2013（上）末复习卷2.doc

九年级（上）期末复习卷（12月份）一、选择题（2分16=32分）1（2013天津）如图为用瓶起开启瓶盖的情景，关于该瓶起使用时的杠杆示意图正确的是（）ABCD2小宇同学想用10N的力提起重20N的物体，下列简单机械中（不计机械重及摩擦），不可以使用的是（）A一个定滑轮B一个动滑轮C杠杆D一个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组3（2006崇文区一模）为了使快速降落的“神舟六号”飞船返回舱安全着陆，返回舱在接近地面处，迅速向下喷出高压气体从开始喷气到安全着陆，返回舱的（）A动能减少，重力势能减少，机械能减少B动能不变，重力势能减少，机械能减少C动能减少，重力势能增加，机械能不变D动能增大，重力势能减少，机械能不变4（2008漳州）图是内燃机工作时某冲程的示意图，该冲程是（）A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程5下列实例不能用水的比热容较大解释的是（）A沿海地区的气温温差比内陆地区小B夏天向马路上洒水降温C汽车发动机用循环水冷却D初春的傍晚向秧田里灌水6下列物体中是导体的是（）A塑料尺B保鲜膜C橡皮D2B铅笔芯7为了改变导体的电阻，下列方法中不可行的是（）A改变导体的粗细B改变导体的长短C改变导体的温度D改变导体两端的电压8（2013宜宾）如图所示，用10N的水平拉力F拉滑轮，使足够长的物体A以0.2m/s的速度在水平地面上匀速运动，弹簧测力计的示数为3N若不计滑轮重、弹簧测力计重、绳重和滑轮摩擦，则下列说法中正确的有（）AB受到的摩擦力为3N，方向水平向左B滑轮移动的速度为0.1m/sC绳子拉物体A的功率为2WD在运动过程中若将拉力F增大到12N，弹簧测力计的示数仍为3N9（2013威海）为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭下列设计最合理的电路图是（）ABCD10（2013雅安）如图所示，铅球从出手到将要落地的过程中，下列说法正确的是（不计空气阻力）（）A铅球由ab时，动能逐渐增大B铅球在b点的机械能大于a点的机械能C铅球由bc时，机械能逐渐减小D铅球在c点时动能最大11（2013邵阳）如图，小丽和爷爷进行爬楼比赛他们同时从一楼出发，爬到五楼，结果小丽先到达已知小丽的体重比爷爷的体重小下列说法正确的是（）A爬到五楼时，小丽做的功比爷爷做的功多B爬到五楼时，爷爷做的功比小丽做的功多C小丽做功的功率一定比爷爷做功的功率大D爷爷做功的功率一定比小丽做功的功率大12（2013盐城）如图所示，保持杠杆在水平位置平衡，在其他条件不变的情况下，下列操作能使弹簧测力计示数变大的是（）A减少钩码的个数B将钩码悬挂点的位置向右移C保持拉力方向不变，将弹簧测力计向右移D保持弹簧测力计悬挂点的位置不变，使其向右倾斜13（2013武汉）如图所示，利用轻质滑轮组匀速拉动水平地面上重为300N的物体，拉力F的大小为30N若物体和地面之间的摩擦力大小为45N，则A处的拉力大小和滑轮组的机械效率分别为（）A45N、50%B45N、75%C60N、50%D60N、75%14（2013岳阳）下表列出了常见的四种物质的比热容分别让相同质量的此四种物质吸收相等的热量后，温度升高的最多的是（） 物质比热容C/103Jkg11水4.2酒精2.4煤油2.1砂石0.92A水B酒精C煤油D砂石15（2013济宁）用两个相同的电热水器给质量同为2kg的物体甲和水加热，他们的温度随加热时间的变化关系如图所示，据此判断甲物质10min吸收的热量为（）A0.84105JB1.2105JC2.52105JD都不是，不能计算16（2013咸宁）将两只额定电压相同的小灯泡L1、L2串联在电路中，如图所示闭合开关后，发现灯L1较暗，灯L2较亮，则（）A灯L1的电阻比灯L2的电阻大B灯L1的额定功率比灯L2的额定功率小C电路中，灯L1两端电压比灯L2两端电压小D电路中，通过灯L1的电流比通过灯L2的电流大二、填空作图题（每空2分，作图3分，共27分）1（2012张家港市模拟）标有“9V 18W”的灯泡正常发光时额定电流是_A，灯丝电阻为_如果电源电压是12V，为使照明灯正常发光，可以在电路中串联一个阻值为_的电阻2“可燃冰”作为新型能源，有着巨大的开发使用潜力，同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的_ 