2012高考物理高考知识点巡查专题09力学规律的选择和综合运用.doc

专题九 力学规律的选择和综合运用雷区扫描本部分常见的失分点有：1.对各物理量间关系的辨析不正确.2.不能对同一物理背景运用不同的力学规律进行分析.3.不能顺利地将一个实际问题转化为熟知的物理模型.造成失误的根源在于：缺乏对基础知识的理解，特别是各物理规律的内涵及其间的内在联系不清楚；阅读理解能力、分析综合能力、发散思维能力较差，不能独立地对试题所给的物理情境、物理过程、物理条件进行概括和抽象.排雷示例例1.（2002年上海）一航天探测器完成对月球的探测任务后，在离开月球的过程中，由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行，先加速运动，再匀速运动.探测器通过喷气而获得推动力.以下关于喷气方向的描述中正确的是A.探测器加速运动时，沿直线向后喷气B.探测器加速运动时，竖直向下喷气C.探测器匀速运动时，竖直向下喷气D.探测器匀速运动时，不需要喷气雷区探测本题运用牛顿运动定律研究探测器远离月球的运动.重点考查了运动和力的关系及物体做加速直线运动、匀速直线运动的条件.雷区诊断航天器离开月球的过程中先做加速直线运动后做匀速运动.物体做变速直线运动的条件是物体所受合外力与其运动方向在一条直线上，物体做匀速运动所受合外力必须为零.探测器除受到月球引力外，还受到通过喷气而获得的推力.在做加速直线运动时，推力与引力的合力与速度方向相同，引力指向月球，则推力必如图91所示，喷气方向与此力方向相反，即斜向下喷气.在做匀速运动时，推力平衡引力，推力竖直向上，即竖直向下喷气.正确解答 C图91例2.（2002年全国）在光滑水平地面上有两个相同的弹性小球A、B，质量都是m.现B球静止，A球向B球运动，发生正碰.已知碰撞过程中总机械能守恒，两球压缩最紧时的弹性势能为Ep，则碰前A球的速度等于A. B. C.2 D.2雷区探测本题考查两小球相互作用的过程分析，考查应用动量守恒和能量关系解题的基本思路和方法.雷区诊断A、B碰撞过程中，满足动量守恒定律，且随着形变量的增加.弹性势能增加，系统总动能减少，当二球的速度相等时，两球压缩最紧即形变量最大.设A球的初速度为v0,二者压缩最紧时的速度为v，由动量守恒定律mv0=2mv由机械能守恒定律 mv02=2mv2+Ep由以上二式可解得 v0=2正确解答 C例3.（2000年京、皖春季）相隔一定距离的A、B两球，质量相等，假定它们之间存在恒定的斥力作用.原来两球被按住，处于静止状态.现突然松开两球，同时给A球以速度v0，使之沿两球连线射向B球，B球初速为零.若两球间的距离从最小值(两球未接触)到刚恢复到原始值所经历的时间为t0.求B球在斥力作用下的加速度.雷区探测本题考查动量守恒定律、动能定理、牛顿运动定律及运动学公式的综合应用.要求通过过程分析、做图得出何时二者间距最小及二者的位移关系.会根据不同过程的特点列出相应的物理方程.雷区诊断此题解题关键是要细致地分析A、B两球的相互作用过程，充分利用已知条件，深入挖掘隐含条件，找准各量之间关系.松开A后，通过受力分析确定A以初速度v0做匀减速直线运动，B由静止开始做匀加速直线运动.未达相同速度前，A在任一段时间内的平均速度较B球大，故在相同时间内A发生的位移更多些，故A、B间距逐渐减小.达到相同速度后，A仍减速，B继续加速，此后B球速度要大于A球速度，即在相同的时间段内，B的位移开始大于A的位移，这样，A、B之间距又开始增加.故可判断当A、B速度相等时，A、B间距最小.开始A、B相距l，距离最小后，A、B间距再恢复到l，也就告诉我们，在这一过程中，A所发生的位移与B所发生的位移相等.如图92所示.图92通过以上分析，发现了重要临界条件或重要中间状态，找到正确的位移、速度关系，问题就很容易解决了.正确解答 以m表示每个球的质量，F表示恒定斥力，L表示两球间的原始距离.松开后，A球做初速为v0的匀减速运动，B球做初速度为0的匀加速运动.设在两球间的距离由l变小到恢复到L的过程中，A球的路程为LA，B球的路程为LB；刚恢复到原始长度时，A球的速度为vA，B球的速度为vB.由动量守恒定律有mv0mvAmvB由功能关系，得FLAmv02mvA2FLBmvB2由于初态和末态两球之间的距离相等，故有LAB由以上解得vBv0，vA0当两球的速度相等时，距离最小，设此时球的速度为u，则由动量守恒定律，得mv0(m+m)u设a为B球的加速度，则有：vBu+at0得：a=例4.