中考物理模拟试卷（含解析）110.doc

天津市津南区2016年中考物理模拟试卷一、单项选择题1二胡、小提琴和钢琴通过弦的振动发声，在演奏中，不断调整琴弦的松紧，是为了改变所发乐音的（）A音调B响度C音色D振幅2小明在平静的湖边看到“云在水中飘，鱼在云上游”对这一有趣的现象解释正确的是（）A两种现象均由光的反射形成的B两种现象均由光的折射形成的C云在水中飘是由光的反射形成的，鱼在云上游是由光的折射形成的D云在水中飘是由光的折射形成的，鱼在云上游是由光的反射形成的3干冰具有很好的制冷作用，可用于人工降雨干冰在常温下会迅速变小，甚至没有了，这是由于干冰发生了（）A凝华B升华C液化D汽化4下面估测的长度符合实际的是（）A一名小学生的身高大约200cmB一名女中学生的身高大约160cmC一名成人的腿长大约150cmD一名老年人的手掌长约为50cm5如图所示，小明从山坡上滑下的过程中（）A动能增大，重力势能增大B动能减小，重力势能减小C动能增大，重力势能减小D动能减小，重力势能增大6如图所示实验中，不能说明“流速大小对流体压强有影响”的是（）A 吹气时A管中水面上升B 用吸管从瓶中吸饮料C 吹气时纸片向下凹陷D 吹气时纸条向上飘7关于家庭电路及安全用电，下列说法中正确的是（）A家庭电路的电压是220V，电路中的插座和电灯是串联的B楼房电路中的保险丝熔断了，可以直接用铁丝代替保险丝C家庭电路中总电流过大可能是用电器总功率过大造成的D人手只要接触火线就会有电流通过人体8如图所示的四个图的装置可以用来演示物理现象，则下列表述正确的是（）A图甲可用来演示电磁感应现象B图乙可用来演示磁场对电流的作用C图丙可用来演示电流的磁效应D图丁可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系9如图所示，AB和BC是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，将它们串联后连入电路中，比较这两段导体两端的电压及通过它们的电流的大小，有（）AUABUBC，IABIBCBUABUBC，IAB=IBCCUAB=UBC，IABIBCDUABUBC，IAB=IBC10某同学利用身边的器材，验证杠杆的平衡条件，塑料直尺放在圆柱形水杯上，使其在水平位置平衡，如图甲所示，往直尺两端放不同数量的相同硬币，并调节硬币位置，使直尺在水平位置平衡，如图乙所示该同学继续进行实验，下列说法符合实际的是（）A将左右两侧各取下一枚硬币，则直尺右端将下沉B将左右两侧各增加一枚硬币，则直尺右端将下沉C将左右两侧的硬币同时靠近O点移动相同的距离，则直尺右端将下沉D将左右两侧的硬币同时远离O点移动相同的距离，则直尺左端将下沉二、多选择题题（本大题有3小题，共9分，全选对得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得0分）11江涛同学想探究凸透镜成像规律实验桌上有两个凸透镜，焦距分别为10cm和20cm，江涛将其中一块凸透镜放在光具座上，当烛焰、透镜及光屏的位置如图所示时，恰能在光屏上得到一个清晰的像，不改变蜡烛、透镜的位置，江涛换了另一块凸透镜，调节光屏的位置，发现在光屏仍能成一清晰的像，则（）A第一块透镜焦距为10cmB第一块透镜焦距为20cmC第二次成像原理可制成照相机D第二次成像原理可制成投影仪12如图甲所示，均匀柱状石料在钢绳拉力的作用下从水面上方以0.5m/s的恒定速度下降，直至全部没入水中图乙是钢绳拉力F随时间t变化的图象若不计水的阻力，g取10N/kg，则下列说法正确的是（）A石料受到的重力为900NB石料的密度为1.8103Kg/m3C如果将该石料立在水平地面上，则它对地面的压强为2.8104PaD石料沉底后水平池底对石料的支持力为500N13如图所示的电路中，电源电压为5V且保持不变，电流表量程为00.6A，电压表的量程为03V，R1为滑动变阻器，R2=20，灯泡L标有“4V 1.6W”字样（不考虑温度对灯丝电阻的影响）在仪表和灯泡安全工作的情况下，下列说法正确的是（）A开关S1闭合，S2和S3断开时，滑动变阻器R1允许连入电路中的最小阻值是5B开关S1断开，S2和S3闭合时，滑动变阻器R1消耗的最大功率是1.75WC开关S1闭合，S2和S3断开时，滑动变阻器R1允许连入电路中的最大阻值是15D开关S1闭合，S2和S3断开时，滑动变阻器R1消耗的最大功率是0.6W三、填空题（共6小题，每小题4分，共24分）14跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，利用_可以在空中继续前进，从而以提高成绩，如果该运动员在跑道上的助跑距离是40m，助跑时间为5s，该运动员助跑的平均速度是_15如图所示，迅速下压活塞，筒内浸有乙醚的棉花被压燃，下压过程中，机械能转化为空气的_能；在四冲程汽油机工作过程中，实现这一能量转化过程的是_冲程16铁轨