中考物理二模试卷（含解析）321.doc

河南省周口市川汇区2016年中考物理二模试卷一、填空题（共6小题，每空1分，满分14分）1现实生活中，越来越多的人使用无线WiFi进行手机上网，WiFi依赖_传输信息；遥控器是靠发射_实现对电视的遥控，“楼台倒影”是光的_形成的2广场舞融娱乐与健身于一体，深受中老年人的喜爱，但也给广场周边的居民造成了一定的影响，这主要是因为音乐声音大，声音大小常用_作为单位；音乐声主要以_为介质传播广场3用普通的缝衣线就可以切开松花蛋，这是因为二者接触面积小，压强_，切开后“蛋香扑鼻”属于_现象4同学们一定很熟悉“守株待兔”的故事，如图所示，快速奔跑的兔子撞到树桩被撞死，兔子被树桩反撞说明_，兔子之所以被撞死是因为它奔跑的速度快，动能_5如图甲所示是探究“通过电阻的电流与其两端电压的关系”的电路，R为定值电阻，ab为滑动变阻器（50 1A），电源电压不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P从b端向a端移动的过程中，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙，则R的阻值为_，电源电压为_V6太阳能属于_（填“可再生“或“不可再生“）能源，某太阳能热水器1h吸收了2.52106J的热量，该热水器的吸热功率为_W，若这些热量全部转化为水的内能，可将100的水从20升髙到_（水的比热容为4.2103J/（）二、选择题（共8小题，每小题2分，满分16分）7下列物态变化过程中，属于汽化过程的是（）A秋日清晨，小草上霜的形成B细雨过后，山涧中雾的形成C寒冷冬天，地面上冰的形成D炎热夏日，泼洒的水迅速干了8当你在竖直放置的平面镜前用右手写字，且正在往右移动笔时，镜中的像正在（）A用右手写字，往左边移动笔B用右手写字，往右边移动笔C用左手写字，往左边移动笔D用左手写字，往右边移动笔9如图所示实验，在橡胶塞受到水蒸气的压力而冲出的过程中，以下说法正确的是（）A试管口出现的“白雾”是气体B水蒸气对外做功，内能增加C水蒸气的温度升高D这个实验基本展示了蒸汽机的工作原理10质量相同的A、B两件货物在两台吊车钢索的牵引力作用下竖直向上运动，它们运动的st图象分别如图甲、乙所示，则（）A两件货物都做匀速直线运动B前6秒A货物的平均速度小于B货物的平均速度C吊车钢索对A货物的拉力大于A货物的重力DB货物在整个运动过程中受到一对平衡力作用11如图是滑雪运动员从山上滑下的情景，下列说法中正确的是（）A运动员加速下滑过程中动能增大B运动员下滑过程中，若一切外力都消失，他将处于静止状态C运动员穿上滑雪板，因增大了与雪地的接触面积，而增大了摩擦力D运动员弓着腰，是通过降低重心来增大重力的12随着生活水平的提高，小轿车已进入千家万户与小轿车相关的物理知识下列说法正确的是（）A小轿车的方向盘其实是一个省力杠杆B使用小轿车不会对环境造成污染C甲车超过同向行驶的乙车时，以甲车为参照物，乙车是前进的D小轿车在平直的路面上加速行驶，车受到的力平衡13“珍爱生命，注意安全“是同学们日常生活中必须具有的意识，下列说法中不正确的是（）A如果发生触电事故，应先进行施救，然后切断电源B雷雨天，人在高处打伞行走，不会被雷击中C使用验电笔时，手必须接触笔尾金属部分D若没有保险丝，不可用细铜丝代替14如图，电源电压为10V，电流表量程00.6A，电压表量程015V，小灯泡上标有“6V 3W”字样，要求开关闭合后两个电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电压不允许超过额定电压（设灯丝电阻不变）则下列说法正确的是（）A灯丝电阻为10B该电路的最大功率为7.2WC当电流表示数为0.3A时，电压表示数为6.4VD滑动变阻器允许调节的最小阻值是20三、解答题（共2小题，满分4分）15当物体在水平传送带向右做减速运动时，作出物体所受力的示意图（不计空气阻力）16在图中的凸透镜主轴上，画出物体AB（用表示）和它的像AB，使之成为一个照相机的成像示意图四、解答题（共3小题，满分18分）17在探究影响浮力大小因素的实验中，同学们提出了下列4种猜想：猜想1：浮力大小与液体密度有关猜想2：浮力大小与物体浸入液体的体积有关猜想3：浮力大小与物体的形状有关猜想4：浮力大小与物体所受的重力有关（1）如图1所示，小明把一个柱状固体挂在弹簧测力计下，使它浸在液体中的体积逐渐增大，观察到弹簧测力计的读数逐渐减小此实验说明猜想_是正确的（2）如图2所示，小明将同一石块分别浸没在水和盐水中，此实验为了验证猜想_在实验中，观察到石块浸没在盐水中静止时弹簧测力计的示数小，则说明石块在盐水中受到的浮力_（选填“大”或“小”）（3）为了验证猜想3，小明将同一橡皮泥做成