很大以10倍的关系粗略计算，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为_J，可以使_kg的水从20加热至60假设“可燃冰”完全燃烧放出的热量全部被水吸收，c水=4.2103J/kg，q煤气=4.2107J/kg3（2011扬州）某电子体重计的电路如图所示，其中弹簧上端和滑动变阻器滑片固定在一起，AB间有可收缩的导线，R0是保护电阻，当称量的体重增加时，变阻器的电阻值_；电压表示数_；电路消耗的总功率_（变大/不变/变小）4甲、乙两灯的额定电压均为9V，测得其电流与电压变化的关系图象关系图象如图所示，则甲灯的额定功率为_W；若将甲、乙两灯并联接入9V的电路中，两灯消耗的总功率为_W；若将甲、乙两灯串联接入9V的电路中，通电10s，两灯消耗的总电能为_J5（1）如图甲所示，画出作用在“开瓶起子”上动力F1的力臂和阻力F2的示意图（2）请在图乙中用笔画线代替导线将灯泡与开关正确接入电路，并将三孔插座正确接入电路三、解答题1（8分）装卸工人用如图所示的装置将重为800N的货物提至高处，人对绳的拉力为500N，货物在1min内匀速上升了5m，在此过程中求：（1）有用功；（2分）（2）拉力做功的功率；（3分）（3）滑轮组的机械效率（3分）2（8分）在“家电下乡”活动中，小明家买了一只WSJ60型号电热壶，其铭牌标志如图所示现将一满壶20的0.5kg的水在额定电压下烧开需时5min，已知外界气压为1标准大气压c水=4.2103J/（kg）求： 型号WSJ60 额定电压 220V 额定功率 800W 水壶容积 500mL（1）电热壶正常工作时的电阻；（2）正常工作烧开一满壶水（初温为20）所消耗的电能；（3）水吸收的热量；（4）电热壶的效率3（6分）（2013南通二模）如图是某型号电热水器的电路原理图R1、R2为电热丝，通过开关S在1、2、3之间接通对应的电路，从而实现断电、加热、保温之间的切换已知该电热水器的保温功率为1.1kw，R2=8.8（1）求电热丝R1的阻值（2）通过计算说明安装该电热水器时，至少应选择下表中横截面积为多大的铜芯导线（3）若某次在保温功能下使用该热水器10min，热水器共消耗电能5.346105J，求此时加在热水器两端的电压U实导线横截面积S/mm211.52.546铜芯线允许长期负载电流I/A68816162525323240四、实验探究题1在“探究杠杆的平衡条件”的实验中（4分）（1）如图（a），杠杆在支架上，要使其在水平位置平衡，可将杠杆左端的平衡螺母向_调节（2）如图（b），在右边用弹簧测力计竖直向下拉，使杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是_若左边钩码离支点20cm，右边挂钩离支点15cm，每个钩码重为0.5N，则此时弹簧测力计示数应为_N（3）如图（c），当杠杆在水平位置平衡时，与图（b）相比，弹簧测力计示数将_（选填“变大”、“变小”或“不变”）2（2011鞍山）为探究重力势能的大小与什么因素有关，小明利用带有四个铁钉的小方桌、沙箱及质量不同的重物设计并进行了如图所示实验（4分）（1）实验中通过观察_来判断物体重力势能的大小（2）要探究重力势能大小与高度的关系应选择图_和图_进行分析比较（3）图2和图3探究的问题是_3（4分）（2011乐山模拟）用如图甲所示的电路可以测量一个未知电阻的阻值，其中Rx为待测电阻，R为电阻箱（符号为），S为单刀双掷开关，R0为定值电阻某同学用该电阻进行实验，主要步骤有：A、把开关S接b点，调节电阻箱，使电流表的示数为IB、读出电阻箱的示数RC、把开关S接a点，读出电流表的示数为ID、根据电路图，连接实物，将电阻箱的阻值调至最大（1）上述步骤的合理顺序是_（只需填写序号）（2）步骤A中电阻箱调节好后示数如图乙所示，则它的示数为_若已知R0的阻值为1O，则待测电阻的阻值为_（3）本实验所采用的物理思想方法可称为_（选填：“控制变量法”或“等效替代法”）4在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10（2分，共14分）（1）连接电路时开关应_（2）请你用笔画线代替导线，将图（a）中的实物电路连接完整（3）闭合开关前，图（a）中滑动变阻器的滑片P应位于_（选填“A”或“B”）端（4）小叶同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图（b）所示）为_V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图a中滑片P向_（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