下面铺放枕木，是为了_（填“增大”或“减小”）对路面的压强；排水管“反水弯”做成U形是利用_的特点来实现自己功能的17一质量为60kg的物体静止在水平地面上，现用如图所示的滑轮组来提升该物体，当拉力F为400N时物体刚好能以0.2m/s的速度匀速上升，则此时滑轮组的机械效率为_%，拉力F的功率为_W（不计绳重和摩擦，g=10N/kg）18如图甲所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒A去接触验电器的金属球B，金属箔张开一定的角度，在这个过程中瞬时电流方向是_（选填“A到B”或“B到A”）；如图乙所示是用来测量电能的仪表，当电路中只有一只电饭煲接入电路，正常工作0.5h，发现此电能表的转盘转过1500转，则这只电饭煲的额定功率是_W19如图所示为一盏台灯的电路示意图，当把台灯接入电路时，为了安全，应将台灯插头的_（选填“C”或“D”）插脚接火线，该灯泡正常工作一段时间后，灯丝热的发红，而与之相连的导线却几乎不发热，这说明电流通过导体时产生的热量与_有关四、综合题（共6小题，共37分）20小华购买了一个暖手宝，某次小华测得暖手宝正常工作时，袋内0.5kg的水由19加热到79耗时5min，若暖手宝的额定功率为700W，水的比热容为4.2103J/（kg），则：（1）加热过程中水吸收的热量是多少？（2）此过程该暖手宝的热效率是多少？21某实验小组的同学用如图所示的器材测量小灯泡额定功率，已知待测小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡灯丝的电阻约为10左右，要求：（1）用笔代替导线在图1中，完成测量该小灯泡的额定功率时的电路连接；（2）根据实验需求在虚线框（图3）内设计一个记录数据的表格，并将某次实验的电表示数（如图2所示）及计算结果填入表中22如图为某同学“探究牛顿第一定律”的实验装置实验中该同学先后三次将同一木块放在同一斜面上的同一高度，然后分别用不同的力推了一下木块，使其沿斜面向下运动，逐渐减小水平面的粗糙程度，观察木块运动的距离，从而得出力和运动的关系（1）该同学在实验操作中有一处明显的错误是（不要求解释错误的原因）：_（2）更正错误后进行实验，从实验中观察到，木块在水平面上运动的距离逐渐_运动的小车所受阻力逐渐_（填写“增大”，“减小或”不变），最终_（填写“能”或“不能”）观察到木块在水平面上做匀速运动的情形，原因是_23如图所示，电源电压恒定，小灯泡L标有“3V 0.6W”字样，R为定值电阻，闭合S，断开Sl，小灯泡正常发光；若再闭合S1，发现电流表示数变化了0.3A，则R的阻值为多少，此时灯泡L和电阻R消耗的功率之比是多少24（1）小华想测量酱油的密度，他只找来了如下器材：弹簧测力计、空饮料瓶、水（密度为0）和细线你能帮助他完成测量吗？请写出你设计的操作步骤，并利用测出物理量的字母写出酱油密度的表达式；（2）小华还设计了比较酱油密度的实验方法将一正方体塑料块先后放入这两种不同品牌的酱油中，让它漂浮在液面上，观察塑料块露出液面的体积，露出液面体积较大的酱油的密度较_，请说明理由25如图甲所示，装有水的圆柱形容器，横截面积为S，用轻质细绳将一木块与容器底部相连后浸没在水中，此时绳子受到的拉力为T，松开绳子后，将一质量为m的金属块放在木板上，当木块和金属块处于静止时，金属块有的体积露在外面，如图乙所示，求：（1）对乙图中的金属块进行受力分析，画出受力的示意图；（2）金属块的密度为多少；（3）从甲图到乙图的过程中对容器底部压强的变化量是多少2016年天津市津南区中考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、单项选择题1二胡、小提琴和钢琴通过弦的振动发声，在演奏中，不断调整琴弦的松紧，是为了改变所发乐音的（）A音调B响度C音色D振幅【考点】音调、响度与音色的区分【分析】声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性就二胡来说，弦的松紧、长短、粗细都可以改变音调【解答】解：调整琴弦的松紧程度，可以改变琴弦振动的快慢，故这样可以改变音调的高低故选A【点评】此题考查了生活中改变声音的音调的方法，结合实际和对生活经验的积累；可解答此题2小明在平静的湖边看到“云在水中飘，鱼在云上游”对这一有趣的现象解释正确的是（）A两种现象均由光的反射形成的B两种现象均由光的折射形成的C云在水中飘是由光的反射形成的，鱼在云上游是由光的折射形成的D云在水中飘是由光的折射形成的，鱼在云上游是由光的反射形成的【考点】光的反射；光的折射现象及其应用【分析】要解决此题，需要掌握平面镜成的像是与物体等大的虚像，知道平面镜成像是由于光的反射形成的同时要掌握光的折射现象我们看到水中的物体，其实看到的是物体的虚像，是由光的折射形成的【解答】解：（1）当光遇到水面时会发生反射，此时水面相当于一平面镜，所以