鹿泉一中高一物理暑假生活答案.doc

第1课时 平抛运动（A卷）答案典型题点击1. 作平抛运动的物体在水平方向上作匀速直线运动，在竖直方向上作自由落体运动。2. A3.（1）vcos；（2）vsin/g；（3）v2sin2/2g；（4）4. AC新活题网站1. AD2. BCD3. A4. D5. B6. B7. 3:2:1 8. 加速，0.1g9. ，10.（15+ 5）m/s （10+5）/2m 提示速度方向可以用水平速度和竖直速度来表示，而速度方向的变化是由于竖直方向加速引起的。全解设物体落地的时间为t，则在落地前1s时，速度方向为v0/g(t-1)tan600 。在落地时，速度方向为v0/gt=tan450。由上两式解得，物体落地时间为t=（3+）/2s，抛出时的速度为v0=(15+5)m/s，所以物体下落的高度为hgt2/2（10+5）/2m。11.甲做平抛运动，有hgt2/2，所以t乙做匀加速运动，有shv0t+g t2sin450/2，所以v0/2 平抛运动（B卷）答案纠错训练1. B2.3. 10J检测提高1. C2. C3. BC4. B5. ABC6. A7. 0.70m/s8. (1)小球的运动可分解为两个分运动,水平方向的初速为v0,加速度为a的匀加速直线运动,竖直方向的自由落体运动,则小球水平方向的射程.竖直分速度vy=gt9.240米10. （1）因为：vyvxtan300gt，所以ts所以：水平位于xv0t30m，竖直位于ygt2/215m（2）当物体速度与水平方向成600时，vyvxtan600gt，t3s，所以需再过2s。11.略12.6H/7解：对A:HgtA2/2,2s=vAtA,得：vA=s同理：vB=s/2当两物体相遇时，有水平位移相等，则有vAtA，=vBtB，得tA,:tB,=1:2而竖直位移相等：yH-gtA,2/2=2H-gtB,2/2所以：y6H/7第2课时 圆周运动（A卷）答案典型题点击1. C2.AD3.（1）m2只受弹簧弹力，设弹簧伸长l，满足Klm2w2(l1l2)弹簧伸长量lm2w2(l1l2)/K对m1，受绳拉力T和弹簧弹力f做匀速圆周运动，满足：Tfm1w2l1绳子拉力Tm1w2l1m2w2(l1l2)（2）线烧断瞬间,A球加速度a1f/m1m2w2(l1l2)/m1,B球加速度a2f/m2w2(l1l2)4. (1)A在最高点时，对A有mgm，对B有TOB-2mg2m，可得TOB4mg。根据牛顿第三定律，O轴所受有力大小为4mg，方向竖直向下（2）B在最高点时，对B有2mg+ TOB2m，代入（1）中的v，可得TOB0；对A有TOA-mgm, TOA2mg。根据牛顿第三定律，O轴所受的力的大小为2mg，方向竖直向下（3）要使O轴不受力，据B的质量大于A的质量，可判断B球应在最高点。对B有TOB+2mg2m，对A有TOA-mgm。轴O不受力时，TOA TOB,可得v新活题网站1. C2. D3.C4.B5. B6. 本道题考查同学们对向心力公式的实际应用能力以及空间想像力。知道一个重力mg，还知道向心力F向，向心力就是空气对飞机的作用力与重力的合力。根据平行四边形定则，求出空气对飞机的作用力：【答】应选A。7.D8.1:1:2 1:2:2 1:2:2 1:2:29.16，压；44，拉10.v0=nR n1、2、3FN22n2Rmg/h n1、2、3 11.26N 50N 提示 要先判断小球是否离开圆锥面 全解小球在圆锥面上运动时，受到重力G、细绳的拉力T和斜面的支持力N。将这些力分解在水平方向和竖直方向上，有TsinNcosm2Lsin，TcosNsinmg。设小球以角速度0转动时，小球刚好离开斜面时，此时，由N=0代入上述两式得0=rad/s。