2013年高考物理模拟试题(1-2).doc

2013年高考物理模拟试题（1）一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共16分；在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。13. 频率为的单色光照射在某种金属表面产生光电效应，由金属表面逸出的光电子垂直射入匀强磁场做圆周运动时，其最大半径为r.若要使最大半径r增大，可采取A用频率大于的单色光照射B用频率小于的单色光照射C仍用频率为的单色光照射，但延长照射时间D仍用频率为的单色光照射，但增大光的强度解析：选A.只有增大频率，才能增加电子的初动能，即增大光电子的速度，由r知，速度增大时，半径增大14. 关于14C测年法是利用14C衰变规律对古生物进行年代测定的方法若以横坐标t表示时间，纵坐标m表示任意时刻14C的质量，m0为t0时14C的质量下面四幅图中能正确反映14C衰变规律的是解析：选C.设半衰期为T，那么.可见，随着t的增长物体的质量越来越小，且变化越来越慢，很显然C选项图线符合衰变规律15. 一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递减的关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是(虚线是曲线在b点的切线)解析：选D。物体做曲线运动时，速度方向是曲线上某点的切线方向，而带负电粒子所受电场力的方向与电场强度的方向相反；又由曲线运动时轨迹应该夹在合外力和速度之间并且弯向合外力一侧，而又要求此过程速率逐渐减小，则电场力应该做负功，所以力与速度的夹角应该是钝角，综合可得D正确16. 由于通讯和广播等方面的需要，许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的 A质量可以不同 B轨道半径可以不同 C轨道平面可以不同 D速率可以不同解析：选A。地球同步轨道卫星轨道必须在赤道平面内，离地球高度相同的同一轨道上，角速度、线速度、周期一定，与卫星的质量无关。选项A正确，选项B、C、D错误.二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共30分。在每小题铪出的四个选项中有两个选璜符合题目要求，全选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得O分。17. 对一定量的气体，下列说法正确的是 A气体的体积是所有气体分子的体积之和 B气体分子的热运动越剧烈，气体温度就越高 C气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的 D当气体膨胀时，气体分子之间的势能减小，因而气体的内能减少解析：选BC， 选项A错误，气体的体积是所有气体分子所占的空间之和。选项B正确，选项C正确。选项D错误，当气体膨胀时，气体分子之间的势能可能减小，也可能增加，因而气体的内能如何变化不确定。18. 如图所示，一理想变压器原线圈匝数n1=1100匝，副线圈匝数n2=220匝，交流电源的电压u=（V），电阻R=44电压表、电流表均为理想电表，则A. 交流电的频率为50HzB. 电流表A1的示数为5AC. 电流表A2的示数为AD. 电压表的示数为44V解析：选AD，由u=（v）可得A对；由变压比和变流比关系知D正确。19. 如图所示，一斜面体置于粗糙水平地面上，斜面顶端固定一定滑轮，质量分别为m1和m2的物块用细线相连跨过定滑轮置于斜面上.下列说法正确的是（ ） A若m1、m2均静止，则地面与斜面间无摩擦力 B若m1沿斜面匀速下滑，则地面对斜面有向右的摩擦力 C若m1沿斜面匀速上升，则地面对斜面有向左的摩擦力 D不论m1沿斜面向上还是向下匀速滑动，地面对斜面均无摩擦力解析：选AD，把m1、m2和斜面看作一个整体作为研究对象，不论m1、m2静止还是m1匀速运动，系统均受力平衡，水平方向不受外力，故地面与斜面间无摩擦力.20. 如图，金属棒ab、cd与足够长的水平光滑金属导轨垂直且接触良好，匀强磁场垂直导轨所在的平面.ab棒在恒力F作用下向右运动，则 A安培力对ab棒做正功 B安培力对cd棒做正功 Cabdca回路的磁通量先增加后减少 DF做的功等于回路产生的总热量和系统动能增量之和 解析：选BD，对于ab棒来说，安培力是阻力，对于cd棒来说，安培力是动力，选项A错误，选项B正确。闭合回路的磁通量一直变大，选项C错误。