看见水中的“云”是由光的反射现象形成的虚像；（2）鱼生活在水里，鱼反射的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变高了，所以看到了鱼的虚像，故只有C正确故选C【点评】此题主要考查了通过同一幅画面考查了光的反射和光的折射现象特别是看到的现象同是在水中，很容易搞错相同之处还有，都是虚像，不同之处是，成像原理不同，做题时一定要仔细、认真3干冰具有很好的制冷作用，可用于人工降雨干冰在常温下会迅速变小，甚至没有了，这是由于干冰发生了（）A凝华B升华C液化D汽化【考点】升华和凝华的定义和特点【分析】物质由固态直接变为气态的过程叫升华，升华吸热【解答】解：干冰是固态的二氧化碳，在常温下会吸热迅速的升华变为二氧化碳气体，常用于人工降雨，使空气中水蒸气放出热量迅速凝华成小冰晶，小冰晶逐渐变大下落，在下落过程中，遇到温暖的空气又会吸收热量熔化成小水滴，形成降雨故选B【点评】本题考查了干冰升华现象，属于基础知识的考查，抓住物质的状态变化是解此类题目的关键4下面估测的长度符合实际的是（）A一名小学生的身高大约200cmB一名女中学生的身高大约160cmC一名成人的腿长大约150cmD一名老年人的手掌长约为50cm【考点】长度的估测【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个【解答】解：A、B、成年人的身高在170cm左右，中学生的身高略小于成年人，在160cm，小学生的身高在130cm左右故A不符合实际，B符合实际；C、课桌的高度在80cm左右，成年人的腿长与课桌高度差不多，在80cm左右，不可能达到150cm故C不符合实际；D、中学生手掌长度在18cm左右，老年人手掌长度比18cm大一些，在20cm左右故D不符合实际故选B【点评】长度的估测，必须熟悉一些常见物体的长度，以此为标准对研究对象作出判断如：中学生拳头的宽度在10cm左右；中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm；成年人的身高在170cm左右，一步的步幅在75cm左右；一层楼的高度在3m左右，等等5如图所示，小明从山坡上滑下的过程中（）A动能增大，重力势能增大B动能减小，重力势能减小C动能增大，重力势能减小D动能减小，重力势能增大【考点】动能和势能的大小变化【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大【解答】解：小明从上坡上滑下，小明的质量不变，速度增大，动能增大；高度减小，重力势能减小故选C【点评】（1）掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素（2）能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化6如图所示实验中，不能说明“流速大小对流体压强有影响”的是（）A 吹气时A管中水面上升B 用吸管从瓶中吸饮料C 吹气时纸片向下凹陷D 吹气时纸条向上飘【考点】流体压强与流速的关系【分析】（1）当用嘴向B管中吹气时，致使A管上方的气压减小，在大气压的作用下，水在A吸管中上升（2）当用口吸吸管时，口内气压减小，小于外界大气压，大气压压着饮料进入口中（3）掌握纸片上方和下方的空气流速和压强变化是解决本题的关键（4）从纸条上方和下方空气的流速和所受压强的大小去考虑即可解决【解答】解：A、当用嘴向B管中吹气时，致使A管上方的气压减小，在大气压的作用下，水在A吸管中上升不符合题意B、用吸管吸饮料是利用了大气压的作用，不能揭示流体压强与流速的关系符合题意C、用嘴在纸片下面吹气时，纸片下方的空气流速加快，下方的压强小于上方的压强，故纸片向下凹陷，不符合题意；D、将一纸条放在嘴边，用力从纸条上方吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来不符合题意故选B【点评】大气压在生活中应用很广泛，吸盘、抽水机、呼吸、吸管吸饮料等都是大气压作用的结果掌握流体压强跟流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大能用流体压强解释有关的问题本题反映了物理来源于生活，应用于生活7关于家庭电路及安全用电，下列说法中正确的是（）A家庭电路的电压是220V，电路中的插座和电灯是串联的B楼房电路中的保险丝熔断了，可以直接用铁丝代替保险丝C家庭电路中总电流过大可能是用电器总功率过大造成的D人手只要接触火线就会有电流通过人体【考点】安全用电原则【分析】（1）我国家庭电路电压是220v，开关和它控制的电器串联，各电器之间，插座和电器之间是并联的；（2）保险丝应选用电阻率大，熔点低的材料；（3）电路电流过大的原因有短路或用电器总功率过大；（4）当一定强度的电流流过人体时，就会发生触电事故，安全用电的基本原则是：不接触低压带电体