海南省儋州市第一中学2020届高三物理上学期第一次月考试题（含解析）.docx

海南省儋州市第一中学2020届高三物理上学期第一次月考试题（含解析）一、单项选择题（共24分）1.高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的匀加速直线运动在启动阶段，列车的动能()A. 与它所经历的时间成正比B. 与它的位移成正比C. 与它的速度成正比D. 与它的动量成正比【答案】B【解析】【详解】AC根据初速度为零匀变速直线运动规律可知，在启动阶段，列车的速度与时间成正比，即v=at，由动能公式Ek=mv2，可知列车动能与速度的二次方成正比，与时间的二次方成正比，选项AC错误；B由v2=2ax，可知列车动能与位移x成正比，选项B正确；D由动量公式p=mv，可知列车动能Ek=mv2=，即与列车的动量二次方成正比，选项D错误。【点睛】本题考查匀变速直线运动规律、动能、动量及其相关的知识点。2. 一直线上有a、b两点，相距2 m，一质点沿该直线做匀变速直线运动，经过1 s的时间先后通过a、b两点，则关于该质点通过a、b中点时的速度大小，的下列判断正确的是( )A. 若为匀加速运动，则v2 m/s，若为匀减速运动，则v2 m/sB. 若为匀加速运动，则v2 m/s，若为匀减速运动，则v2 m/sC. 无论加速还是减速，都有v2 m/sD. 无论加速还是减速，都有v2 m/s【答案】C【解析】【详解】匀变速直线运动中，某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，不论匀加速还是匀减速运动，中间位置的瞬时速度大于中间时刻的瞬时速度。匀变速直线运动质点通过a、b两点间的平均速度；因为，中间位置的瞬时速度，且，可知无论加速还是减速，中间位置的速度都大于中间时刻的速度，都有v2 m/s。故C正确，A、B、D错误。【点睛】：解决本题的关键是要知道匀变速直线运动的推论，知道在匀变速直线运动中，中间位置的瞬时速度大于中间时刻的瞬时速度。3.如图所示，竖直井中的升降机可将地下深处的矿石快速运送到地面。某一竖井的深度约为104m，升降机运行的最大速度为8m/s，加速度大小不超过，假定升降机到井口的速度为零，则将矿石从井底提升到井口的最短时间是A. 13sB. 16sC. 21sD. 26s【答案】C【解析】升降机先做加速运动，后做匀速运动，最后做减速运动，在加速阶段，所需时间，通过的位移为，在减速阶段与加速阶段相同，在匀速阶段所需时间为：，总时间为：，故C正确，A、B、D错误；故选C【点睛】升降机先做加速运动，后做匀速运动，最后做减速运动，根据速度位移公式和速度时间公式求得总时间。4. 下列哪种情况是不可能出现的A. 物体的加速度增大时，速度反而减小B. 物体的速度为零时，加速度却不为零C. 物体的加速度不为零且始终不变，速度也始终不变D. 物体的加速度大小和速度大小均保持恒定且均不为零【答案】C【解析】试题分析：若速度与加速度反向，则速度增大时，速度一定会减小；故A可能出现；速度为零时，可能存在速度的变化，故加速度不一定为零；故B可能出现；加速度不变且不为零，则物体的速度一定会发生变化；故C不可能出现；物体的加速度大小和速度大小均保持恒定且均不为零，可能是速度的方向变化，而大小不变；如匀速圆周运动；故D可能出现；本题选不可能出现的，故选C。考点：速度和加速度【名师点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系。5.下列说法中错误的是( )A. 若气体分子总数不变而气体温度升高，则气体压强可能不变B. 某气体的摩尔质量为M，每个分子的质量为m，则阿伏伽德罗常数为M/mC. 一切与热现象的对应的自发过程都是不可逆的D. 针尖加热后接触涂有蜂蜡层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明蜂蜡为晶体【答案】D【解析】【详解】A.当气体分子总数一定时，温度升高，分子平均动能增大，若气体的体积增大使分子数密度减小，则压强可能不变，故A正确，不符合题意；B.气体的摩尔质量为M，每个分子的质量为m，则阿伏伽德罗常数为M/m，选项B正确，不符合题意；C.一切与热现象有关的宏观自然过程都具有方向性，即不可逆的，故C正确，不符合题意；D.在云母片上融化的蜂蜡呈椭圆形，说明云母为晶体。故D错误，符合题意；6. 如图所示为导热气缸，内封有一定质量理想气体，活塞与气缸壁的接触面光滑，活塞上用弹簧悬挂。当周围环境温度不变，大气压缓慢变大之后，下列说法中正确的是A. 弹簧长度将改变B. 气体内能将增加C. 气体向外放出热量D. 