V（5）小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图（c）所示的IU图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是_W（6）小勇同学在实验中正确地连接好电路，闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是_（写出一种即可）5用如图所示的实验装置探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”（5分）（1）实验中通过观察_来比较电流产生的热量的多少（2）为了便于比较两种电阻丝通过电流后产生热量的多少，甲乙两瓶中要装入_、_的同种液体（3）为达到实验目的，选用的两电阻丝的阻值不能_（4）该实验装置还可以研究通电时间一定时导体产生的热量与_的关系分析：（1）当开关拨至2时，电路为R1的基本电路，为保温状态，已知保温功率和电源电压，根据R=可求出电热丝R1的阻值；（2）当开关拨至3时，R1、R2并联，为加热状态，分别求出支路电流，再根据并联电路电流的特点求出干路电流即可选择合适的导线；（3）已知保温时，热水器消耗的功率、通过电路的电流和通电时间，根据Q=W=UIt即可求出加在热水器两端的电压解答：解：（1）U=220V，P保温=1.1kW电热丝R1的阻值：R1=44；（2）通过电热丝R1的电流：I1=5A，通过电热丝R2的电流：I2=25A，干路电流I=I1+I2=5A+25A=30A，因此选择横截面积为4mm2的导线；（3）Q=W=UIt加在热水器两端的电压：U=178.2V答：（1）求电热丝R1的阻值为44；（2）选择横截面积为4mm2的铜芯导线；（3）加在热水器两端的电压为178.2V2012-2013学年江苏省盐城市阜宁县九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（每小题只有一个答案正确，请将正确答案的序号填入答题纸对应的方框内每小2分，共24分）1（2分）（2011怀化）如图所示，下列工具在使用中属于费力杠杆的是（）A剪刀B起子C镊子D钢丝钳考点：杠杆的分类4476536分析：联系生活经验，要判断杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆解答：解：A、题目中的剪刀在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；B、起子在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；C、镊子在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意；D、钢丝钳在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；故选C点评：此类型题目的解决主要是依据生活经验，动力臂和阻力臂的大小关系进行判断2（2分）小宇同学想用10N的力提起重20N的物体，下列简单机械中（不计机械重及摩擦），不可以使用的是（）A一个定滑轮B一个动滑轮C杠杆D一个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组考点：杠杆的应用4476536专题：简单机械分析：A、根据定滑轮既不省力也不费力进行分析B、根据动滑轮（不计自重和摩擦）省一半力进行分析；C、根据杠杆动力臂与阻力臂的关系进行分析；D、使用滑轮组时，有几段绳子承担物重，提起绳子的力就是物重的几分之一解答：解：A、定滑轮既不省力也不费力，因此不能用10N的力提起重20N的物体；符合题意；B、不计机械重及摩擦，动滑轮省一半力，即F=20N=10N，因此可以用10N的力提起重20N的物体；不符合题意；C、杠杆可以利用力臂的长短来改变用力的大小，不计机械重及摩擦，当动力臂与阻力臂的比值为2：1时，动力为10N时，刚好提起20N重的物体，不符合题意；D、一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组，若由2段绳子承担物重，不计机械重及摩擦，则能用10N的拉力刚好提起20N的物重，不符合题意；故选A点评：本题考查学生对杠杆平衡条件、定滑轮及动滑轮的综合理解和运用，利用好“不计机械自重和摩擦”是本题的关键3（2分）（2006崇文区一模）为了使快速降落的“神舟六号”飞船返回舱安全着陆，返回舱在接近地面处，迅速