【临门一脚】2015年高考物理热点专题精确射靶专题复习 力学综合检测.doc

力学综合检测8一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共计40分。在每小题给出的四个选项中，至少有一个是正确的。）1.物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步.关于物理学发展过程中的认识，下列说法正确的是（ ）A. 牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可能用实验直接验证B. 开普勒研究了行星运动，从中发现了万有引力定律C. 卡文迪许利用扭秤测出了万有引力常量，被誉为能“称出地球质量的人”D. 伽利略利用理想斜面实验，使亚力士多德“重的物体比轻的物体下落的快”的结论陷入困境2. 甲、乙两个物体从同一地点、沿同一直线同时做直线运动，其vt图象如图所示，则（ ）A.1 s时甲和乙相遇B.2 s时甲的速度方向反向C.26 s内甲相对乙做匀速直线运动D.4 s时乙的加速度方向反向3. 如图所示，在拉力作用下，小球A沿光滑的斜面缓慢地向上移动，在此过程中，小球受到的拉力F和支持力FN的大小变化是（ ）A. F增大，FN减小 B.F和FN均减小C.F和FN均增大 D.F减小，FN不变4. 如图所示，在光滑水平面上有两个质量分别为m1和m2的物体A、B，m1m2,A、B间水平连接着一轻质弹簧秤.若用大小为F的水平力向右拉B，稳定后B的加速度大小为a1,弹簧秤示数为F1；如果改用大小仍为F的水平力向左拉A，稳定后A的加速度大小为a2,弹簧秤示数为F2.则以下关系式正确的是（ ）A. a1=a2，F1F2B. a1a2，F1F25. 如图所示，相距为L的A、B两质点沿相互垂直的两个方向以相同的速率v做匀速直线运动，则在运动过程中，A、B间的最短距离为 ( )A. B.L C. D.2L6. 如图所示，一个三棱柱状物体ABC放置在水平地面上，AB面和BC面均光滑，且ABC=90,，一个小物块自B点分别沿BA面或BC面，由静止下滑到地面上，在物块下滑过程中，三棱柱ABC始终保持静止，当小物块沿AB面下滑时，地面对三棱柱的支持力和摩擦力大小分别为FN1和f1,当小物块沿BC面下滑时，地面对三棱柱的支持力和摩擦力大小分别为FN2和f2，以下说法正确的是（ ）A.FN1FN2，f1FN2，f1f2C.FN1=FN2，f1f2 D.FN1F2,故选项B正确。答案B5.解析设经过时间t时A、B间距离为x，则x=,根据不等式a2+b2得x.A正确.答案A6.解析对三棱柱，根据平衡条件得：FN1=mg+mgcos2,f1=mgcossin=mgsin2,FN2=mg+mgcos2,f2=mgcossin=mgsin2,根据条件且+=90知，FN16 N时，木板和滑块各自加速，对木板，由牛顿第二定律有F-mg=Ma3,当F=8 N时，木板的加速度为2 m/s，即m+2M=8 kg，解得M=2 kg,m=4 kg，选项A正确，选项B错误。对滑块，由牛顿第二定律得mg=ma4，解得a4=1 m/s2，选项C错误。答案AD10.解析物体上升到最高点时，E=EP=mgh=30 J，得m=1 kg，物体损失的机械能E损=mgcos=20 J,得=0.50，A、B错误.物体上升过程中的加速度大小a=gsin+gcos=10 m/s2,故C正确.下降过程摩擦生热也应为20 J，故物体回到斜面底端时的动能Ek=50 J-40 J=10 J，D正确.答案CD11.解析（1）测量弹簧的长度时弹簧轴线和刻度尺都应在竖直方向.（2） 测量仪器是10分度的需要估读到最小精度的下一位，则此刻度尺的最小精度应为1 mm，故L3读数错误.（3） 横轴表示的是放入砝码后弹簧的形变量，故为弹簧长度与Lx的差值.（4） 由mg=kx得m=g,图象的斜率为=0.5.故k=0.5g=4.9 N/m，挂了砝码盘后弹簧伸长了2 cm，由mg=kx知其砝码盘的质量为m=10 g.答案(1)竖直 （2）L3 1 mm (3)Lx (4)4.9；1012.解析(1)探究加速度与力的关系时，须保持研究对象的质量不变，A选项正确；平衡摩擦力时，小车前后不挂砂桶，且抬高木板，直到轻推一下后小车能匀速下滑，而不是自动地加速下滑，B选项错；由于本实验中，小车所受的拉力用传感器测出了，故不必满足mM,C选项错，选A.（2）（SAG-SAD)-SAD=a0.32，解得a=0.42 m/s2答案(1)A (2)0.4213.解析对于第（1）种形式：一个星体在其他3个星体的万有引力作用下围绕正方形对角线的交点做匀速圆周运动，其轨道半径r1=a由万有引力定律和向心力公式得解得对于第（2）种形式：位于等边三角形顶点处的星体的轨道半径r2=由万有引力定律和向心力公式得解得综上可得答案14.解析（1）对滑块，由牛顿第二定律得：F合=mgtan37=maa=gtan37=7.5 m/s2对斜面体和滑块整体，由牛顿第二定律得：F-(M+m)g=(M+m)a解得：F=46 N.(2) 斜面体突然停止时，滑块获得的水平速度v0=at=3 m/s滑块做平抛运动，设平抛时间为t0,落在斜面上时的速度为v,水平方向上：x=v0t0竖直方向上：y=vy=gt0又tan=, v2=v20+v2y联立可解得v= m/s滑块落在斜面上时的动能Ek=mv2= J=14.625 J答案(1)46 N (2)14.625 J15.解析(1)设滑块至C点时速度为vC，由A点到C点由动能定理有-mg5R-mgR=-代入数据解得vC=(2) 设滑块到达P处时速度为vP，则由动能定理有mg5R2mgR滑块穿过P孔后再回到平台的时间要想使滑块从Q孔穿过，需满足t=(2n+1)(n=0.1,2,)联立解得(n=0.1,2,)答案（1） （2）(n=0.1,2,)16.解析(1)由图象斜率的物理意义可知a=2 m/s2由牛顿第二定律可得a=gsin-gcos解得=0.5.（2） 由运动学公式得v2A=2ax0由图象可知v2A=2 m2/s2联立解得