（2001年全国）“和平号”空间站已于今年3月23日成功坠落在南太平洋海域，坠落过程可简化为从一个近圆轨道(可近似看作圆轨道)开始，经过与大气摩擦，空间站的绝大部分经过升温、熔化，最后汽化而销毁，剩下的残片坠入大海.此过程中，空间站原来的机械能中，除一部分用于销毁和一部分被残片带走外，还有一部分能量E通过其他方式散失(不考虑坠落过程中化学反应的能量).(1)试导出以下列各物理量的符号表示散失能量E的公式.（2）算出 E的数值(结果保留两位有效数字).坠落开始时空间站的质量M1.17105 kg；轨道离地面的高度为h=146 km；地球半径R6.106 m；坠落空间范围内重力加速度可看作g10 m/s2；入海残片的质量m1.210 kg；入海残片的温度升高T3000 ；入海残片的入海速度为声速v=340 m/s；空间站材料每1 kg升温1 平均所需能量C1.0103 J；每销毁1 kg材料平均所需能量1.0107 J.雷区探测1.处理本题要求考生有较强的审题能力，通过理解题意，建立生动的物理情境，抽象出物理模型.2.本题考查了牛顿第二定律、能的转化和守恒定律，要求考生会确定某一状态的动能和势能，理解重力势能的相对性（参考平面的确定）.3.本题要求考生有较强的运算能力.雷区诊断本题重点考查了能量守恒的思想.空间站从运行到销毁的过程中，原有机械能一部分用于销毁，一部分被残片带走，另一部分散失(E)，总能量保持不变.空间站在近圆轨道上既有动能又有重力势能.考虑到坠落空间范围重力加速度认为不变，以地面为参考平面，可确定空间站重力势能.由重力充当向心力可建立空间站在轨道上运行的动力学方程，由此确定其动能.注意在解题过程中，中间进行公式字母运算找到E表达式，无须中间进行数字运算，否则会增大题目难度，耗费大量时间.正确解答 (1)根据题给条件，从近圆轨道到地面的空间中重力加速度g10 m/s2.若以地面为重力势能零点，坠落过程开始时空间站在近圆轨道的势能为Epmgh以v表示空间站在近圆轨道上的速度，由牛顿定律可得Mg其中r为轨道半径，若以R地表示地球半径，则r=R地h由、式可得空间站在近圆轨道上的动能为EkMg（R地h）由、式得，在近圆轨道上空间站的机械能EMg（R地h）在坠落过程中，用于销毁部分所需的能量为Q汽（Mm）用于残片升温所需的能量Q残cmT残片的动能E残mv2以E表示其他方式散失的能量，则由能量守恒得E汽残E残E由此得：EMg（R地h）（Mm）mv2cmT(2)以题给数据代入得E2.91012 J例5.（1998年全国）一段凹槽A倒扣在水平长木板C上，槽内有一小物块B，它到槽两内侧的距离均为，如图93所示.木板位于光滑水平的桌面上，槽与木板间的摩擦不计，小物块与木板间的摩擦系数为.A、B、C三者质量相等，原来都静止，现使槽A以大小为v0的初速向右运动，已知v0.当A和B发生碰撞时，两者速度互换.求： 图93(1)从A、B发生第一次碰撞到第二次碰撞的时间内，木板C运动的路程.(2)在A、B刚要发生第四次碰撞时，A、B、C三者速度的大小.雷区探测本题涉及到多物体，多次相互作用的问题.涉及到应用运动和力的关系、动量守恒定律、能量关系等重要知识点.对物理过程分析，抓住重要的时刻和过程进行深入分析以及找到关键的已知条件、挖掘隐含条件都是正确列出方程进行分析求解的关键.雷区诊断本题要求学生能够独立地对试题所给的物理情境进行分析，弄清楚物理过程，能够灵活运用所学的物理知识、物理规律分析和解决问题.该题易判断出应用动量守恒定律和功能关系求解，但两规律都需对物体运动的末状态速度进行判断.这就需要分析物体运动过程中的动力学因素.第一次碰撞后，B物体做匀减速运动，C做匀加速运动，在第二次碰撞之前，B、C两物体能否持续这种运动，就需从运动状态变化的根本原因受力来分析，B、C两物体做匀变速运动是由于它们之间相互作用的滑动摩擦力，而该力存在的基础是B、C能否发生相对运动，这就要求分析A、B发生第二次碰撞之前能否达到共速，这就是该题的“题眼”.另外，再注意到每次均为弹性碰撞，即每次碰撞A、B速度均互换.该题能充分体现力学综合题的解题思路.在动力学辅助下应用功能关系及动量守恒求解，而在分析动力学因素时，物体的运动和受力又是相辅相成的.正确解答 (1)A与B发生第一次碰撞后，A停下不动，B以初速度v0向右运动.由于摩擦，B向右做匀减速运动，而C向右做匀加速运动，两者速率逐渐接近.