不同形状，先后放入水中，发现有的漂浮在水面上，有的下沉由此得出结论：浮力的大小与物体的形状有关，请指出他的实验方法的错误：_（4）为了验证猜想4，小明将重力相同而体积不同的铁块和铝块浸没在水中，观察到所受的浮力大小不相等，由此得出结论：浮力的大小与物体的重力无关请指出他的实验方法的错误：_18在探究“杠杆平衡条件”的实验中，采用了如图所示的实验装置（1）调节平衡时，都应该使它在_位置平衡根据图示杠杆所处的位置，应将平衡螺母向_调整（填“右”或“左”）（2）挂上钩码，正确调节使杠杆再次平衡此时挂在杠杆上的钩码施加的动力、阻力方向恰好与杠杆_，挂钩码位置所对应的刻度值就等于_（3）某小组同学在杠杆左右两侧分别挂上不同数量的钩码，同时调节平衡螺母使杠杆平衡，你认为他们的做法是_（4）实验的结果如下表所示动力（F1/N）动力臂（L1/cm）阻力（F2/N）阻力臂（L2/cm）366325524224369234264428甲同学分析实验数据后认为杠杆平衡的条件是：动力+动力臂=阻力+阻力臂乙同学分析实验数据后认为杠杆平衡的条件是：动力动力臀=阻力阻力臂两个同学都认为自己是对的，对方是错误的那么你认为他们中正确的应该是_同学原因是_同学的结论部分仅从部分实验数据分析得到，不是所有实验数据都满足他总结的结论（5）下列正在使用中的杠杆：用镊子取砝码、用扳手拧螺母、用钉捶拔钉子，属于费力的杠杆是_19如图甲所示，在测定小灯泡电功率的实验中，选用的电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V（1）连接电路时开关应_（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是_A小灯泡断路 B电压表短接 C小灯泡短接 D滑动变阻器断路（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片P至某一位置时，电压表的示数如图乙所示，要测量小灯泡额定功率，滑片P应向_（选填“A”或“B”）端移动；直到电压表示数为_V为止实验电压表示数/V电流表示数/A11.50.2522.50.3033.00.32（4）改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，由表格可知，灯泡的额定功率是_W（5）利用这些器材还能进行下列实验，你认为其中无法完成的是_A测量小灯泡正常工作时的电阻B探究小灯泡的亮度与小灯泡功率的关系C探究导体中的电流与电压的关系D探究串联电路中电流的特点五、解答题（共2小题，满分18分）20如图甲所示是小型建筑工地上使用的“罐笼式”提升机，用它能将放在罐笼A中的建筑材料提升到高处罐笼的底面积是1.6m2，已知被提升的建筑材料重为2800N，拉力F将它以0.5m/s的速度匀速提升到10m的高度拉力做的功W随时间t的变化图象如图乙所示不计动滑轮及钢丝绳的重、摩擦求：（1）拉力F大小是多少？（2）当装有建筑材料的罐笼静止在水平地面上时，对地面的压强是多少？（3）提升机在提升建筑材料时的机械效率是多少？21（10分）（2016川汇区二模）如图所示是某压力测力计的电路原理示意图图中电源电压为7.5V并保持不变；定值电阻R0的规格是“400 15mA”，起保护电路的作用；G是由灵敏电流表改装成的指针式测力显示器（电阻忽略不计）；R是一种新型电子元件，在压力不超过600N的前提下，其阻值随压力大小的变化规律如表格中数据所示压力F/N050100150200250300电阻R/300280260240220200180（1）R0上允许消耗的最大功率是多少？（2）当压力为250N时，通电1min，该压力测力计消耗的电能是多少？（3）分析表格数据可知：电子元件的阻值R随压力F变化的关系式是R=_（4）该测力计的量程是多少？（5）若要增大该测力计的量程，请说出两种改进方法2016年河南省周口市川汇区中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、填空题（共6小题，每空1分，满分14分）1现实生活中，越来越多的人使用无线WiFi进行手机上网，WiFi依赖电磁波传输信息；遥控器是靠发射红外线实现对电视的遥控，“楼台倒影”是光的反射形成的【考点】网络通信；光的反射；红外线【分析】移动通信是利用电磁波传输信号的；电视遥控器是靠红外线来对电视机进行控制的；水中倒影是平面镜成像现象，其实质是光的反射【解答】解：移动通信是利用电磁波传递信息的，包括Wifi无线上网也是利用电磁波传输信息的；家中电视机遥控器是靠红外线来实现对电视机控制的；“楼台倒影”是楼台通过水面所成的虚像，属平面镜成像现象，是光的反射形成的故答案为：电磁波；红外线；反射【点评】此题考