，当磁感应强度变为原来的2倍，周期将减半；由公式可知，当磁感应强度变为原来的2倍，轨道半径将减半从而可判断选项b、d正确，选项a、c错误故选bd点评：带电粒子在磁场中运动，洛伦兹力是始终不做功的，即只改变速度的方向，不改变速度的大小此类问题要求掌握洛仑兹力的大小和方向的确定，带电粒子在匀强磁场中圆周运动及其规律，会应用周期公式和半径公式进行计算和分析有关问题11有一电流计，内阻rg=25，满偏电流ig=3ma，现对它进行改装，下列说法正确的是（）a 把它改装成量程为0.6a的电流表，需与它并联一个0.126的电阻b 把它改装成量程为0.6a的电流表，需与它串联一个0.126的电阻c 把它改装成量程为3v的电压表，需与它并联一个975的电阻d 把它改装成量程为3v的电压表，需与它串联一个975的电阻考点：把电流表改装成电压表专题：实验题；平抛运动专题分析：把电流表改装成大量程的电流表需要并联分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律求出并联电阻阻值；把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律求出串联电阻阻值解答：解：a、把电流表改装成0.6a的电流表需要并联一个分流电阻，分流电阻阻值：r=0.126，故a正确，b错误；c、把电流表改装成3v的电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值：r=rg=25=975，故c错误，d正确；故选：ad点评：本题考查了电压表与电流表的改装，知道电表的改装原理，应用串并联电路特点与欧姆定律即可解题12如图所示，a、b是边界范围、磁感应强度大小和方向都相同的两个匀强磁场区域，a的下端离水平地面的高度比b高一些甲、乙是两个完全相同的闭合正方形导线框，分别位于a、b的正上方，两线框的下端离地面的高度相同两线框由静止同时释放，下落过程中线框平面始终保持与磁场方向垂直下列说法中正确的是（）a 甲线框可能不落地b 乙线框一定先落地c 穿过磁场的过程中，通过甲线框的电量较多d 穿过磁场的过程中，乙线框产生的热量较多考点：导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律专题：电磁感应与电路结合分析：先根据线框进入磁场时安培力的大小，比较安培力做功的大小，再根据功能关系比较线框落地时速度的大小再对全过程，运用动量定理列式，即可比较时间的长短解答：解：先比较甲、乙线框落地时速度的大小：乙线框进入磁场时速度较大，安培力较大，线框克服安培力做功较多，即产生的热量较多，即：q乙q甲；根据能量守恒定律得知乙线框落地时的速度较小，即v乙v甲，故d正确；线框穿过磁场区域过程受到的安培力是变力，设受到的平均安培力为f，穿过磁场的时间为t，下落全过程的时间为t，落地速度为v对全过程，由动量定理得：mgtft=mv，而ft=bilt=blq，又穿过线框的电荷量：q=，因为磁通量相同，通过线框截面的电荷量相等，则两个下落过程线框所受的安培力冲量相同因为v乙v甲，所以t乙t甲，即乙线框先落地，故b正确，ac错误故选：bd点评：本题的关键要运用动量定理分析时间关系，还要掌握感应电荷量的公式q=对于变力情形，运用动量定理研究时间是常用的方法，要学会应用二、实验与探究题（本大题共2小题，计14分）13某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图甲所示，由图可知其长度为50.15mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径为4.700mm；（3）用多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙所示，则该电阻的阻值约为220考点：测定金属的电阻率专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读；（2）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；（3）用欧姆表测电阻的读数为指针示数乘以倍率，当指针指在中央附近时测量值较准确；解答：解：（1）游标卡尺的固定刻度读数为50mm，游标尺上第8个刻度游标读数为0.053m=0.15mm，所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm；（2）螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.0120.0mm=0.200mm，所以最终读数为：4.5mm+0.200mm=4.700mm（3）该电阻的阻值约为22.010=220故答案为：（1）50.15；（2）4.700；（3）220点评：解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读14某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：a被测干电池一节b电流表1：量程00.6a，内阻r=0.3c电流表2：量程00.6a，内阻约为0.1d电压表1：量程03v，内阻未知e电压表2：量程015v，内阻未知f滑动变阻器1：010，2ag滑动变阻器2：0100，1ah开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差；在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻（1）在上述器材中请选择适当的器材：abdfh（填写选项前的字母）；（2）实验电路图应选择图中的甲（填“甲”或“乙”）；（3