，不靠近高压带电体【解答】解：A、我国家庭电路中的插座和电灯是并联的，不是串联的，故A错误；B、家庭电路中的保险丝熔断后，绝对不能用铁丝或铜丝代替，否则或发生火灾；故B错误；C、用电器的总功率过大是造成电路中电流过大的一个原因，还可能是电路短路，故C正确；D、有电流通过人体不一定会触电，只有当电流达到一定强度时，人才会触电，故D错误故选C【点评】掌握家庭电路中家用电器的连接方法、电路电流过大的原因、掌握安全用电常识、掌握保险丝的正确使用，只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会有危险发生8如图所示的四个图的装置可以用来演示物理现象，则下列表述正确的是（）A图甲可用来演示电磁感应现象B图乙可用来演示磁场对电流的作用C图丙可用来演示电流的磁效应D图丁可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应；磁场对通电导线的作用；电磁感应【分析】本题考查电磁感应、电流的磁效应，可根据实验装置及实验的现象进行判断【解答】解：A、甲图中开关闭合后，导体棒内通以电流，则导体在磁场力的作用下发生运动，故演示的为磁场对电流的作用，故A错误；B、乙图中导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，故演示的为电磁感应，故B错误；C、放在小磁针上方的导线中有电流通过时，小磁针会发生偏转，说明通电导体周围产生了磁场，即演示了电流的磁效应，故C正确；D、通电后串联的两绕有线圈的铁钉都可吸引小铁钉，但左边吸引的个数要多，说明通电螺线管的磁极强弱与线圈匝数有关，故D错误；故选C【点评】物理为实验学科，很多知识来自于实验，故应注意对实验学习的重视，掌握好实验的原理及现象9如图所示，AB和BC是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，将它们串联后连入电路中，比较这两段导体两端的电压及通过它们的电流的大小，有（）AUABUBC，IABIBCBUABUBC，IAB=IBCCUAB=UBC，IABIBCDUABUBC，IAB=IBC【考点】串联电路的电流规律；欧姆定律的变形公式【分析】（1）AB和BC是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小；（2）根据串联电路的电流特点可知通过两段导体的电流关系；（3）根据U=IR可知两段导体两端的电压关系【解答】解：（1）导体AB和BC由同种材料制成、长度相同，由图可知导体AB横截面积比BC的小，RABRBC；（2）两段导体串联，通过两导体的电流相等，即IAB=IBC；（3）I=，由U=IR可得，UABUBC故选D【点评】本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律的应用，关键是根据影响电阻的大小因素确定两段导体电阻的大小10某同学利用身边的器材，验证杠杆的平衡条件，塑料直尺放在圆柱形水杯上，使其在水平位置平衡，如图甲所示，往直尺两端放不同数量的相同硬币，并调节硬币位置，使直尺在水平位置平衡，如图乙所示该同学继续进行实验，下列说法符合实际的是（）A将左右两侧各取下一枚硬币，则直尺右端将下沉B将左右两侧各增加一枚硬币，则直尺右端将下沉C将左右两侧的硬币同时靠近O点移动相同的距离，则直尺右端将下沉D将左右两侧的硬币同时远离O点移动相同的距离，则直尺左端将下沉【考点】杠杆的平衡分析法及其应用【分析】根据杠杆平衡的条件进行分析，支点在物体重心的竖直方向上；杠杆平衡，是因为动力乘以动力臂等于阻力乘以阻力臂；现在比较左右两端力与力臂的乘积，乘积较大的一端将下沉【解答】解：A、设一枚硬币的重力为G，左边为动力和动力臂，则有2Gl1=3Gl2，所以l1=l2；现将两侧各取下一枚硬币，即为左边为Gl1，右边为2Gl2；则Gl1=Gl22Gl2，所以直尺右端将下沉，故A正确；B、根据A项解答可知l1=l2；现将两侧各增加一枚硬币，即为左边为3Gl1，右边为4Gl2；则3GL1=3Gl2=4.5Gl24Gl2，所以直尺左端将下沉，故B错误；C、左右两侧的硬币同时靠近O点移动相同的距离L，左侧为2G（l1L），右侧为3G（l2L），则左侧为2Gl12GL，右侧为3Gl23GL，最初平衡时有2Gl1=3Gl2，比较可知2G（l1L）3G（l2L），故左侧下沉；故C错误；D、左右两侧的硬币同时远离O点移动相同的距离L，左侧为2G（l1+L），右侧为3G（l2+L），则左侧为2Gl1+2GL，右侧为3Gl2+3GL，最初平衡时有2Gl1=3Gl2，比较可知2G（l1+L）3G（l2+L），故右侧下沉；故D错误故选A【点评】用手中的现有物品（直尺、水杯、硬币）作为实验器材，探究杠杆的平衡条件，题目新颖，符合新课标的要求，好题！