向下喷出高压气体从开始喷气到安全着陆，返回舱的（）A动能减少，重力势能减少，机械能减少B动能不变，重力势能减少，机械能减少C动能减少，重力势能增加，机械能不变D动能增大，重力势能减少，机械能不变考点：动能的影响因素；机械能4476536专题：机械能及其转化分析：（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量不变，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量、高度质量不变，高度越高，重力势能越大（3）机械能包括动能和势能势能包括重力势能和弹性势能在物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能解答：解：返回舱喷出高速气体，安全着陆，返回舱的质量不变：（1）喷出高速气体，气体给空气一个向下的力，物体间力的作用是相互的，空气给返回舱一个向上的力，使返回舱的速度减小，动能减小（2）返回舱安全着陆，高度减小，重力势能减小（3）机械能等于动能与势能的和，动能减小，重力势能减小，机械能减小故选A点评：在距地面一定高度时需点燃反推火箭的发动机向下喷出高温高压气体，目的是为了增大飞船的阻力，降低飞船着陆速度4（2分）（2008漳州）图是内燃机工作时某冲程的示意图，该冲程是（）A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程考点：内燃机的四个冲程4476536分析：内燃机四个冲程各自的特点是：吸气冲程：进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动；压缩冲程：两个气门都关闭，活塞向上运动；做功冲程：两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动；排气冲程：进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动解答：解：由图可知，两个气门是关闭的，活塞向下运动，可以判断该冲程是做功冲程故选C点评：辨别四个冲程的关键是掌握每个冲程的特点，主要从两个气门的开、关情况和活塞的运动方向5（2分）下列实例不能用水的比热容较大解释的是（）A沿海地区的气温温差比内陆地区小B夏天向马路上洒水降温C汽车发动机用循环水冷却D初春的傍晚向秧田里灌水考点：水的比热容的特点及应用4476536专题：应用题分析：（1）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；（2）水分的蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，即蒸发吸热解答：解：（1）沿海地区的气温温差比内陆地区小、初春的傍晚向秧田里灌水等现象，是利用水的比热容大的特点，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；使温度变化不致太大；汽车发动机用循环水冷却，是利用升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多的特点，将汽车发动机工作时产生大量热量迅速转移；（2）炎热的夏天，往室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，不是利用水的比热容大的特点，符合题意；故选B点评：本题考查了蒸发吸热、水的比热容大的特点的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点问题6（2分）下列物体中是导体的是（）A塑料尺B保鲜膜C橡皮D2B铅笔芯考点：导体4476536专题：应用题分析：容易导电的物体叫导体；不容易导电的物体叫绝缘体根据超导体和绝缘体的定义可做出判断解答：解：常见的导体包括：人体、大地、各种金属、铅笔芯、酸碱盐的溶液等可见题中四个选项中只有2B铅笔芯是导体，其他三个都是绝缘体故选D点评：本题考查了导体和绝缘体的区分，属于基本的识记性的内容，比较简单7（2分）为了改变导体的电阻，下列方法中不可行的是（）A改变导体的粗细B改变导体的长短C改变导体的温度D改变导体两端的电压考点：影响电阻大小的因素4476536专题：应用题分析：导体电阻的大小是导体本身的一种性质，其与导体的长度和横截面积、材料和温度有关与导体两端的电压的大小和通过导体的电流的大小无关，且导体越长，电阻越大；导体的横截面积越小，电阻越大一般情况下，导体的温度越高，导体的电阻就越大解答：解：