查了电磁波传、红外线以及光的反射的利用，属于基础知识的考查，在学习中要联系生活中的实例现象正确区分电磁波传和红外线的利用2广场舞融娱乐与健身于一体，深受中老年人的喜爱，但也给广场周边的居民造成了一定的影响，这主要是因为音乐声音大，声音大小常用分贝作为单位；音乐声主要以空气为介质传播广场【考点】声音的等级和噪声的危害；声音的传播条件【分析】响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关度，声音大小常用分贝作为单位；声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传声【解答】解：广场舞的声音给广场周边的居民造成了一定影响，这主要是因为音乐的响度大；声音大小常用分贝作为单位；音乐声主要是以空气为介质传遍广场的故答案为：分贝；空气【点评】本题主要考查学生对响度在生活中具体应用的了解情况，还要知道声音传播的介质，是一道声学的基础题3用普通的缝衣线就可以切开松花蛋，这是因为二者接触面积小，压强大，切开后“蛋香扑鼻”属于扩散现象【考点】增大压强的方法及其应用；扩散现象【分析】（1）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力，在压力一定时，减小受力面积（2）两个相互接触的物体的分子彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子运动的结果，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现【解答】解：用细线切开松花蛋，是在压力一定时，通过减小受力面积的方法增大压强，切开后“蛋香扑鼻”是因为香气分子不停运动的结果，属于扩散现象故答案为：大；扩散【点评】此题主要考查的是增大压强的方法和扩散现象，在平时的学习过程中，要善于运用物理知识来解释一些日常现象，从而为解答此类题积累经验4同学们一定很熟悉“守株待兔”的故事，如图所示，快速奔跑的兔子撞到树桩被撞死，兔子被树桩反撞说明物体间力的作用是相互的，兔子之所以被撞死是因为它奔跑的速度快，动能大【考点】力作用的相互性；动能的影响因素【分析】（1）物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体产生力，同时另一物体对它也产生力；（2）影响动能的因素：质量、速度【解答】解：（1）物体间力的作用是相互的，快速奔跑的兔子对树桩有一个力的作用，同时树桩对兔子也有一个力的作用，导致兔子被树桩撞死；（2）兔子的质量一定，速度越大，动能越大，更容易被撞死故答案为：物体间力的作用是相互的；大【点评】本题考查了物体间力的作用是相互的、影响动能的因素，是一道基础题5如图甲所示是探究“通过电阻的电流与其两端电压的关系”的电路，R为定值电阻，ab为滑动变阻器（50 1A），电源电压不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P从b端向a端移动的过程中，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙，则R的阻值为10，电源电压为6V【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）由题意可知，R为定值电阻，图象为电阻R的IU图象，从图象中读出任意一组电压和电流值，根据欧姆定律就可求出电阻R的阻值；（2）当滑片P位于a端时，电路为R的简单电路，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流，此时电路中的电流最大；从图象读出电流最大时电压表的示数，据此可知电源电压【解答】解：（1）由题意可知，R为定值电阻，图象为电阻R的IU图象；由图乙可知，当定值电阻两端电压为2V时，通过它的电流为0.2A，则R的阻值：R=10（2）当滑片P位于a端时，电路为R的简单电路，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流；此时电路中的电流最大，由图乙可知，电流最大为0.6A时，电压表的示数为6V，即电源电压为6V故答案为：10；6【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象读出电流和电压的对应值6太阳能属于可再生（填“可再生“或“不可再生“）能源，某太阳能热水器1h吸收了2.52106J的热量，该热水器的吸热功率为700W，若这些热量全部转化为水的内能，可将100的水从20升髙到26（水的比热容为4.2103J/（）【考点】热量的计算；功率的计算；可再生能源的特点【分析】（1）从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源（2）知道太阳能热水器1h吸收了 