根据能量守恒，F做的功用来发热和增加两棒的动能，选项D正确。vL21. 质量为M，内壁间距为L的箱子静止于光滑的水平面上，箱子中间有一质量为m的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为.初始时小物块停在箱子正中间，如图所示.现给小物块一水平向右的初速度v，小物块与箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中间，并与箱子保持相对静止.设碰撞都是弹性的，则整个过程中，系统损失的动能为 Amv2 Bv2 CNmgL DNmgL解析：选BD，由于水平面光滑，一方面，箱子和物块组成的系统动量守恒，二者经多次碰撞后，保持相对静止，易判断二者具有向右的共同速度。机械能损失在小物块与箱子的摩擦。根据动量守恒定律有mv=(M+m)，系统损失的动能为知选项B正确，选项A错误。另一方面，系统损失的动能可由Q=，且Q=，由于小物块从中间向右出发，最终又回到箱子正中间，其间共发生N次碰撞，则=NL，则选项D也正确，选项C错误。由于本题是陈题翻新，一部分考生易陷入某种思维定势漏选B或者D，另一方面，考生若不仔细分析，易认为从起点开始到发生第一次碰撞相对路程为L，则发生N次碰撞，相对路程为，错选C。三、非选择题：本大题共3小题，共54分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。34. (1)请将下列实验步骤或结果补充完整：在“研究弹簧形变与外力关系的实验中”，取一待测弹簧，将弹簧_测出其长度，在其下端竖直悬挂钩码，稳定后测出弹簧的长度，并记录_.改变钩码个数，重复上述步骤. 某同学在右图坐标中，根据外力F与弹簧形变x的数据标出了五个点.请你在图中描绘出相应的F-x图象，根据图象求出弹簧的劲度系数为_N/m.(保留两位有效数字) (2)晓玲实验小组认为用一只已知内阻的电流表和电阻箱，采用如图甲所示的电路测电源电动势与内阻，比常规的伏安法更准确.若电流表内阻阻值为RA，则测量的方法与步骤是： A将电阻箱阻值R调到最大，闭合S后观察电流表示数，然后_，使电流表中的示数指到某两个恰当的值，记下此时电阻箱的阻值R1、R2及对应的电流I1、I2； B根据以上的数据及_定律，建立方程组，即可求出电源的电动势E与内阻r.该方程组的表达式是：_、_.图乙 晓玲她们现在手头只有一个电流表，只知其内阻很小，却不知具体阻值.为了测出该电流表的内阻，她们找来了如图乙所示两节干电池等实验器材.请你用笔画线将图中的实物连接成能测出电流表内阻的电路.注意滑动变阻器串联接入电路起限流作用，开关闭合前其阻值应_. REArS图甲 34. 答案：(1)(共8分)：自由悬挂(2分)； 钩码个数、钩码总质量、钩码总重量(或“弹簧长度和钩码总质量”)(2分) F-x图线如图(2分)； 19(2分). (2)(共10分) 再调节电阻箱(1分)、闭合电路欧姆定律(2分)，、(2分) 连线如图(共3分)：滑动变阻器接成分压接法扣1分，滑动变阻器接线位置错误扣1分，电表量程错误共扣1分，电表极性错误扣3分，线路不通扣3分. 最大(2分)35. （18分）下图是一道竖直放置的凹槽轨道，圆轨道部分的半径为r，小球的质量为，大小不计，重力加速度为g. (1)若小球在距离地面高为h=5r的B点从静止开始下落，小球通过圆轨道的最高点A时，轨道对小球的作用力大小为小球重力的2倍，求小球从开始下落到通过最高点A的过程中克服摩擦力做的功. (2)若轨道光滑，为了使小球在运动过程中不脱离轨道，求小球从静止开始下落的B点离地面的竖直高度h的取值范围？ Bh 分析：小球在运动过程中，受摩擦力，机械能不守恒，所以考虑动能定理。 解：（18分）(1)依牛顿第二定律，小球通过A点时 (1) 设小球从B点到A点的过程中克服摩擦力做的功为，依动能定理 (2) 由(1)、(2)得 (2)当小球上升至与圆心同高度或低于圆心的位置时，速度已减为0，小球将沿轨道作圆周运动返回，不脱离轨道，依机械能守恒 当小球通过最高点A时，不脱离轨道，满足 (3) 依机械能守恒(4) 由(3)、(4)得： 所以，为了使小球在运动过程中不脱离轨道，小球从静止开始下落位置离地面的竖直高度h的取值范围为： 小结：在处理运动问题时，用能量观点建立方程比较实用，但要注意各动能定理、机械能守恒定律的使用条件，不能乱套公式。36.（18分） 两足够长且不计其电阻的光滑金属轨道，如图所示放置，间距为d=100cm，在左端斜轨道部分高h=1.25m处放置一金属杆a，斜轨道与平直轨道以光滑圆弧连接，在平直轨道右端放置另一金属杆b.b电阻Ra=2，Rb=5，在平直轨道区域有竖直向上的匀强磁场，磁感强度B=2T.