陕西省西安电子科技大学附属中学2019_2020学年高一物理上学期第二次月考试题（含解析）.docx

20192020学年度第一学期第二次月考高一年级物理试题一、选择题（本题共15小题，每小题4分，共60分。在每小题给出的四个选项中，1-10题，只有一个正确选项；11-15题，有多个正确选项，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分）1.下列说法中正确的是()A. 两个物体只要接触就会产生弹力B. 放在桌面上的物体受到的支持力是由于桌面发生形变而产生的C. 滑动摩擦力的方向总是和物体的运动方向相反D. 形状规则的物体的重心必在其几何中心【答案】B【解析】【详解】A两个物体接触并挤压才会产生弹力，故A错误B物体受到的支持力是由于桌面发生弹性形变而产生的，故B正确C如初速度为零的物体放到匀速运动的传送带上，从物体开始运动到与传送带共速之前，物体受到的滑动摩擦力与运动方向相同，故C错误D形状规则且质量分布均匀的物体，其重心才能与几何中心重合，故D错误2.汽车在两车站间沿直线行驶时，从甲站出发，先以速度v匀速行驶了全程的一半，接着匀减速行驶后一半路程，抵达乙车站时速度恰好为零，则汽车在全程中运动的平均速度是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】设总位移为，前一半位移以速度匀速行驶一半，故时间，下半程初速度为，末速度为0，故，所以下半程的时间，所以，故选项C正确，选项ABD错误3.在平直公路上行驶的a车和b车的位置时间（x-t）图像分别为图中直线和曲线，已知b车的加速度恒定且等于-2m/s2，t=3s时，直线和曲线刚好相切，则（）A. a车做匀速运动且其速度为m/sB. t=3s时a车和b车相遇但此时速度不等C. t=1s时b车的速度为10m/sD. t=0时a车和b车的距离x0=9m【答案】D【解析】【详解】A由图可知，a车的速度为：故A错误。Bt=3s时a车和b车到达同一位置而相遇。直线a和曲线b刚好相切，说明两者的速度相等，故B错误。Ct=3s时，直线a和曲线b刚好相切，即此时b车的速度 vb=va=2m/s；设b车的初速度为v0对b车，由v0+at=vb解得：v0=8m/s则t=1s时b车的速度为：vb1=v0+at1=8-21=6m/s故C错误。D前3s内，a车的位移大小为：Sa=8m-2m=6mb车的位移为：t=3s时，a车和b车到达同一位置，得t=0s时a车和b车的距离为：S0=Sb-Sa=9m故D正确4.一个从地面竖直上抛的物体两次经过一个较低的点A的时间间隔是TA，两次经过一个较高的点B的时间间隔是TB，重力加速度为g，则A、B之间的距离为（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】小球做竖直上抛运动，根据运动时间的对称性得，物体从最高点自由下落到A点的时间为，物体从最高点自由下落到B点的时间为，竖直上抛运动的加速度a=g，由可得：最高点到A点的距离为： 最高点到B点的距离为：A点在B点下方，由、解得，AB相距：A，与结论相符，选项A正确；B，与结论不相符，选项B错误；C，与结论不相符，选项C错误；D，与结论不相符，选项D错误；5.同一平面内的三个力，大小分别为4N、6N、7N，若三力同时作用于某一物体，则该物体所受三力合力的最大值和最小值分别为A. 17N 3NB. 5N 3NC. 9N 0D. 17N 0【答案】D【解析】【分析】当这三个力作用在同一物体上，并且作用在同一直线上，方向相同，三个力的合力最大如果三个力不在同一直线上，夹角可以变化，当两个较小力的合力大小等于第三个力，方向相反时，合力为零，此时三个力的合力的最小【详解】当三个力作用在同一直线、同方向时，三个力的合力最大，即，4N、6N的最大值为10N，最小值为2N，因此7N在最大与最小之间，因此三个力合力能够为零，则合力最小值为0故选D【点睛】当多个力合成时，它们作用在同一直线上、同方向时，合力最大；求最小合力时，先考虑合力为零的情况6.如图所示，重力为20N的物体，放在倾角为30的光滑斜面上，弹簧秤对物体的拉力与斜面平行，物体在斜面上保持静止时，弹簧秤示数为A. 10NB. 17NC. 20ND. 30N【答案】A【解析】【详解】滑块受重力、支持力和弹簧的拉力，三力平衡，拉力等于重力的下滑分量，故：F=mgsin30=20=10N，故选A7.如图所示，用一根长为L的细绳一端固定在O点，另一端悬挂质量为m的小球A，为使细绳与竖直方向夹角为30且绷紧，小球A处于静止，则需对小球施加的最小力等于（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】以小球为研究对象，分析受力，作出力图如图：根据作图法分析得到，当小球施加的力F与细绳垂直时，所用的力最小.