2.52106J的热量，利用P=求该热水器的吸热功率；（3）知道水吸收的热量、水的质量、水的比热容、水的初温，利用吸热公式Q吸=cm（tt0）求水的末温【解答】解：（1）太阳能、风能、水能等可从自然界不断获得且可重复利用，属可再生能源；煤、石油、天然气、核能等在地球是的储量是有限的，消耗后不可能再生，属不可再生能源；（2）该热水器的吸热功率：P=700W；（3）Q吸=cm（tt0），即：2.52106J=4.2103J/（）100kg（t20）解得：t=26故答案为：可再生；700；26【点评】本题考查了学生对功率公式、吸热公式、能源分类的了解与掌握，引导同学认识到对于可再生能源我们应大力开发，对于不可再生能源我们应合理利用二、选择题（共8小题，每小题2分，满分16分）7下列物态变化过程中，属于汽化过程的是（）A秋日清晨，小草上霜的形成B细雨过后，山涧中雾的形成C寒冷冬天，地面上冰的形成D炎热夏日，泼洒的水迅速干了【考点】汽化及汽化吸热的特点【分析】物体由液态变为气态的现象叫汽化，汽化的生成物是气态的，是由液态形成的，据此进行判断【解答】解：A、秋日清晨，小草上霜的形成是凝华现象，不合题意；B、细雨过后，山涧中雾的形成是液化现象，不合题意；C、寒冷冬天，地面上冰的形成是凝固现象，不合题意；D、炎热夏日，泼洒的水迅速干了是汽化现象，符合题意故选D【点评】此题考查的是我们生活中的一些物态变化现象，是一道基础题8当你在竖直放置的平面镜前用右手写字，且正在往右移动笔时，镜中的像正在（）A用右手写字，往左边移动笔B用右手写字，往右边移动笔C用左手写字，往左边移动笔D用左手写字，往右边移动笔【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】根据平面镜成的像与物体等大，又关于镜面对称，所以人成的像看起来是左右相反的来解答此题【解答】解：平面镜所成的像与物体关于平面镜对称，镜中的你与你面对面，所以镜中的你用左手写字，笔往左移动所以选项A、B、D错误，选项C正确故选C【点评】本题主要考查了平面镜成像的特点的应用，掌握像与物体相对于平面镜对称是解答此题的关键9如图所示实验，在橡胶塞受到水蒸气的压力而冲出的过程中，以下说法正确的是（）A试管口出现的“白雾”是气体B水蒸气对外做功，内能增加C水蒸气的温度升高D这个实验基本展示了蒸汽机的工作原理【考点】内能的利用及其意义【分析】（1）白雾都是小液滴，即水蒸气遇冷液化而成的小液滴；（2）物体对外做功，其自身的内能会减小，温度降低；（3）在汽油机的四冲程中，做功冲程是内能转化为机械能的冲程，试管内水蒸气的内能可以转化为塞子的机械能，与做功冲程相同【解答】解：A、试管口出现的“白雾”是小液滴，即水蒸气遇冷液化而成的小液滴，故A错误；B、水蒸气对外做功，内能减小，温度降低，故B错误；C、该过程中，水蒸气对外做功，内能减小，温度降低，故C错误；D、在汽油机的四冲程中，做功冲程是内能转化为机械能的冲程，试管内水蒸气的内能可以转化为塞子的机械能，与做功冲程相同，故该实验基本展示了蒸汽机的工作原理，故D正确；故选D【点评】该题考查了液化现象的理解、做功改变内能的应用、内燃机工作原理的理解等知识点，是一道综合题10质量相同的A、B两件货物在两台吊车钢索的牵引力作用下竖直向上运动，它们运动的st图象分别如图甲、乙所示，则（）A两件货物都做匀速直线运动B前6秒A货物的平均速度小于B货物的平均速度C吊车钢索对A货物的拉力大于A货物的重力DB货物在整个运动过程中受到一对平衡力作用【考点】速度公式及其应用；力与运动的关系【分析】（1）由图象可知，甲图中路程和时间的比值不变，即为匀速直线运动；乙图中路程和时间的比值变小，即不做匀速直线运动；（2）在相同时间内，通过的路程越远，其速度越大；（2）物体静止或匀速直线运动时处于平衡状态，受到的力为平衡力，大小相等；（3）根据图象读出前6秒内甲乙通过的路程，根据速度公式求出平均速度，即可比较平均速度的大小【解答】解：A、甲图中路程和时间成正比说明甲做匀速直线运动，乙图中路程和时间的比值变小说明不做匀速直线运动，故A不正确；B、由图象可知：前6秒内，sA=0.4m，sB=0.6m，所以根据v=可知A货物运动的平均速度小于B货物运动的平均速度，故B正确；C、A货物匀速直线运动，受到的重力和钢索对它的拉力是一对平衡力，大小相等，故C不正确；D、B货物不是匀速直线运动或静止状态，所以所受重力和钢索对它的牵引力不是一对平衡力，故D不正确故选B【点评】根据图象判断物体是否做匀速直线运动、知道平衡力的辨别和平衡力与相互作用力的区别是解决本题的关键11如图是滑雪运