二、多选择题题（本大题有3小题，共9分，全选对得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得0分）11江涛同学想探究凸透镜成像规律实验桌上有两个凸透镜，焦距分别为10cm和20cm，江涛将其中一块凸透镜放在光具座上，当烛焰、透镜及光屏的位置如图所示时，恰能在光屏上得到一个清晰的像，不改变蜡烛、透镜的位置，江涛换了另一块凸透镜，调节光屏的位置，发现在光屏仍能成一清晰的像，则（）A第一块透镜焦距为10cmB第一块透镜焦距为20cmC第二次成像原理可制成照相机D第二次成像原理可制成投影仪【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）凸透镜成实像时，u2f，成倒立、缩小的实像，根据凸透镜的凸面大小确定选择的是哪个凸透镜；（2）幻灯机和投影仪都是根据物距处于1倍和2倍焦距之间时，成倒立放大实像原理制成的；照相机都是根据物距处于2倍焦距以外时，成倒立缩小实像原理制成的【解答】解：（1）此时通过凸透镜在光屏上能成一个实像，据图能看出，此时的物距大于像距，所以在光屏上应该成一个倒立缩小的实像，故此时物体在2倍焦距以外，故30cm2f，即15cmf，所以小明选择的凸透镜的焦距为10cm，故A正确，B错误；（2）换上焦距为20cm的凸透镜时，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立放大的实像，是投影仪的原理，故C错误，D正确故选：AD【点评】此题考查了有关凸透镜成像规律及其应用，要熟练掌握成像特点与物距、像距的关系，解题的关键是掌握凸透镜成像的规律12如图甲所示，均匀柱状石料在钢绳拉力的作用下从水面上方以0.5m/s的恒定速度下降，直至全部没入水中图乙是钢绳拉力F随时间t变化的图象若不计水的阻力，g取10N/kg，则下列说法正确的是（）A石料受到的重力为900NB石料的密度为1.8103Kg/m3C如果将该石料立在水平地面上，则它对地面的压强为2.8104PaD石料沉底后水平池底对石料的支持力为500N【考点】压强的大小及其计算；密度的计算；阿基米德原理【分析】（1）根据图象乙判断物体的重力及全部浸没时所受的浮力；（2）根据浮力公式F浮=液gV排求出物体的体积，然后根据密度公式求出石料的密度；（3）先根据图乙读出石料从刚开始淹没到全部淹没所用的时间，然后根据速度公式即可求出圆柱体的高，再根据p=gh求出石料放在水平地面上时对地面的压强；（4）根据F=GF浮即可求出石料沉底后水平池底对石料的支持力【解答】解：由图象乙知，AB段拉力大小不变，此时物体未接触水面，根据测力计的示数可得物体的重力G=1400N，故A错误；BC段拉力示数逐渐减小，说明物体慢慢浸入水中，且浸入水中的体积逐渐变大，受到的浮力逐渐变大，在C点恰好完全浸没，此时测力计的示数为900N，所以浮力：F浮=GF=1400N900N=500N；由F浮=液gV排可得，石料的体积：V=V排=0.05m3；则石料的密度：=2.8103kg/m3，故B错误；由图乙可知，石料从刚开始淹没都全部淹没所用的时间为2s；由v=可知，圆柱体的高度：h=s=vt=0.5m/s2s=1m；由p=gh可得，将该石料立在水平地面上，则它对地面的压强：p=gh=2.8103kg/m310N/kg1m=2.8104pa，故C正确；石料沉底后水平池底对石料的支持力：F支=GF浮=1400N500N=900N，故D错误故选C【点评】此题通过拉力与深度的关系图象，考查了对图象的分析，浮力公式的应用，浮力、拉力与重力的关系，同时考查了有关密度、压强的计算，根据图象确定物体的重力及全部浸没时所受的浮力是解决此题的关键13如图所示的电路中，电源电压为5V且保持不变，电流表量程为00.6A，电压表的量程为03V，R1为滑动变阻器，R2=20，灯泡L标有“4V 1.6W”字样（不考虑温度对灯丝电阻的影响）在仪表和灯泡安全工作的情况下，下列说法正确的是（）A开关S1闭合，S2和S3断开时，滑动变阻器R1允许连入电路中的最小阻值是5B开关S1断开，S2和S3闭合时，滑动变阻器R1消耗的最大功率是1.75WC开关S1闭合，S2和S3断开时，滑动变阻器R1允许连入电路中的最大阻值是15D开关S1闭合，S2和S3断开时，滑动变阻器R1消耗的最大功率是0.6W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）开关S1闭合，S2和S3断开时，R1与L串联，电压表测R1两端的电压根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压，然后与电压表的量程相比较确定此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的最大电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值；根