单位时间碰撞气缸单位面积的分子数不变【答案】C【解析】试题分析：以活塞和气缸整体为研究对象，根据平衡条件可知，两者的重力大小等于弹簧弹力大小，与大气压无关，所以A项错误；周围环境的温度不变，气缸是导热的，气体的温度不变，所以气体的内能不变，B项错误；由于大气压强增大，封闭气体的压强增大，根据理想气体状态方程，温度不变，压强增大，体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律封闭气体一定放出热量，所以C项正确；压强增大，体积减小，相等时间内碰撞气缸单位面积的分子数一定增大，所以D项错误。考点：本题考查了理想气体状态方程和热力学第一定律二、多项选择题（共20分）7.下列说法正确的是（ ）A. 随着科技的发展，热机的效率定能达到100%B. 对于理想气体，只要温度升高内能就一定增大C. 第一类永动机不可能制成是因为它违背了能量的转化和守恒定律D. 用温度计测量温度是根据热平衡的原理【答案】BCD【解析】【详解】A. 根据热力学第二定律可知，任何热机的效率都不可能达到100%，即使随着科技的发展，热机的效率也不能达到100%，选项A错误；B. 理想气体内分子之间的相互作用忽略不计，所以理想气体得内能仅仅与温度有关，对于一定质量的理想气体，只要温度升高其内能就一定增大，故B正确；C. 第一类永动机不可能制成是因为它违背了能量的转化和守恒定律，选项C正确；D. 用温度计测量温度是根据热平衡的原理，当温度计的液泡与被测物体紧密接触时，如果两者的温度有差异，它们之间就会发生热交换，高温物体将向低温物体传热，最终使二者的温度达到相等，即达到热平衡，选项D正确。8.如图所示,一定质量的理想气体从状态a开始,经历过程、到达状态e,对此气体,下列说法正确的是（ ）A. 过程中气体的压强逐渐减小B. 过程中气体对外界做正功C. 过程中气体从外界吸收了热量D. 状态c、d的内能相等【答案】BD【解析】【分析】过程中气体作等容变化，根据查理定律分析压强的变化。过程中气体对外界做正功。过程中气体作等容变化，根据温度的变化分析气体内能的变化，由热力学第一定律分析吸放热情况。一定质量的理想气体的内能只跟温度有关。根据气态方程分析状态d与b的压强关系。【详解】过程中气体作等容变化，温度升高，根据查理定律P/T=c知气体的压强逐渐增大，故A错误。过程中气体的体积增大，气体对外界做正功，故B正确。过程中气体作等容变化，气体不做功，温度降低，气体内能减少，根据热力学第一定律U=W+Q知气体向外界放出了热量，故C错误。状态c、d的温度相等，根据一定质量的理想气体的内能只跟温度有关，可知，状态c、d的内能相等。故D正确。故选BD.【点睛】本题主要考查了理想气体的状态方程和热力学第一定律，要能够根据温度判断气体内能的变化；在应用热力学第一定律时一定要注意各量符号的意义；U为正表示内能变大，Q为正表示物体吸热；W为正表示外界对物体做功。9.自高为H塔顶自由落下A物体的同时B物体自塔底以初速度v0竖直上抛，且A、B两物体在同一直线上运动。下面说法正确的是 （ ）A. 若v0，则两物体相遇时B物体正在上升途中B. 若v0=，则两物体在地面相遇C. 若v0，则两物体相遇时B物体正在空中下落D. 若v0，则两物体不可能在空中相遇【答案】ACD【解析】试题分析：若b球正好运动到最高点时相遇，则有：B速度减为零所用的时间,，由sa+sb=h，联立解得当ab两球恰好在落地时相遇，则有：此时A的位移解得：所以若v0，则两物体在b上升途中相遇，故A正确；若v0=，则b球正好运动到最高点时相遇，故B错误；若v0，则两物体在b下降途中相遇，故C正确；若v0，则两物体不可能在空中相遇，故D正确故选ACD。考点：追击及相遇问题【名师点睛】解决本题的关键知道两物体在空中相碰，两物体的位移之和等于h，结合物体运动时间的范围，求出初始度的范围。10.（多选题）甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的 vt图象如图所示两图象在t=t1时相交于P点，P在横轴上的投影为Q，OPQ的面积为S在t=0时刻，乙车在甲车前面，相距为d已知此后两车相遇两次，且相遇的时刻为t，则下面四组t和d的组合可能的是（）A. t=t1，d=SB. t=t1，d=SC. t=t1，d=SD. t=t1，d=S【答案】BC【解析】在t1时刻如果甲车没有追上乙车，以后就不可能追上了，故tt，从图象中甲、乙与坐标轴围成的面积即对应的位移看：当t=t1时，s甲-s乙=S，即当d=S时正好相遇，但只能相遇一次，故A错误；t=t1时，由几何关系可知甲的面积比乙的面积多出S，即相距d=S时正好相遇，相遇两次，故B正确；t=t1时，由几何关系可知甲的面积比乙的面积多出S，即相距d=S时正好相遇，相遇两次，故C正确，D错误；故选BC点睛：本题是速度-时间图象的应用，知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，并能根据几何关系求出面积，能根据图象读取有用信息三、实验题（共19分）11.