动员从山上滑下的情景，下列说法中正确的是（）A运动员加速下滑过程中动能增大B运动员下滑过程中，若一切外力都消失，他将处于静止状态C运动员穿上滑雪板，因增大了与雪地的接触面积，而增大了摩擦力D运动员弓着腰，是通过降低重心来增大重力的【考点】动能和势能的大小变化；力与运动的关系；重心；减小压强的方法及其应用【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大（2）一切物体在不受外力作用时，总保持静止或匀速直线运动状态（3）摩擦力的影响因素有：压力和接触面的粗糙程度（4）重心越低时，稳度越大【解答】解：A、运动员加速下滑过程中，质量不变，动能增大，故A正确；B、运动员下滑过程中，若一切外力都消失，它将做匀速直线运动，故B错误；C、运动员穿上滑雪板，因增大了与雪地的接触面积，是为了减小对雪地的压强；摩擦力的大小与接触面积的大小无关，所以摩擦力不变，故C错误；D、运动员弓着腰，是通过降低重心来增加稳度，不能改变重力的大小，故D错误故选A【点评】本题考查了动能、牛顿第一定律、摩擦力和重力的认识和理解，关键是掌握这些基础知识12随着生活水平的提高，小轿车已进入千家万户与小轿车相关的物理知识下列说法正确的是（）A小轿车的方向盘其实是一个省力杠杆B使用小轿车不会对环境造成污染C甲车超过同向行驶的乙车时，以甲车为参照物，乙车是前进的D小轿车在平直的路面上加速行驶，车受到的力平衡【考点】轮轴及其他常见简单机械；运动和静止的相对性；平衡状态的判断；能源的利用和对环境的危害【分析】汽车方向盘是一个轮轴，本质是省力杠杆；机动车工作过程中排出的尾气，不同程度地对环境造成污染；一个物体相对于参照物位置发生变化，这个物体就是运动的；物体在平衡力的作用下，保持静止或匀速直线运动状态【解答】解：A、汽车方向盘本质是一个省力杠杆，使用的好处是可以省力，便于转向此选项正确；B、小轿车行驶过程中排出的尾气对环境造成一定程度的污染此选项错误；C、甲车超过同向行驶的乙车，说明甲车行驶速度较大，如果以甲车为参照物，乙车是后退的此选项错误；D、小轿车在平直的路面上加速行驶，牵引力大于摩擦阻力，所以水平方向受到的两个力不平衡此选项错误故选A【点评】此题考查了汽车方向盘的本质、机动车对环境的影响、运动和静止的相对性及力和运动的关系，是基本规律的考查，知识横向联系较少，考查的是我们对知识掌握的熟练程度13“珍爱生命，注意安全“是同学们日常生活中必须具有的意识，下列说法中不正确的是（）A如果发生触电事故，应先进行施救，然后切断电源B雷雨天，人在高处打伞行走，不会被雷击中C使用验电笔时，手必须接触笔尾金属部分D若没有保险丝，不可用细铜丝代替【考点】安全用电原则【分析】（1）发现有人触电或电引起的火灾，首先切断电源，再实行救援措施；（2）雷电容易击中地面上尖端的突起物；（3）使用测电笔时，手必须接笔尾金属体，不能接触笔尖金属体；（4）不能用铜丝代替保险丝【解答】解：A、发生触电事故，用手拉不安全，报警时间来不及，切断电源是首先要做的，故A正确；B、雷容易击中地面上尖端的突起物体，所以雷雨天打伞是极危险的，故B错误；C、使用测电笔时，人不能碰到笔尖金属体，但必须接触笔尾金属体，故C正确；D、当电路电流过大时，保险丝容易熔断而保护电路，如果用铜丝代替保险丝后，就起不到保护作用了故D正确故选B【点评】（1）本题来源于日常生活的常见现象和行为，在考查安全用电的原则中，实现安全用电知识的宣传和教育作用（2）家庭中有时自己私接电器，存在着很多安全隐患，尤其在农村更为严重，希望同学们及时杜绝，安全文明用电14如图，电源电压为10V，电流表量程00.6A，电压表量程015V，小灯泡上标有“6V 3W”字样，要求开关闭合后两个电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电压不允许超过额定电压（设灯丝电阻不变）则下列说法正确的是（）A灯丝电阻为10B该电路的最大功率为7.2WC当电流表示数为0.3A时，电压表示数为6.4VD滑动变阻器允许调节的最小阻值是20【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI求出灯泡正常发光时的电流，根据串联电路的电流特点和电流表的量程确定电路中的最大电流，此时电路的总功率最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据P=UI求出电路中的最大功率，根据欧姆定律求出电路的总电阻和灯泡的电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；（2）当电流表示数为0.3A时，根据欧姆定律求出灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