当小球以=1rad/s转动时，小球在斜面上运动，由上述两式得T=（m2Ltansinmg）/（tansincos）=26N；当小球以=5rad/s转动时，小球将离开斜面，此时受到拉力和重力，设细绳与竖直方向得夹角为，则Tsin=m2Lsin,代入数据解得T=50N。 圆周运动（B卷）答案纠错训练1. 0.162. B3.以小球为研究对象。小球在轨道最高点时，受重力和轨道给的弹力。小球在圆形轨道最高点A时满足方程mgNA=m (1)根据机械能守恒，小球在圆形轨道最低点B时的速度满足方程mvA2mg2RmvB2 （2）解(1)，(2)方程组得, 当NA=0时，vB为最小，vB.所以在B点应使小球至少具有的的速度，才能使它到达圆形轨道的最高点A。检测题提高图14-11. D2. BD3. BC4. D5. AD6. B7. D8. C9. 首先画出小球运动达到最高点和最低点的受力图141。A球在圆管最低点必受向上弹力N1，此时两球对圆管的合力为零，m2必受圆管向下的弹力N2，且N1=N2。据牛顿第二定律A球在圆管的最低点有同理m2在最高点有m2球由最高点到最低点机械能守恒10. （1）0（2）解析：设转动过程中物体与盘间恰好达到最大静摩擦力时转动的角速度为0则：，解得（1） 因为，所以物体所需向心力小于物与盘间的最大摩擦力，则物与盘间还未达到最大静摩擦力，细绳的拉力仍为零，即T1=0。（2）因为，所以物体所需向心力大于物与盘间的最大静摩擦力，则细绳将对球施加拉力T2，由牛顿第二定律得：11.m2（L1+L2）/m1，方向背离圆心，指向m212. 13. t=2.7 提示细线对小球的拉力始终垂直于小球的运动方向，所以，小球整个运动过程中速度大小不变。全解小球运动时，细线将缠绕在AB上，所以小球做圆周运动的半径越来越小，设细线断裂时半径为R，由F=mv2/R知，半径越小，小球需要的向心力越大，即细线提供的拉力越大，将F=8N代入得R=0.25m，即小球做圆周运动的半径小于0.25m时，细线断裂。小球每运动半个圆周，半径减小0.1m，由L-0.1nR得nc，所以Rc所以4.011026m，合4.241010光年，即宇宙的半径至少为4.241010光年。第5课时 电荷 库仑定律（答案）A卷典型题点击1 D2 AB3（1）负、负（2）（）2 ：1 ：（）2新活题网站一、选择题1 C2 D3 C4 B5 B6 A7A、C、D 8B、C二、填空题9 1 ：16 10 mg+kg2/e2、2mg11 2d三、计算题12解：根据题意，由库仑定律F=K可知，当q1= q2时它们间的斥力最大。所以当两电荷的电量Q=（q1+q2）/2时作用力最大。13解：由库仑定律F=K得： 接触前：F1=K=7K 接触后：由于C球反复与A、B球接触，最后A、B、C三球电量相等， F2=K=4K 所以：F1 ：F2=7：414 2m/s，方向向左方向右为正Fba+Fca=maa Fac+Fbc=mac Fab+Fcb=mab由+Fba+Fbc= m（ac+aa）Fab+Fcb= - m（ac+aa）ab= （ac+aa）= 2m/s2B卷纠错训练1 A 2 B、C 检测提高一、选择题1 A、C 2 B、C、D3 B、D4 D 5 A、D 6 C7 D 8 D9 C二、填空题108.010-19、1020 11e 、12 l 、2V 、L 13匀速圆周、15 三、计算题14根据库仑定律F=K得：F1=F2= F1= F2解得r=40cm2. 由于电荷电性相同，由平衡条件电荷应放在q1右侧F1= F2= F1= F2 解得r=8cm15解：根据平衡条件：q应放在三角形的中心处，A、B、C三个点电荷受到的合力分别为零。以 A为研究对象受力分析Fba、Fca、Fqa三力合力为零。所以 2Fbacos30=Fqa Fba= K Fqa= K 解得 q=Q16解：设小球受到的库仑力为F，细线拉力为T。