导体电阻的大小是导体本身的一种性质，其与导体的长度和横截面积、材料和温度有关，其与导体两端的电压的大小和通过导体的电流的大小无关故选D点评：理解电阻是导体本身的一种性质，其大小只取决于本身的材料、长度、横截面积和温度是解决此题的关键8（2分）（2008通辽）超导现象是20世纪的重大发现之一，科学家发现某些物质在温度很低时，如铅在265.95以下，电阻就变成零若常温下超导体研制成功，则超导体适合做（）A保险丝B输电线C滑动变阻器的线圈D电炉丝考点：超导体在磁悬浮列车、超导输电的应用；超导体的特点；滑动变阻器的工作原理；熔断器的作用及保险丝的选择方法；电热4476536专题：应用题；信息给予题分析：由于超导体的电阻为0，则没有内能的产生，不会放热根据这一特点，分析选项解答：解：A、保险丝的作用，是当电流过大时，自动熔断来保护电路B、用超导体做输电线，可以有效地减小电能的损耗C、线圈的电阻较大，通过滑片位置的改变可以进行调节D、电炉丝需要电阻较大的材料，才能发出较多的热量故选B点评：本题考查超导体具体应用，需要从使用目的上和其他用电器进行区分9（2分）（2013平遥县模拟）小丽晚上想用台灯照明看书，她把“220V 25W”台灯的插头插入插座后，当闭合开关时，室内所有电灯立即全部熄灭原因可能是（）A插头与插座接触不良B台灯灯泡的灯丝突然烧断C台灯的灯座内短路D台灯的插头内短路考点：家庭电路的故障分析4476536专题：应用题分析：电路中电流过大的原因：一是短路，二是用电器的总功率过大这两种情况都会使保险丝烧断或跳闸，使室内电灯立即全都熄灭，因为是台灯，原因二不可能，可能是发生了短路，据此分析解答：解：因为台灯和其它用电器并联，插头与插座接触不良或灯泡的灯丝断了，只能使本支路的灯（台灯）不亮，不能使其它的灯熄灭；故A、B错误台灯的灯座内短路，当插头插入插座时，若闭合开关，会造成电源短路，使保险丝烧断或跳闸，使室内电灯立即全都熄灭；故C正确若是台灯的插头处有短路，则在台灯插头插入插座时，电路就会出现短路，而不会等到闭合台灯开关时才出现；故D错误故选C点评：本题考查了家庭电路故障的判断、短路对电路的影响及熔断器的作用，在平时的用电过程中，要注意10（2分）下列做法中，符合安全用电要求的是（）A用湿布擦抹插座B使用绝缘皮破损的插头C不断开开关，直接更换不亮的电灯泡D发现家用电器或电线着火时，先切断电源再灭火考点：安全用电原则4476536专题：欧姆定律分析：（1）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；（2）插头的绝缘皮必须要保持完整，防止发生触电事故；（3）更换灯泡时必须要断开开关；（4）发现有人触电或电引起的火灾，首先切断电源，再实行救援措施解答：解：A、水属于电的良导体，用湿抹布擦拭正在工作的用电器，容易引起触电事故故A错误；B、插头的绝缘皮必须要保持良好，故B错误；C、更换不亮的灯泡时，必须要断开开关，防止发生触电，故C错误；D、家用电器失火时，首先要切断电源，再泼水浇灭，故D正确故选D点评：本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了11（2分）（2013威海）为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭下列设计最合理的电路图是（）ABCD考点：串、并联电路的设计4476536专题：压轴题；信息给予题；设计与制作题分析：由题意知，只有坐在座位上时，指示灯才亮，故S1可控制灯，当开关S2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被S2短路了解答：解：A、两开关串联，只有乘客坐下，系上安全带时指示灯才会发光，不符合题意；B、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，并且不会出现电源短路，符合题意；C、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，但出现电源短路，不符合题意；D、两开关并联，无论乘客坐下，还是系上安全带，指示灯都会发光，不符合题意故选B点评：本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻是保护电阻，可使电路对电源不被短路12（2分）小华发现宾馆里的“插卡取电器”有两种类型，第一种无论插入哪种卡片都能使房间通电，第二种用专门的磁卡插入或靠近都能使房间通电，小明设计了如下三种方法用于判断取电器类型：将硬纸片插入