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=I2R表示出R1消耗的电功率，然后根据数学变形得出变阻器消耗的电功率最大时的阻值，然后得出答案；（2）开关S1断开，S2和S3闭合时，滑动变阻器R1和R2并联，电流表测干路中的电流，当电流表的示数最大时滑动变阻器消耗的电功率最大，根据并联电路的电压特点求出通过R2的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R2的最大电流，利用P=UI求出滑动变阻器R1消耗的最大功率【解答】解：（1）开关S1闭合，S2和S3断开时，R1与L串联，电压表测R1两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡正常发光时，电压表的示数：U1=UUL=5V4V=1V3V，则此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=UI可得，此时电路中的最大电流：I大=IL=0.4A，由I=可得，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R1小=2.5，故A错误；灯泡的电阻：RL=10，当电压表的示数最大U1大=3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时灯泡两端的电压：UL小=UU1大=5V3V=2V，此时电路中的电流：I小=0.2A，则滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R1大=15，故C正确；电路中的电流：I=，滑动变阻器消耗的电功率：P1=I2R1=（）2R1=，当R1=RL=10时，滑动变阻器消耗的电功率最大，则P1大=0.625W，故D错误；（2）开关S1断开，S2和S3闭合时，滑动变阻器R1和R2并联，电流表测干路中的电流，当电流表的示数最大时滑动变阻器消耗的电功率最大，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过R2的电流：I2=0.25A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过滑动变阻器R1的最大电流：I1=II2=0.6A0.25A=0.35A，则滑动变阻器R1消耗的最大功率：P1=U1I1=5V0.35A=1.75W，故B正确故选BC【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是电路中最大电流和最小电流的确定，此题有一定的拔高难度，属于难题三、填空题（共6小题，每小题4分，共24分）14跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，利用惯性可以在空中继续前进，从而以提高成绩，如果该运动员在跑道上的助跑距离是40m，助跑时间为5s，该运动员助跑的平均速度是8m/s【考点】惯性；变速运动与平均速度【分析】（1）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，从惯性角度可做出解释；（2）知道路程和时间，利用公式v=可计算平均速度【解答】解：（1）跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，由于身体具有惯性，所以能在空中继续前进，进而提高成绩（2）运动员助跑的平均速度是：v=8m/s故答案为：惯性；8m/s【点评】此题考查惯性在体育运动中的应用以及速度公式的简单计算，难度不大，属于基础题15如图所示，迅速下压活塞，筒内浸有乙醚的棉花被压燃，下压过程中，机械能转化为空气的内能；在四冲程汽油机工作过程中，实现这一能量转化过程的是压缩冲程【考点】做功改变物体内能【分析】（1）结合温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题（2）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小【解答】解：如图所示，在一个配有活塞的厚壁玻璃筒中放一小团蘸了乙醚的棉花，把活塞迅速压下去，会看到棉花燃烧，该过程将机械能转化为内能，使得棉花的内能增加，温度升高，达到着火点，燃烧起来，这个现象说明了空气被压缩时内能增大在四冲程汽油机工作过程中，实现将机械能转化为内能的过程的是压缩冲程故答案为：内；压缩【点评】解决此类问题要结合做功可以改变物体的内能进行分析解答当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小16铁轨下面铺放枕木，是为了减小（填“增大”或“减小”）对路面的压强；排水管“反水弯”做成U形是利用连通器的特点来实现自己功能的【