根据平衡条件，F的最小值为：.A.与分析结果不相符；故A错误.B.与分析结果相符；故B正确.C.与分析结果不相符；故C错误.D.与分析结果不相符；故D错误.8.如图为颈部牵拉器牵拉颈椎肥大患者的示意图.当颈部肥大压迫神经时，需要用颈部牵拉器牵拉颈部，以缓解神经压迫症状.图中牵拉细绳为跨过三个光滑小滑轮的同一根绳子，牵拉绳分别为水平、竖直方向，牵拉物P的重力为G，不计小滑轮重力，则牵拉器作用在患者头部的合力大小是A. GB. 2GC. D. 3G【答案】C【解析】【详解】颈部牵拉器进行受力分析，如图所示：由平行四边形定则，将力进行合成，则有：同一根绳子上的拉力是处处相等的，T1=G，那么牵拉器作用在患者颈部的合力大小；AG，与结论不相符，选项错误；B2G，与结论不相符，选项B错误；C，与结论相符，选项C正确；D3G，与结论不相符，选项D错误；9.如图所示,在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A,A的左端紧靠竖直墙,A与竖直墙之间放一光滑圆球B,整个装置处于静止状态,若把A向右移动少许后,它们仍处于静止状态,则A. B对墙的压力增大B. A与B之间的作用力增大C. 地面对A的摩擦力减小D. A对地面的压力减小【答案】C【解析】【详解】AB小球B受重力、A的支持力F1和墙壁的压力F2如下图所示：将重力G分解为G1和G2，则根据平衡可知，F2=G2=Gtan当A向右移动少许，根据题意可知，A对小球B的作用力F1与竖直方向的夹角将减小，根据力图分析可知：因为减小，则cos增大，tan减小，即墙壁对小球B的作用力将减小，A对小球B的支持力减小根据牛顿第三定律可知，球B对墙壁的压力将减小，球B对A的压力亦减小，选项AB错误C再对A进行受力分析知：由于A的平衡，所以A受地面摩擦力f=FBsin，根据题意知，B对A的压力FB减小且FB与竖直方向的夹角减小，故A所受地面的摩擦力f减小再根据牛顿第三定律，地面所受A的摩擦力减小，选项C正确D对AB的整体，竖直方向受到地面的支持力和AB的重力，则地面的支持力等于AB的重力之和，选项D错误10.如图所示，一个质量为m=2.0kg的物体放在倾角为30的斜面上静止不动，若用竖直向上的力F=5.0N提物体，物体仍静止，取g=10m/s2，下述结论正确的是（）A. 物体受到的合外力减小5.0NB. 物体受到的摩擦力减小5.0NC. 斜面受到的压力减小5.0ND. 物体对斜面的作用力减小5.0N【答案】D【解析】【详解】A物体在有无拉力时，都处于静止状态，合力都为零。故A错误。BC无拉力时对物体受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，如图 根据共点力平衡条件，有f=mgsinN=mgcos有拉力F作用后，再次对物体受力分析，受到拉力、重力、支持力和静摩擦力，如图；根据共点力平衡条件，有f1=（mg-F）sinN1=（mg-F）cos故f-f1=Fsin30=2.5NN-N1=Fcos30=N。物体对斜面体的摩擦等于斜面体对物体的摩擦，减小2.5N物体对斜面体的压力等于斜面体对物体的支持力，减小了N故BC错误。D物体对斜面的作用力为压力和摩擦力的合力，压力和摩擦力的合力方向竖直向下，知作用力减小5N故D正确。11.下列所描述运动的中，可能的有（ ）A. 速度变化很大，加速度很小；B. 速度变化方向正，加速度方向为负；C. 速度越来越大，加速度越来越小D. 速度变化越来越快，加速度越来越小；【答案】AC【解析】【详解】根据可知，速度变化很大，若时间更长，则加速度可能很小，选项A正确；速度变化的方向即为加速度的方向，选项B错误；若速度与加速度同向，则速度越来越大，加速度可能越来越小，选项C正确加速度等于速度的变化率，则速度变化越来越快，加速度一定越来越大，选项D错误；故选AC.12.如图所示，有三个相同的物体叠放在一起，置于粗糙的水平地面上，现用水平力F作用在B上，三个物体仍然静止，下列说法中正确的是（ ）A. B对A有摩擦力作用B. B受到A、C的摩擦力作用C. B只受到C的摩擦力作用D. 地面对C有摩擦力作用，大小等于F【答案】CD【解析】【详解】A.假设对有摩擦力作用，则受力不能平衡，与题给条件不符，所以对无摩擦力作用，选项A错误B.根据力的相互性可知，对也无摩擦力作用，B错误CD.假设对无摩擦力作用，则在水平方向上只受力作用，不可能保持静止，与题给条件不符，故受到摩擦力作用由于、是保持静止的，那么地面给的摩擦力大小为，方向向左，所以CD正确13.如图所示，物体A重4N，物体B重1N，摩擦及绳子、滑轮的质量均不计，以下说法正确的是（）A. 地面对A的支持力是3NB. 测力计的示数为2NC. 地面对A的支持力为2ND. 