对物体由平衡条件：2Tcos=G对小气球由平衡条件：F=Tsin根据库仑定律F=K得：17解：小球受到重力、支持力、库仑力三力作用，平衡时合力为零。对小球分析得：F=Gtg F= K R=2Lcos解得L=q所以当等于45时，L最小 L= q18解：因为A球必须受到C球向右的库仑引力作用，所以C球带负电。对A、B、C三球整体：F=3ma对A球：ma对B球： ma解得：qc=q F=第6课 电场 电场强度 电场线（答案）A卷典型题点击1 C2 C 3 A、C新活题网站一选择题1 C、D 2C 3B. 4A、B、C5A、B、D 6C 7B二填空题8 1.35102、 AB 、9 、BA 90、指向缺口处 10水平向右、1.02107、不变三计算题11解：（1）A、B两点电荷在O点产生的场强方向相同，由AB。场强大小相等EA=EB=，所以O点的合场强为E=2EA=（2）A、B两点电荷在点产生的场强E根据矢量图形成的等边三角形得E= EA，方向与A、B的中线垂直，与E同向。12解：根据场强定义匀强电场E1=2.7104（N/C），方向水平向左。根据点电荷场强的公式：E2=9109310-8/0.12=2.7104（N/C），方向竖直向上。将E1、E2合成E=3.8104N/C，E与水平方向的夹角为，tg=1。所以=45电荷A受到的电场力F=qE=310-83.8104N=1.110-3N,方向与E方向相反，与水平成45指向左下方。13解：带电粒子进入电场后受到重力、电场力作用做直线运动，所以粒子受到的合力方向与速度方向在同一直线上，根据矢量合成E与V0垂直时E最小，得：tg45= E=tg45方向与V0垂直。B卷纠错训练1A、D 2D 3BD检测提高一、选择题1A、C、D 2B、D 3C、D 4B 5B、C 6A、C、D 7B 8C9B 10C二、填空题11 2107 N/C 、方向为水平向右12 0、 1.27104 N/C 、与原场强方向成45角斜向下 13 、 0三、计算题14解：小球从释放到最低点的过程中只有重力做功，由动能定理得：mgr=mv2小球在最低点受重力、电场力、支持力作用：qEmgN=mN=mg所以 E=4mg15解：对物体进行受力分析：在平行于斜面方向上有：qEcos = mgsin + f在垂直于斜面方向上有：N=mgcos + qEsinf=N所以 =16解：液滴在A点时有：mg =q E1使场强由E1增到E2时，液滴做加速运动，由牛顿第二定律有：q E2mg= ma1设运动时间为t，在该时间内的位移为：s1=a1t2获得的速度为：v= a1tE2突然反向后，液滴先做减速运动，再反向加速运动，加速度为：ma2 = q E2 + mg同样时间t内的位移为s2=vta2t2由题意得 s1= s2解得：E1 :E2=1:2第7课时 电势 电势差 电势能 等势面A卷典型题点击1B、C 2B、C、D 3C、D4100V、CA 新活题网站一选择题1 C、D 2A 3A 4B5B 6C 7D 二填空题8W1=qElcos、W2= qElcos、W3= qElcos电场力做功的特点是与路径无关，只与起止位置有关。9 8J三计算题10解：根据题意：外力克服电场力做功为：W=WFmv2电场力所做的功：W=qUAB所以 UAB= 500（V）11解：匀强电场的电场线是一族平行等间距的有向直线，等势面是与电场线垂直且平行分布均匀的平面。由条件得：A、B连线的中点D与A和B的电势差为7V，所以D=2V，即C、D两点在同一等势面上，过C、D作直线，此为过C的一条等势线，再过A、B分别作CD的平行线，即为等势线。电场线和等势线垂直，场强方向如图所示WBC=qUBC=310-87=2.110-7J电场力做正功。12解：(1).由题意得：B=C所以从B到C过程中电场力做功为零。由动能定理：mgh =所以 vC=(2).