考点】减小压强的方法及其应用；连通器原理【分析】减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强上端开口，下部连通的容器叫做连通器，连通器的特点是容器中的水不流动时，各个容器中液面总是相平的【解答】解：铁轨铺在枕木上，是为了在压力一定时，增大受力面积来减小铁轨对路基的压强洗手池的回水管，下端相通，构成了连通器来实现自己功能故答案为：减小；连通器【点评】此题考查的是减小压强的方法和连通器在生活中的应用这就要求我们平时要多观察、多思考17一质量为60kg的物体静止在水平地面上，现用如图所示的滑轮组来提升该物体，当拉力F为400N时物体刚好能以0.2m/s的速度匀速上升，则此时滑轮组的机械效率为75%，拉力F的功率为160W（不计绳重和摩擦，g=10N/kg）【考点】滑轮（组）的机械效率；功率的计算【分析】（1）知道正方体的质量，利用G=mg求其重力；（2）由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，则s=2h，利用=求机械效率；（3）拉力端移动的速度是物体运动速度的2倍，再利用P=Fv求拉力做功功率【解答】解：（1）物体的重力：G=mg=60kg10N/kg=600N，由图知，n=2，则s=2h，滑轮组的机械效率：=100%=100%=100%=100%=100%=75%；（2）拉力端移动的速度：v=20.2m/s=0.4m/s，拉力做功的功率：P=Fv=400N0.4m/s=160W故答案为：75；160【点评】本题主要考查了重力、机械效率、功率的计算，有一定难度，关键要利用好两个推导公式：一是机械效率=100%，二是功率P=Fv18如图甲所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒A去接触验电器的金属球B，金属箔张开一定的角度，在这个过程中瞬时电流方向是A到B（选填“A到B”或“B到A”）；如图乙所示是用来测量电能的仪表，当电路中只有一只电饭煲接入电路，正常工作0.5h，发现此电能表的转盘转过1500转，则这只电饭煲的额定功率是1000W【考点】电功率的计算；电流的方向；电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）电荷的定向移动形成电流，电荷定向移动形成电流的情况有多种，规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，自由电子定向移动方向与电流的方向相反；（2）已知每消耗1kWh的电能，电能表转盘转动3000R，可求转1500转消耗的电能，根据公式P=求出该电饭煲的电功率【解答】解：（1）丝绸摩擦过的玻璃棒带的电荷是正电，当玻璃棒和金属球接触后，金属球上的自由电子就会转移到玻璃棒上，自由电子定向移动的方向为B到A，所以瞬时电流的方向是A到B；（2）电表的转盘在0.5h内消耗的电能：W=kWh=0.5kWh，电饭煲的额定功率为：P=1kW=1000W故答案为：A到B；1000【点评】（1）掌握电流形成的原因和电流方向的规定；（2）本题考查消耗电能和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是对电能表参数的物理意义的正确理解，解题过程中还要注意单位的换算19如图所示为一盏台灯的电路示意图，当把台灯接入电路时，为了安全，应将台灯插头的D（选填“C”或“D”）插脚接火线，该灯泡正常工作一段时间后，灯丝热的发红，而与之相连的导线却几乎不发热，这说明电流通过导体时产生的热量与电阻有关【考点】插座的构造与工作方式；焦耳定律【分析】在家庭电路中，开关应控制火线，这样更安全；根据焦耳定律Q=I2Rt可分析电路中电热的产生情况【解答】解：（1）在家庭电路中，开关应控制火线因此当把台灯接入电路时，为了安全，应将台灯插头的D插脚接火线；（2）导线与灯丝串联，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，电流和通电时间相同时，灯丝的电阻大，所以产生的热量多，因此出现灯丝热的发红，而与之相连的导线却几乎不发热的现象故答案为：D；电阻【点评】本题主要考查了家庭电路中开关的连接位置，以及利用焦耳定律分析电热的产生情况，难度不大四、综合题（共6小题，共37分）20小华购买了一个暖手宝，某次小华测得暖手宝正常工作时，袋内0.5kg的水由19加热到79耗时5min，若暖手宝的额定功率为700W，水的比热容为4.2103J/（kg），则：（1）加热过程中水吸收的热量是多少？（2）此过程该暖手宝的热效率是多少？