现杆b以初速度v0=5m/s开始向左滑动，同时由静止释放杆a，以a下滑到水平轨道时开始计时，A.b运动图象如图所示(a运动方向为正)，其中ma=2kg，mb=1kg，g=10m/s2，求 (1)杆a落到水平轨道瞬间杆a的速度v； (2)杆b速度为零瞬间两杆的加速度； (3)在整个运动过程中杆b产生的焦耳热. 解：(1)对杆a，机械能守恒：(2分)，(2分)，(2)杆b速度为零瞬间，a杆的速度设为v1，由动量守恒定律得：(1分)，式中，代入数据解之得：(1分)，安培力F=(1分)，a、b的加速度分别为(1分)，方向向左(1分)，(1分)，方向向右(1分). (3)最后两杆共同的速度为，由动量守恒得：(1分)，代入数据解得(1分)，由能量守恒得，共产生的焦耳热为(2分，列式正确1分，结果1分) b棒中产生的焦耳热为(3分，列式正确2分，结果1分)2013年高考物理模拟试题（2）一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共16分；在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。13. 一个能量为，动量为p的微观粒子，所对应的物质波的速度为A. B.C. D.解析：选B.由p，h得，由波速公式v得v，B正确14. 现已建成的核电站的能量来自于A天然放射性元素衰变放出的能量B人工放射性同位素放出的能量C重核裂变放出的能量D化学反应放出的能量解析：选C.重核的裂变与轻核的聚变都发生质量亏损，释放出核能，但是，就建成的核电站来说，都是利用重核的裂变，目前轻核的聚变只能用于制造核武器，人类还不能和平利用轻核的聚变释放出的能量15. 如图所示，静止的电子在加速电压U1的作用下从O经P板的小孔射出，又垂直进入平行金属板间的电场，在偏转电压U2的作用下偏转一段距离现使U1加倍，要想使电子的轨迹不发生变化，应该A使U2加倍B使U2变为原来的4倍C使U2变为原来的倍D使U2变为原来的1/2解析：选A 。由动能定理qU1mv2，要使电子的运动轨迹不发生变化，也就是粒子的偏转距离y不变，y，即y.若U1加倍，U2也加倍，故A选项正确Q同步轨道地球P近地轨道16. 2010年1月17日00时12分，我国成功发射北斗二号卫星并定点于地球同步卫星轨道.北斗二号卫星与近地表面做匀速圆周运动的卫星对比 A北斗二号卫星的线速度更大 B北斗二号卫星的周期更大 C北斗二号卫星的角速度更大 D北斗二号卫星的向心加速度更大解析：选B，由可得：，r越大，v越小，选项A错误。由可得：，r越大，T越大，选项B正确。由可得：，r越大，越小，选项C错误。由可得：，r越大，a向越小，选项D错误。二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共30分。在每小题铪出的四个选项中有两个选璜符合题目要求，全选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得O分。17. 人类对自然的认识是从宏观到微观不断深入的过程，以下说法正确的是 A液晶的分子势能与体积有关 B晶体的物理性质都是各向异性的 C温度升高，每个分子的动能都增大 D露珠呈球状是由于液体表面张力的作用解析：选AD，物体体积变化时，分子间的距离将发生改变，分子势能随之改变，所以分子势能与体积有关，选项A正确.晶体分为单晶体和多晶体，单晶体的物理性质各向异性，多晶体的物理性质各向同性，选项B错误.温度是分子平均动能的标志，具有统计的意义，选项C错误.液体表面的张力具有使液体表面收缩到最小的趋势，选项D正确.18. 如图所示，T为理想变压器，副线圈回路中的输电线ab和cd的电阻不可忽略，其余输电线电阻可不计，则当电键S闭合时A交流电压表V1和V2的示数一定都变小B交流电压表只有V2的示数变小C交流电流表A1、A2和A3的示数一定都变大D电流表A1、A2的示数变大解析：选BD。闭合S时，输出电路电阻减小，副线圈中电流增大，V1示数不变，V2示数变小，A2示数变大，则A1示数也变大，由于V1示数不变，A2示数变大，V2示数变小，则A3示数变小B、D项正确19. 受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上作直线运动，其图线如图所示，则 A在秒内，外力大小不断增大 B在时刻，外力为零 C在秒内，外力大小可能不断减小 D在秒内，外力大小可能先减小后增大解析：CD，选项A错误，从v-t图上看出，图象斜率变小，物体加速度变小，根据牛顿第二定律，合外力变小，外力F变小。