电压表的示数【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流（1）由P=UI可得，灯泡正常发光时的电流：IL=0.5A，因串联电路中各处的电流相等，且电流表量程00.6A，所以，电路中的最大电流I大=0.5A，电路的最大功率：P=UI大=10V0.5A=5W，故B错误；由I=可得，电路的总电阻和灯泡的电阻分别为：R=20，RL=12，故A错误；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑=RRL=2012=8，故D错误；（2）当电流表示数为0.3A时，灯泡两端的电压：UL=IRL=0.3A12=3.6V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表的示数：U滑=UUL=10V3.6V=6.4V，故C正确故选C【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，会确定电路中的最大电流是关键三、解答题（共2小题，满分4分）15当物体在水平传送带向右做减速运动时，作出物体所受力的示意图（不计空气阻力）【考点】力的示意图【分析】（1）二力平衡的条件是：大小相等，方向相反，且作用在同一物体且在同一直线上（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，称为惯性；【解答】解：物体做水平方向向右减速运动，所以在竖直方向上，物体受重力和支持力作用，并且二力是一对平衡力在水平方向上，物体由于惯性，仍然向前有运动的趋势，所以此时受到传送带给它相后的摩擦力作用，故受到三个力的作用如下图：【点评】注意物体在竖直方向上处于平衡状态时，受力平衡力作用；本题中物体受重力、支持力和摩擦力的作用是分析的难点16在图中的凸透镜主轴上，画出物体AB（用表示）和它的像AB，使之成为一个照相机的成像示意图【考点】透镜的光路图【分析】解答此题可根据凸透镜的三条特殊光线作图，然后可知像的大致位置及像的性质【解答】解：根据凸透镜的三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点作图如下：由图可知，物体AB在二倍焦距以外，所成的像是倒立缩小的实像【点评】本题考查光线通过凸透镜的传播路径及对凸透镜成像原理的理解掌握凸透镜的三条特殊光线是解答此题的关键四、解答题（共3小题，满分18分）17在探究影响浮力大小因素的实验中，同学们提出了下列4种猜想：猜想1：浮力大小与液体密度有关猜想2：浮力大小与物体浸入液体的体积有关猜想3：浮力大小与物体的形状有关猜想4：浮力大小与物体所受的重力有关（1）如图1所示，小明把一个柱状固体挂在弹簧测力计下，使它浸在液体中的体积逐渐增大，观察到弹簧测力计的读数逐渐减小此实验说明猜想2是正确的（2）如图2所示，小明将同一石块分别浸没在水和盐水中，此实验为了验证猜想1在实验中，观察到石块浸没在盐水中静止时弹簧测力计的示数小，则说明石块在盐水中受到的浮力大（选填“大”或“小”）（3）为了验证猜想3，小明将同一橡皮泥做成不同形状，先后放入水中，发现有的漂浮在水面上，有的下沉由此得出结论：浮力的大小与物体的形状有关，请指出他的实验方法的错误：没有控制橡皮泥浸入水中的体积相同（4）为了验证猜想4，小明将重力相同而体积不同的铁块和铝块浸没在水中，观察到所受的浮力大小不相等，由此得出结论：浮力的大小与物体的重力无关请指出他的实验方法的错误：没有控制物体浸入液体的体积相同，没有改变重力的大小【考点】探究浮力大小的实验【分析】浮力的大小可能与物体浸入液体中的体积有关、可能与液体的密度有关、可能与物体的重力大小有关，实验探究时必须采用控制变量法，即研究与其中一个因素的关系时，控制其它因素一定；根据称重法可知，物体所受浮力的大小等于物体本身的重力减掉浸入液体时弹簧测力计的示数【解答】解：（1）把一个柱状固体挂在弹簧测力计下，使它浸在液体中的体积逐渐增大，观察到弹簧测力计的读数逐渐变小，根据称量法测浮力可知，固体受到的浮力逐渐增大，此实验说明：物体受到的浮力与物体排开液体的体积有关，此实验说明了猜想2是正确的；（2）由图2所示实验可知，将同一块石头浸没在水和盐水中，石块排开液体的体积相同而液体密度不同，可以探究浮力与液体密度的关系，此实验可以验证猜想1物体浸入液体时受到的浮力：F浮=GF，物体的重力G一定，测力计示数F越小，物体受到的浮力F浮越大；在图2所示实验中，观察到石块浸没在盐水中静止时弹簧测力计的示数小，则说明石块在盐水中所受浮力大（3）探究浮力与物体形状是否有关，应控制物体排开液体的体积相同、液体密度相同而形状不同，