设B、C达到相同速度v1时B移动的路程为s1，设A、B、C质量皆为m，由动量守恒定律，得mv02mv1由动能关系，得mgs1mv20mv21由得：v1v0代入式，得s1根据条件v0得s1L可见，在B、C达到相同速度v1时，B尚未与A发生第二次碰撞.B与C一起将以v1向右匀速运动一段距离(L-s1)后才与A发生第二次碰撞.设C的速度从零变到v1的过程中，C的路程为s2，由功能关系，得 mgs2mv21解得s2因此在第一次到第二次碰撞间C的路程为：ss2Ls1L(2)由上面讨论可知，在刚要发生第二次碰撞时，A静止，B、C的速度均为v1.刚碰撞后，B静止，A、C的速度均为v1.由于摩擦，B将加速，C将减速，直至达到相同速度v2.由动量守恒定律得 mv12mv2解得v2v1v0因A的速度v1大于B的速度v2，故第三次碰撞发生在A的左壁.刚碰撞后，A的速度变为v2，B的速度变为v1，C的速度仍为v2.由于摩擦，B减速，C加速，直至达到相同速度v3.由动量守恒定律，得 mv1mv22mv3解得:v3v0.故刚要发生第四次碰撞时，A、B、C的速度分别为vAv2v0，vBvCv3v0注：第(1)问的解法是很多的，下面列几种解法，仅供参考.mv02mv1，所以v1v0设s为B相对C运动的路程，由功能关系有：mgsmv202mv21，所以s由于B、C两者运动的方向相同，ssC，所以sCmv02mv1，所以v1v0设B与C相对滑动的时间为t，由动量定理，对C：mgtmv10，所以t 所以sBt，sC所以ssCsBB与C相互作用的过程中，B做匀减速直线运动，C做初速为零的匀加速直线运动，将此过程画出vt图线，如图94所示.图94从图中可以看出，C物体的位移为B物体的位移减去图中阴影部分的面积，而B物体的位移为L.sv0t，而v0aCt，aCg所以t，所以s排雷演习1.某人身系弹性绳自高空P点自由下落，如图95 a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止地悬吊着时的平衡位置.不计空气阻力，则下列说法中正确的是 图95A.从P到c过程中重力的冲量大于弹性绳弹力的冲量B.从P到c过程中重力所做的功等于人克服弹力所做的功C.从P到b的过程中人的速度不断增大D.从a至c的过程中加速度方向保持不变2.有两个物体a、b其质量分别为ma和mB，且mamB.它们的初动能相同.若a和b分别受到不变的阻力Fa和FB的作用，经过相同的时间停下来，它们的位移分别为sa和sB，则A.FaFB且sasB B.FaFB且sasBC.FaFB且sasBD.FaFB且sasB3.在光滑水平面上，放着两块长度相同、质量分别为M1和M2的木板，在两木板的左端各放一个大小、形状、质量完全相同的物块，如图96所示，开始时，各物均静止.今在两物块上各作用水平恒力F1、F2，当物块与木板分离时，两木板的速度分别为v1和v2.物块与两木板之间的动摩擦因数相同.下列说法正确的是 图96A.若F1F2，M1M2，则v1v2 B.若F1F2，M1M2，则v1v2C.若F1F2，M1M2，则v1v2 D.若F1F2，M1M2，则v1v24.据报道，1994年7月中旬，苏梅克列韦9号彗星(已分裂成若干碎块)将与木星相撞，碰撞后彗星发生巨大爆炸，并与木星融为一体.假设其中的一块质量为1.01012 kg，它相对于木星的速度为6.010 m/s，在这块彗星与木星碰撞的过程中，它对木星的冲量是_Ns，损失的机械能是_J.（木星质量远大于彗星质量）5.如图97所示，水平桌面上放着一个半径为R的光滑环形轨道，在轨道内放入两个质量分别是M和m的小球(可看成质点)，两球间夹着一短弹簧.开始时两球将弹簧压缩，松手后，弹簧最后不动，两球沿轨道反向运动一段时间后又相遇.在此过程中，M转过的角度是多少?如果压缩弹簧的弹性势能是E，则从松手到两球相遇所用的时间是多少?图976.一劲度系数k800./m的轻质弹簧两端各焊连着一个质量均为m=12 kg的物体A、B.竖直静止在水平地面上如图98所示，加一竖直向上的力F在上面物体A上，使A开始向上做匀加速运动，经0. s,B刚要离开地面，设整个过程弹簧都处于弹性限度内.图98求：(1)此过程中所加外力F的最小值和最大值?(2)此过程中力F所做的功?7.有两块均匀薄物块，长度均为0.75 m，在平台上静止时，相对位置如图99所示.A物块质量为5 kg，B物块质量为3 kg，两物块与平台间的动摩擦因数为0.2，用一水平向右的恒力作用在A物块上，作用时间为2 s，A与B发生碰撞时间极短，且无能量损失.为使B物块能从平台右侧滑下，试求恒力最小为多大?图998.如图910所示，质量M=4 kg的木滑板B静止放在光滑水平面上，滑