从A到C的过程中，由动能定理：qUAB+ mgh =UAB = UCD所以 UCD =B卷纠错训练1A、D 2B 3C、D检测提高一、选择题1C 2A 3A、D 4D 5B6A、B、D 7C、D 8A、C9A、D 10A、B、C二、填空题11112 、212 12 NM、100V/m13 200伏， 从a指向b810-4J， 2000V/m 14 正电， 在B点， 在A点， 在B点三、计算题15解：设细线长为l，球的电量为q，场强为E，若电量q为正，则场强方向在题图中向右，反之向左，从释放点到左侧最高点，重力势能的减少等于电势能的增加，mglcos=qEl（1+sin）.若小球运动到最低点时的速度为v，此时线的拉力为F，由能量关系得mv2 = mgl qEl 由牛顿第二定律得 F mg = m 由以上各式解得F= mg（3）16解:要使质点做直线运动，所受合力与v0应在一条直线上，而电场力与等势面垂直，必在水平方向，则需考虑微粒的重力作用。（1）电场线由等势面高处指向等势面低处，得电场线方向水平向左，且E = = V/m对微粒受力分析：为使合力与v0在一条直线上，则得微粒带负电，且有mg = Eq，得q = =C（2）带电微粒在入射方向做匀减速运动，其加速度为=g，则微粒在入射方向的最大位移是smax = = 第8课时 电容器 电容（答案）A卷典型题点击1C 2B、C 3150、4.510-4、150新活题网站一选择题1B、C 2B、C、D 3B 4B、C、D5B、C 6C 7B二填空题8b、a,b91.25三计算题9解：（1）设第n滴恰在A、B间做匀速直线运动，这时电容器的带电量为（n-1）q，对第n滴液滴，根据受力平衡：qE=mg，而E=解得：n=+1（2)设第滴恰能到达下板，对第滴，从开始自由下落至到达B板的过程，利用动能定理得：mg(h+d)-q=0，解得：=110解：（1）U不变，在垂直于电场方向：t=移动后粒子飞行时间变为，在沿电场方向：d=,移动后侧位移：，所以解得：=2d，即N板向下至少移动d。第9课时 带电粒子在电场中的运动（答案）A卷典型题点击14.510-2 2新活题网站一、选择题1A 2A、B、D 3C 4B、D5A、B、D 6B、C 二填空题72：1 4：3 8 三计算题9解：设液滴刚好到达B板时速度v=0在此过程中由动能定理得：mg (h+d) - qUAB=0解得： （1）使A板向上（下）平移，液滴的运动情况不变（2）使B板向上平移，液滴不能到达B板使B板向下平移，液滴落到达B板上10解：根据题意，当偏转电压大到使电子刚好檫着极板的边缘飞出，此时的偏转电压，即为最大。加速过程，由动能定理得：eU=进入偏转电场，在平行于极板方向：l=v0 t在垂直于极板方向：y=at2= y代入数据解得：=4.0102V11解：电动能定理得：由于电场力做正功，所以场强方向水平向左，将速度正交分解，竖直方向vy = v，水平方向vx 水平位移：竖直方向位移：y =vt，解方程组得 ，方向水平向左B卷纠错训练1：1 2B检测提高一、选择题1A、B、D 2A、B、C、D 3B4A、C 5B 6A、D 二、填空题7、1：2 8 9三计算题10解：电子在电场中做类平抛运动，在垂直于电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做加速运动。由题意得：=tg60 eUAB=解得：UAB=1.4102(V)11解：（1）对带电微粒受力分析，由条件得：F电cos37= mg所以 810-8（kg）（2）由动能定理得：= eUAB带入数据得：=1m/s12解：（1）由题意可知Eg = mgtga，设小球由与竖直方向夹角为时运动至A时速度为零，由能量守恒mgL(1cos ) = q El sin，而Eq = mg tga，解之得 = 2a。