【考点】热量的计算；电功与热量的综合计算【分析】（1）应用热量公式可以求出水吸收的热量（2）求出暖手宝消耗的电能，然后由效率公式求出效率【解答】解：（1）加热过程中水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）0.5kg（7919）=1.26105J；（2）加热过程中消耗的电能：W=Pt=700W560s=2.1105J；暖手宝热效率：=100%=100%=60%答：（1）加热过程中水吸收的热量是1.26105J；（2）暖手宝的热效率是60%【点评】本题是一道电学与热学的综合应用题，涉及到吸热公式、效率公式、电功率公式的应用，便于激发学生探究物理现象的兴趣，体现了新课标的要求，属于中考热点题目21某实验小组的同学用如图所示的器材测量小灯泡额定功率，已知待测小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡灯丝的电阻约为10左右，要求：（1）用笔代替导线在图1中，完成测量该小灯泡的额定功率时的电路连接；（2）根据实验需求在虚线框（图3）内设计一个记录数据的表格，并将某次实验的电表示数（如图2所示）及计算结果填入表中【考点】电功率的测量；欧姆定律的应用【分析】（1）根据灯的额定电压确定电压表的量程，将电压表并联在灯的两端；求出灯正常工作时的电流确定电流表的量程，并将电流表与其它元件串联起来；（2）根据要求设计表格，包括电压、电流、功率以及实验次数，根据电流表、电压表小量程分度值分读数真入表格中；【解答】解：（1）小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表选用小量程，电压表并联在灯的两端；灯正常发光时的电流约为I=0.25A，电流表选用小量程，与其它元件串联起来；变阻器接线柱一上一下连入电路中，如下图所示；（2）表格的内容应包括电压、电流、功率以及实验次数，如下表所示图2中，电流表、电压表小量程分度值分别为0.02A、0.1V，示数分别为0.24A、2.4V实验次数123电压/V2.4电流/A0.24灯泡的电功率/W故答案为：（1）如上图所示；（2）如上表所示；【点评】本题测量小灯泡额定功率，考查器材的选择、电路的连接及设计实验记录表格的能力，难度中等22如图为某同学“探究牛顿第一定律”的实验装置实验中该同学先后三次将同一木块放在同一斜面上的同一高度，然后分别用不同的力推了一下木块，使其沿斜面向下运动，逐渐减小水平面的粗糙程度，观察木块运动的距离，从而得出力和运动的关系（1）该同学在实验操作中有一处明显的错误是（不要求解释错误的原因）：分别用不同的力推了一下木块（2）更正错误后进行实验，从实验中观察到，木块在水平面上运动的距离逐渐增大运动的小车所受阻力逐渐减小（填写“增大”，“减小或”不变），最终不能（填写“能”或“不能”）观察到木块在水平面上做匀速运动的情形，原因是摩擦力不可能为零【考点】阻力对物体运动影响的探究实验【分析】（1）实验中为了验证物体速度相同时，木块受到的不同的阻力对其速度的影响，因此实验中要保证木块的初始速度相同故由此可以找出其操作中存在的错误；（2）根据图示的实验现象，结合实验目的，可以确定随着摩擦力的减小其运动距离、运动时间的变化【解答】解：（1）木块运动的距离长短不仅与木块受到的摩擦力有关，还与物体的初始速度有关，因此在研究摩擦力对其运动距离的影响时，要控制木块的速度相同，即要用到控制变量法由于用不同的力推木块，导致了木块的初始速度不同，故这种操作是错误的；（2）随着接触面的改变，发现接触面越来越光滑，摩擦力越来越小，木块运动的距离会越来越长，运动的时间也越来越长；物体由于在运动过程中，受到的摩擦力不可能为零，故不能保持平衡状态，所以不会出现木块做匀速直线运动的现象故答案为：（1）分别用不同的力推了一下木块；（2）增大；减小；不能；摩擦力不可能为零【点评】牛顿第一定律是在实验的基础上，加上科学的推理得出的，它不能用实验来验证，其原因是现实生活中没有不受外力的物体23如图所示，电源电压恒定，小灯泡L标有“3V 0.6W”字样，R为定值电阻，闭合S，断开Sl，小灯泡正常发光；若再闭合S1，发现电流表示数变化了0.3A，则R的阻值为多少，此时灯泡L和电阻R消耗的功率之比是多少【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】闭合S，断开Sl时，电路为L的简单电路，根据额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压；再闭合S1时，L与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知电流表示数的变化量即为通过R的电流，根据欧姆定律求出R的阻值，根据P=UI求出R的电功率，然后求出灯泡L和电阻R消耗的功率之比【解答】解：闭合S，断开Sl时，电路为L的简单电路，因小灯泡正常发光，所以，电源的电压U=UL=3W，灯泡的功率PL=0.6W；再闭合S1时，L与R并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影