小明将同一个橡皮泥做成不同的形状，先后放入水中，发现有的漂浮在水面上，有的下沉，他在实验中没有控制橡皮泥浸入液体的体积相同，因此得出的结论是错误的；（4）探究浮力大小是否与物体的重力有关，应控制物体排开液体的体积相同、液体的密度相同而物体的重力不同，小明将重力相同而体积不相同的铁块和铝块浸没在水中，由于他没有控制物体浸入液体的体积相同、没有改变重力的大小，因此他的结论是错误的；故答案为：（1）2；（2）1；大；（3）没有控制橡皮泥浸入水中的体积相同；（4）没有控制物体浸入液体的体积相同，没有改变重力的大小【点评】本题利用了控制变量法解题：就是在研究和解决问题的过程中，对影响事物变化规律的因素和条件加以人为控制，只改变某个变量的大小，而保证其它的变量不变，最终解决所研究的问题18在探究“杠杆平衡条件”的实验中，采用了如图所示的实验装置（1）调节平衡时，都应该使它在水平位置平衡根据图示杠杆所处的位置，应将平衡螺母向左调整（填“右”或“左”）（2）挂上钩码，正确调节使杠杆再次平衡此时挂在杠杆上的钩码施加的动力、阻力方向恰好与杠杆垂直，挂钩码位置所对应的刻度值就等于力臂（3）某小组同学在杠杆左右两侧分别挂上不同数量的钩码，同时调节平衡螺母使杠杆平衡，你认为他们的做法是错误的（4）实验的结果如下表所示动力（F1/N）动力臂（L1/cm）阻力（F2/N）阻力臂（L2/cm）366325524224369234264428甲同学分析实验数据后认为杠杆平衡的条件是：动力+动力臂=阻力+阻力臂乙同学分析实验数据后认为杠杆平衡的条件是：动力动力臀=阻力阻力臂两个同学都认为自己是对的，对方是错误的那么你认为他们中正确的应该是乙同学原因是甲同学的结论部分仅从部分实验数据分析得到，不是所有实验数据都满足他总结的结论（5）下列正在使用中的杠杆：用镊子取砝码、用扳手拧螺母、用钉捶拔钉子，属于费力的杠杆是镊子【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动（2）根据杠杆的特点，结合力臂的概念分析解答，知道力臂是从支点到力的作用线的距离（3）“杠杆的平衡条件”实验时，步骤：a把杠杆的中点支在支架上，把杠杆调节平衡；b把钩码挂在杠杆的两边，改变钩码的位置使杠杆水平平衡；c记下两边的钩码的重，用尺量出它们的力臂，记下实验数据；d每次实验前，把杠杆调节平衡，改变力和力臂数值，做三次实验；e求出各次实验的动力乘以动力臂和阻力乘以阻力臂数值（4）实验结论必须要具有合理性、科学性，要符合物理规律；同时要多做几次实验，合理分析才能得出正确的结论；（5）联系生活经验，要判断杠杆的类型，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系：若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆；若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆；若动力臂等于阻力臂，则为等臂杠杆【解答】解：（1）杠杆左端上翘，右端下倾，应将杠杆两端螺母向左边移动一些，并使杠杆在水平位置平衡；（2）挂上钩码，正确调节使杠杆再次平衡此时挂在杠杆上的钩码施加的动力、阻力方向恰好与杠杆垂直，挂钩码位置所对应的刻度值就等于力臂；（3）在做“杠杆的平衡条件”实验时，在杠杆O点位置两边分别挂上数目不等的钩码，通过移动悬挂钩码的滑片的位置，并调节杠杆两端的螺母，使杠杆重新保持水平，是错误的，挂上钩码后，不能再调节平衡螺母使杠杆平衡；（4）甲组只通过三组特殊的数据，即动力和动力臂与阻力和阻力臂都是9、7、6就得出结论，过于片面；实验应该至少在三次以上，且数据不要是几个特殊的数字，这样才能分析确定出实验现象中的普遍规律；而且甲组是：动力+动力臂=阻力+阻力臂，类似的不同的物理量之间相加，是没有意义的；乙同学分析所有实验数据后认为杠杆平衡的条件是：动力动力臀=阻力阻力臂，是正确的，科学的；（5）正在使用的用扳手拧螺母、用钉捶拔钉子，能用较小的动力克服很大的阻力，使用时动力臂大于阻力臂，因而它们属于省力杠杆；而在使用用镊子取砝码时，杠杆受到的阻力较小，动力臂小于阻力臂，因而是费力杠杆故答案为：（1）水平；左；（2）垂直；力臂；（3）错误的；（4）乙；甲；（5）镊子【点评】初中物理实验进行多次测量有些是为了求平均值，使测得的数据更准确，有些是为了寻找普遍规律，探究杠杆平衡的条件就是为了寻找普遍规律同时注意测得的数据应具有普遍性，不同的物理量之间不能相加减19如图甲所示，在测定小灯泡电功率的实验中，选用的电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V（1）连接电路时开关应断开（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是AA小灯泡断路 