选项B错误，在时刻，图象斜率为零，物体加速度为零，合外力为零，外力等于摩擦阻力，不为零。选项C、D正确，在秒内，图象斜率变大，物体加速度变大，合外力变大，外力F变小或者反向变大。RPQvBadbc20. 如图所示，在磁感应强度B0.50T的匀强磁场中，导体PQ在力F作用下在U型导轨上以速度v10m/s向右匀速滑动，两导轨间距离l1.0m，电阻R1.0，导体和导轨电阻忽略不计，则以下说法正确的是 A导体PQ切割磁感线产生的感应电动势的大小为5.0V B导体PQ受到的安培力方向水平向右 C作用力F大小是0.50N D作用力F的功率是25W解析：选AD，根据法拉第电磁感应定律得感应电动势的大小为5.0V，选项A正确。导体PQ受到的安培力方向水平向右，选项B错误。作用力F=BIL=2.50N，选项C错误。作用力F的功率P=Fv=25W，选项D正确。21. 如图所示，倾斜的传送带保持静止，一木块从顶端以一定的初速度匀加速下滑到底端.如果让传送带沿图中虚线箭头所示的方向匀速运动，同样的木块从顶端以同样的初速度下滑到底端的过程中，与传送带保持静止时相比 A木块在滑到底端的过程中，摩擦力的冲量变大 B木块在滑到底端的过程中，摩擦力的冲量不变 C木块在滑到底端的过程中，木块克服摩擦力所做的功变大 D木块在滑到底端的过程中，系统产生的内能数值将变大解析：选BD，两种情况下，木块受力相同，故加速度相同，运动时间也不变，B项正确.木块对地位移两次相同，但木块与皮带的相对位移不同，故C项错，D项正确.三、非选择题：本大题共3小题，共54分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。34. (18分)完成以下“验证平行四边形定则”实验的几个主要步骤： 如图甲，用两只弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，记下结点位置O和两测力计的示数F1、F2以及两细绳套的方向. 如图乙，用一只弹簧测力计钩住细绳套把橡皮条的结点拉到_，记下细绳套的方向(如图丙中的c)，读得弹簧测力计的示数F=_. 如图丙，按选定的标度作出了F1、F2的图示，请在图丙中： F1=3.0NF2=4.0NOc丙a.按同样的标度作出力F的图示； 甲OO乙b.按力的平行定则作出F1、F2的合力F. 某同学利用蓄电池、电压表、电阻箱、单刀开关S1、单刀双掷开关S2和若干导线来测量一个阻值未知的电阻Rx，实验原理如图甲. 根据原理图，在图乙的实物图中完成余下的电路连线. 完成下列相关内容 a.闭合开关_，把开关S2拔向1，调节电阻箱至示数如图丙所示，其电阻值是_，此时电压表的示数是1.5V； b.把开关S2拔向2，此时电压表的示数是0.8V，断开开关S1. 用以上测得的数据，计算出电阻Rx=_. 如果蓄电池内阻不计，测得的阻值与真实值之比_(填“”、“”或“”) 乙 ES2S1RxR甲丙34.答案：同一位置O；4.0N； 连线如图所示. F2=4NF1=3NFFO a.S1，600；320；=.35（18分）如下图（甲）所示，一竖直放置的边长为L的正方形导线框，其内有垂直框面向外的均匀变化的磁场，磁场变化如图（乙）所示。导线框两端分别连平行板电容器的两极板M、N，M、N的长度和它们之间的距离都是d，两平行板所在平面与纸面垂直。（1）一质子沿M、N两板正中央水平射入，恰好打在N板的中点处。已知质子的质量和电量分别为m、e，求M、N两板间的电压UMN和质子入射的初速度v0 。（2）若在M、N间加一垂直纸面的匀强磁场B，质子以初速度v沿两极板的正中央入射时，恰好沿直线通过两板，求M、N间所加磁场B的大小和方向。（3）若在M、N的右侧有一垂直M、N板的长接收板P，且在接收板与M、N间也存在（2）中所加的同样大小与方向的磁场B，则质子以直线通过M、N板之后恰好没有碰到P板。求M板右端到P板的距离。MNLvP（甲） （乙）t/s0B/TB0t0解：（18分）（1）设平行板电容器两端的电压是U，则由法拉第电磁感应定律可得：U= （2分）由（乙）图可知：= （1分）而S=L2 由式解得：U= （1分）质子在M、N间做类平抛运动，由平抛运动规律可得：在水平方向： （1分）在竖直方向： （1分）由牛顿第二定律和电场力公式可得： （2分）由以上式子解得： （1分） （2）质子在M、N板间做匀速直线运动，它受到电场力和洛仑兹力这一对平衡力作用。由洛仑兹力和