测力计的示数为3N【答案】AB【解析】【详解】AC以B为研究对象，由平衡条件可知绳子的张力 T=GB=1N再以A为研究对象，由A受到重力、地面的支持力和绳子的拉力，由平衡条件得：T+N=GA解得 N=GA-T=4-1=3N即地面对A的支持力是3N；故A正确，C错误；BD对滑轮研究可知，滑轮的质量及摩擦均不计，则测力计的示数为 F=2T=2N，故B正确，D错误；14.如图所示，用竖直挡板将小球夹在挡板和光滑斜面之间，若逆时针缓慢转动挡板，使其由竖直转至水平的过程中，以下说法正确的是( )A. 挡板对小球的压力先增大后减小B. 挡板对小球的压力先减小后增大C. 斜面对小球的支持力先减小后增大D. 斜面对小球的支持力一直逐渐减小【答案】BD【解析】【分析】由题中“用竖直挡板将小球夹在挡板和光滑斜面之间”可知，本题考查物体受力分析和受力平衡，根据平衡和物体受力分析可解答本题【详解】有题可得下图取小球为研究对象，小球受到重力G、挡板对小球的弹力FN1和FN2，FN1和FN2的合力与重力大小相等，方向相反，FN2总是垂直斜面，方向不变，由图可知FN1方向改变时，其大小只能沿PQ线变动，显然在挡板移动过程中，FN1先变小后变大，FN2一直减小，故BD正确15.如图所示，一轻杆AB，A端铰于低墙上，B端用细线系住跨过低墙顶上的C点（光滑）用力F拉住，并在B端挂一重物.现缓慢地拉线使杆向上转动，杆与墙的夹角逐渐减小.在此过程中，杆所受的压力和拉力F的大小变化情况是（）A. 变大B. 不变C. F变小D. F变大【答案】BC【解析】【详解】设物体的重力为G以B点为研究对象，分析受力情况，作出力图，如图。作出力FN与F的合力F2，根据平衡条件得知，F2=F1=G由F2FNBCBA得知AB、AC长度不变，杆与墙的夹角逐渐减小，则BC减小，知FN不变，F减小。AFN变大，与结论不相符，选项A错误；BFN不变，与结论相符，选项B正确；CF变小，与结论相符，选项C正确；DF变大，与结论不相符，选项D错误；二、填空题（本题共2小题；每空2分，共14分）16.如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点之间还有4个点未画出，则相邻计数点时间间隔为_s，其中x1=7.05cm，x2=7.68cm，x3=8.33cm，x4=8.95cm，x5=9.61cm，x6=10.26cm，则A点处瞬时速度的大小是_m/s，加速度的大小是_m/s2.（计算结果都保留两位小数）【答案】 (1). 0.1 (2). 0.86 (3). 0.64【解析】【详解】1由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s；2根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上A点时小车的瞬时速度大小3根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4-x1=3a1T2x5-x2=3a2T2x6-x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）即小车运动的加速度计算表达式为： 17.某同学用如图所示的装置探究求合力的方法将一木板(图中未画出)竖直放置与铁架台和轻弹簧所在平面平行其部分实验操作如下，请完成下列相关内容：(1)如图甲，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O；(2)卸下钩码然后将两细绳套系在弹簧下端，用两弹簧测力计将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的_及两弹簧测力计相应的读数图乙中B弹簧测力计的读数为_N；(3)该同学在坐标纸上画出两弹簧测力计拉力FA、FB的大小和方向如图丙所示，请在图丙中作出FA、FB的合力F _；(4)已知钩码的重力，可得弹簧所受的拉力F如图丙所示，观察比较F和F，得出结论：_.【答案】 (1). 方向； (2). 11.40； (3). (4). 在实验误差允许范围内F和相等；【解析】【详解】（2）根据验证平行四边形定则的实验原理要记录细绳套AO、BO的方向和拉力大小，拉力大小由弹簧秤读出，分度值为0.1N，估读一位：11.40N；（3）作图如下：（4）若已知钩码的重力大小与理论合力F的大小相等，请观察比较可得出二力合成点的规律是：在误差允许的范围内，二力合成满足平行四边形定则三、计算题（本题共2小题，共26分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。做答在答题卡上）18.如图，用与竖直方向成30角的力F将重为10N的物体推靠在竖直墙上，物体与墙的动摩擦因数=0.2，求当物体沿着墙匀速滑动时，推力F的大小是多少？【答案】13.1N或10.4N【解析】【详解】对物体作受力分析当物体下滑时有：在x方向：NFsin30=0在y方向：Fcos30+fG=0且