在“用打点计时器测速度”的实验中，打点计时器使用的交流电的频率为50 Hz，记录小车运动的纸带如图所示，在纸带上选择0、1、2、3、4、5共六个计数点，相邻两计数点之间还有四个点未画出，纸带旁并排放着带有最小分度为1 mm的刻度尺，零点跟“0”计数点对齐，由图可以读出两个计数点1、3跟0点的距离分别为_、_。计算小车通过计数点“2”的瞬时速度为v2_m/s。【答案】 (1). 1.20cm (2). 5.40cm (3). 0.21【解析】【详解】12.由图可以读出两个计数点1、3跟0点的距离分别为1.20cm、5.40cm。3.相邻的计数点间有5个时间间隔，每个时间间隔为0.02s，所以相邻计数点间的时间间隔T=0.10s；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上2点时小车的瞬时速度大小。12.在测定加速度的实验中，某同学用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出A、B、C、D、E、F、G共7个计数点其相邻两计数点之间的距离如图所示，每相邻的两个计数点之间还有四个点没有画出来。根据纸带求出小车的加速度为a_m/s2(结果保留三位小数)【答案】0.801【解析】【详解】1.设A到B之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4-x1=3a1T2x5-x2=3a2T2x6-x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，得：a=（a1+a2+a3）即小车运动的加速度计算表达式为：13.（1）用油膜法估测分子的大小时有如下步骤：A . 将玻璃板放在浅盘上，然后将油酸膜的形态用彩笔画在玻板上； B . 将油酸和酒精按一定比例配制好；把酒精油酸溶液一滴一滴滴入量简中，当体积达1mL时记下滴入的滴数，算出每滴的体积；把一滴酒精油酸溶液滴在水面上，直至薄膜形态稳定；C . 向浅盘中倒入约2cm深的水，向浅盘中的水面均匀地撤入石膏粉(或痱子粉)；D把玻璃板放在方格纸上，数出薄膜所占面积；E . 计算出油膜的厚度把以上各步骤按合理顺序排列如下:_。（2）若油酸酒精溶液的浓度为每ml溶液中有纯油酸6 mL，用注射器测得1 mL上述溶液有液滴75滴。把1滴该溶液滴入盛水的浅盘里，最后油酸膜的形状和尺寸如图所示，坐标中正方形小方格的边长为1cm，则油酸膜的面积是_m2；按以上数据，估测出油酸分子直径是_m；（结果保留2位有效数字 . ）(3)某同学在实验中，计算结果明显偏大，可能是由于_A . 油酸未完全散开B . 油酸中含有大量的酒精C . 计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格D . 求每滴体积时，1 mL的溶液的滴数误多计了10滴【答案】 (1). CBADE (2). 1.1110-2 -1.1610-2 (3). 7.010-10 (4). AC【解析】【详解】(1)1.“油膜法估测油酸分子的大小”实验步骤为：配制酒精油酸溶液（教师完成，记下配制比例）测定一滴酒精油酸溶液的体积：准备浅水盘形成油膜描绘油膜边缘测量油膜面积计算分子直径，故实验步骤为CBADE(2)2.油酸膜的面积是：1151cm2=1.1510-2m23.每滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积：油酸分子的直径约为油膜的厚度:(3)4.A.油酸未完全散开，则面积测量值偏小，则测得的直径偏大，选项A正确；B. 计算时利用的是纯油酸的体积，如果含有大量的酒精，则油酸的实际体积偏小，则直径将偏小，故B错误；C.计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格，S将偏小，故得到的分子直径将偏大，故C正确；D.求每滴体积时，lmL的溶液的滴数误多记了10滴，由可知，纯油酸的体积将偏小，则计算得到的分子直径将偏小，故D错误；四、计算分析题（共37分）14.飞机着陆后做匀变速直线运动，10s内前进了450m，此时速度减为着陆时速度的一半，试求：（1）飞机着陆时的速度；（2）飞机着陆后30s距着陆点多远。【答案】（1）（2）【解析】（1）飞机着陆后做匀变速直线运动，内前进，此时速度减为着陆时速度的一半，由，即，可得：解得：；（2）由可得，飞机着陆后做匀变速直线运动的加速度：，飞机停止的时间：，则飞机着陆后距着陆点的距离：，即飞机着陆后时距着陆点。点睛：本题考查了匀变速直线运动中平均速度公式和运动公式的应用，要注意最后一问要先判断出飞机停止的时间，本题也可以用速度和位移关系的公式来进行求解。15.在两端封闭、粗细均匀的U形细玻璃管内有一股水银柱，水银柱的两端各封闭有一段空气。当U形管两端竖直朝上时，左、右两边空气柱的长度分别为l1=18.0 cm和l2=12.0 cm，左边气体