B电压表短接 C小灯泡短接 D滑动变阻器断路（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片P至某一位置时，电压表的示数如图乙所示，要测量小灯泡额定功率，滑片P应向B（选填“A”或“B”）端移动；直到电压表示数为2.5V为止实验电压表示数/V电流表示数/A11.50.2522.50.3033.00.32（4）改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，由表格可知，灯泡的额定功率是0.75W（5）利用这些器材还能进行下列实验，你认为其中无法完成的是CA测量小灯泡正常工作时的电阻B探究小灯泡的亮度与小灯泡功率的关系C探究导体中的电流与电压的关系D探究串联电路中电流的特点【考点】电功率的测量；探究串并联电路中的电流特点实验；探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）连接电路时，开关应断开；（2）闭合开关灯泡不亮，可能是灯泡断路或短路或灯泡之外的电路断路；电流表无示数，可能是电路断路；电压表有示数，说明电压表与电源两端是连通的，电压表并联电路之外不存在断路；综合分析知电路故障原因是：小灯泡断路；（3）根据图乙电压表小量程读数，并与额定电压作比较，根据分压原理确定滑片移动的方向；（4）灯在额定电压下的功率为额定功率，由表中数据，根据P=UI求灯的额定功率；（5）根据现有器材，逐一分析每个实验所需要的器材和条件作答【解答】解：（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开；（2）经上面的分析，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是小灯泡断路；（3）在图乙中，电压表小量程分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯的额定电压，因灯在额定电压下才能正常工作，所以应增大灯的电压，减小变阻器分得的电压，根据分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，所以滑片向B端移动，直到电压表示数为2.5V；（4）灯在额定电压下的功率为额定功率，由表中数据知，当灯的电压为2.5V时对应的电流大小为0.3A，则灯的额定功率P=UI=2.5V0.3A=0.75W；（5）根据本实验中的器材：A、利用伏安法可完成测电阻的大小，A选项不符合题意；B、测出不同电压下灯的实际功率，并比较灯的亮度，从而得出灯亮度与灯的功率的关系，B选项不符合题意；C、研究电流与电压的关系时，要保持灯的电阻不变，而灯的电阻随电压（温度）的变化而变化，不是一个定值，所以无法完成研究电流与电压的关系实验，C选项符合题意；D、通过移动变阻器的滑片，可改变电路中的电流大小，通过比较通过灯与变阻器的电流大小关系，即可完成该实验，D选项不符合题意故选C故答案为：（1）断开；（2）A；（3）B；2.5；（4）0.75；（5）C【点评】本题测定小灯泡电功率，考查实验注意事项，电路故障分析、操作过程、额定功率的计算、控制变量法并对电学中的几个常见实验作横向比较，综合性较强，有一定难度五、解答题（共2小题，满分18分）20如图甲所示是小型建筑工地上使用的“罐笼式”提升机，用它能将放在罐笼A中的建筑材料提升到高处罐笼的底面积是1.6m2，已知被提升的建筑材料重为2800N，拉力F将它以0.5m/s的速度匀速提升到10m的高度拉力做的功W随时间t的变化图象如图乙所示不计动滑轮及钢丝绳的重、摩擦求：（1）拉力F大小是多少？（2）当装有建筑材料的罐笼静止在水平地面上时，对地面的压强是多少？（3）提升机在提升建筑材料时的机械效率是多少？【考点】滑轮组绳子拉力的计算；压强的大小及其计算；机械效率的计算【分析】（1）从图上可以看出动滑轮上有两段绳子，拉力等于材料与罐笼A的重力和的一半，根据公式P=FV可求拉力F的大小；（2）由G罐笼=2FG求出罐笼的重力，已知底面积，利用压强公式p=可求压强；（3）机械效率等于有用功除以总功，有用功等于拉力对重物做的功，总功等于拉力F和拉力移动距离的乘积【解答】解：（1）由图可知，动滑轮上有两段绳子，即n=2；物体上升的时间：t=20s，绳端移动的距离：s绳=2h=210m=20m，由图乙可知，20s时拉力F做的功是40000J，由W=Fs可得拉力：F=2000N；（2）不计动滑轮及钢丝绳的重、摩擦，对动滑轮进行受力分析可得：2F=G+G罐笼，则罐笼的重：G罐笼=2FG=22000N2