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的ui图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势e=1.5v，内电阻r=0.7考点：测定电源的电动势和内阻专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）实验中要能保证安全和准确性选择电表；（2）本实验应采用电阻箱和电压表联合测量，由实验原理可得出电路原理图；（3）由原理利用闭合电路欧姆定律可得出表达式，由数学关系可得出电动势和内电阻解答：解：（1）在上述器材中请选择适当的器材：a被测干电池一节为了读数准确，所以选择db电流表：量程00.6a，电压表：量程03v，滑动变阻器阻值较小有利于电表的数值变化，减小误差，故选f滑动变阻器，h开关、导线若干（2）因电流表内阻已知；故应采用相对电源的电流表内接法；故选：甲；（3）由ui图可知，电源的电动势e=1.50v；内电阻r=ra=0.7故答案为：abdfh如图1.5，0.7点评：本题为设计性实验，在解题时应注意明确实验的原理；并且要由实验原理结合闭合电路欧姆定律得出表达式，由图象得出电动势和内电阻三、计算题（本大题共2小题，计34分，解答应写出必要的文字、方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15如图所示，mn、pq是平行金属板，板长为l，两板间距离为，pq板带正电，mn板带负电，在pq板的上方有垂直纸面向里的匀强磁场一个电荷量为q、质量为m的带负电的粒子以速度v从mn板边缘沿平行于板的方向射人两板问，结果粒子恰好从pq板左边缘飞进磁场，然后又恰好从pq板的右边缘飞进电场不计粒子重力求：（1）两金属板间所加电场的场强大小（2）匀强磁场的磁感府强度b的大小考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：（1）带电粒子在平行金属板间做的是类平抛运动，对物体受力分析，根据平抛运动的规律可以求得电场的场强大小；（2）带电粒子以速度v飞出电场后射入匀强磁场做匀速圆周运动，根据粒子的运动画出运动的轨迹，由几何关系可以求得磁感强度的大小；解答：解：（1）粒子在平行金属板间做类平抛运动，有：t=在沿电场方向上有：联立两式解得e=（2）出电场时沿电场方向上的速度vy=at=v则进入磁场的速度为，速度与水平方向成45度角根据几何关系得，r=根据qvb=得，r=解得b=答：（1）两金属板间所加电场的场强大小为（2）匀强磁场的磁感府强度b的大小为点评：本题考查带电粒子在匀强磁场中的运动，要掌握住半径公式、周期公式，画出粒子的运动轨迹后，几何关系就比较明显了16如图所示，在与水平面成=30角的平面内放置两条平行、光滑且足够长的金属轨道，其电阻可忽略不计，空间存在着匀强磁场，磁感应强度b=0.20t，方向垂直轨道平面向上导体棒ab、cd垂直于轨道放置，且与金属轨道接触良好构成闭合回路，每根导体棒的质量m=2.0102kg，回路中每根导体棒电阻r=5.0102，金属轨道宽度l=0.50m现对导体棒ab施加平行于轨道向上的拉力，使匀速向上运动，在导体棒ab匀速向上运动的过程中，导体棒cd始终能静止在轨道上，g取10m/s2，求：（1）导体棒cd受到的安培力大小；（2）导体棒ab运动的速度大小；（3）拉力对导体棒ab做功的功率考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化专题：电磁感应功能问题分析：（1）对cd棒由平衡条件可以求出安培力（2）由e=blv求出感应电动势，由欧姆定律求出电流，然后根据安培力公式求出速度（3）对ab棒应用平衡条件可以求出拉力大小，然后应用p=fv求出拉力的功率解答：解：（1）导体棒cd静止时受力平衡，由平衡条件可知，安培力：f安培=mgsin=0.10n；（2）ab棒切割磁感线产生的电动势：e=blv，感应电流：i=，安培力：f安培=bil，代入数据解得：v=1m/s；（3）ab受力平衡，由平衡条件得：f=f安培+mgsin，代入数据解得：f=0.20n，拉力的功率：p=fv=0.20w；答：（1）导体棒cd受到的安培力大小为0.1n；（2）导体棒aba运动的速度大小为1m/s；（3）拉力对导体棒ab做功的功率为0.2w点评：本题考查了求安培力、导体棒的速度、拉力的功率，分析清楚运动过程是正确解题的关键，应用安培力公式、平衡条件、功率公式可以解题四、选修3-4（12分）17一列简谐横波沿x轴传播，周期为t，t=0时刻的波形如图所示，此时平衡位置位于x=3m处的质点正在向上运动，若a、b两质点平衡位置的坐标分别为xa=2.5m，xb=5.5m，则当a质点处在波峰时，b质点恰在平衡位置（填“波峰”、“波谷”或“平衡位置”）；t=时，b质点正在向y轴负方向（填“正方向”或“负方向”）运动考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象分析：如图所示，此时平衡位置位于x=3m处的质点正在向上运动，可判断出波向左传播读出波长，根据ab间的距离与波长的关系，a、b的位置关系t=t时b质点正在向y轴负方向运动解答：解：由图可看出波长为 =4m，t=0时刻x=3m处的质点向上振动，可得该波向左传播，即波沿x负向传播由于a、b平衡位置间的距离为x=xbxa=5.52.5=3m=，所以当a质点处在波峰时，b质点在平衡位置向上运动将图象整体向左平移3m，即波传播t时，b的振动状态与与t=0时刻平衡位置在8.5m处质点振动状态一样，正向y轴负向运动故答案为：平衡位置，负方向点评：质点带动法是判断质点振动方向的有效方法，注意质点只在平衡位置附近振动，并不随波逐流18如图所示，一玻璃球体的半径为r，o为球心，ab为直径来自b点的光线bm在m点射出，出射