，看能否通电；将专用磁卡插入，看能否通电；将专用磁卡贴在面板上不插入，看能否通电其中可行的方法是（）ABCD考点：电路的组成4476536专题：电流和电路分析：“插卡取电器”有两种类型，第一种无论插入哪种卡片都能使房间通电，对卡片种类没有限制，但需要将卡片插入；第二种用专门的磁卡插入或靠近都能使房间通电，前提是专门的磁卡，优点是插入或靠近都可以解答：解：纸片没有磁性，将纸片插入，如果通电，说明取电器属于第一种类型，此方法可行；专业磁卡插入，第一种取电器会通电，第二种也会通电，所以无法判断是哪种类型，此方法不可行；磁卡贴在面板上，如果通电，说明取电器属于第二种类型，此方法可行故选C点评：做生活的有心人，平时注意观察周围与物理规律有关或利用物理规律的实例，特别是物理规律在新科技方面的应用二、填空题：（每空1分，共24分）13（3分）家庭电路中电压是220V家庭电路中用电器是并联的熔断器是在电路超负荷运行或发生短路（选填“短路”或“断路”）故障时起保护作用的装置考点：家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；熔断器的作用及保险丝的选择方法4476536专题：应用题分析：（1）我国家庭电路电压为220V；并联电路中各用电器互不影响，串联电路中各用电器相互影响；（2）家庭电路过大的原因有两个；发生短路和用电器的总功率过大；当电路中电流过大时熔断器就会熔断解答：解：（1）家庭电路中的电压为220V；由于家庭电路中各用电器可以单独工作，互不影响，因此家庭电路中各用电器是并联连接；（2）当电路短路时，电路中的电流就会很大，超过了熔断器的最大电流，则熔断器将会熔断起到对电路的保护作用故答案为：220，并，短路点评：本题考查家庭电路的电压和连接方式，以及熔断器的作用，是一道基础题14（3分）电能表是用来测量电路消耗电能的仪表小红家的电能表9月底的示数为 ，10月份小红家共用电50kWh，10月底小红家的电能表的示数为2188.2kWh50kWh合1.8108J考点：电能表参数的理解与电能的求法；物理量的单位及单位换算4476536专题：计算题；应用题分析：本题抓住电能表是用来测量电路消耗电能的仪表，测量电能的方法是计数器的示数之差注意最后一位虚线框内的为小数，单位是kWh解答：解：电能表是用来测量电路消耗电能的仪表；小红家10月份消耗的电能为：W=50kWh+2138.2kWh=2188.2kWh=2188.23.6106J=1.8108J故答案为：电能；2188.2；1.8108点评：本题考查了电能表用途和电能表读数方法；电能表的读数方法：（1）月末的减去月初的示数（2）最后一位是小数（3）单位kWh15（3分）（2012张家港市模拟）标有“9V 18W”的灯泡正常发光时额定电流是2A，灯丝电阻为4.5如果电源电压是12V，为使照明灯正常发光，可以在电路中串联一个阻值为1.5的电阻考点：电功率的计算；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用4476536专题：计算题；应用题分析：（1）根据灯泡的铭牌可知额定电压和额定电流，根据I=求出额定电流，根据欧姆定律求出灯丝电阻；（2）已知电源电压，根据串联分压的特点得出灯泡正常工作时电阻分担的电压，根据欧姆定律求出所需串联电阻的阻值解答：解：（1）灯泡正常发光时额定电流：I=2A；灯丝的电阻：R=4.5A（2）照明灯正常发光时，灯泡两端的电压U额=9V，电路中的电流I=2A，串联电阻分得的电压UR=UU额=12V9V=3V，串联电阻的阻值R=1.5故答案为：2；4.5；1.5点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是铭牌参数含义的理解和掌握16（3分）“可燃冰”作为新型能源，有着巨大的开发使用潜力，同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值很大以10倍的关系粗略计算，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为4.2108J，可以使2500kg的水从20加热至60假设“可燃冰”完全燃烧放出的热量全部被水吸收，c水=4.2103J/kg，q煤气=4.2107J/kg考点：热平衡方程的应用4476536专题：比热容、热机、热值分析：（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫这种燃料的热值，据此回答；（2）利用Q放=mq求出1kg煤气完全燃烧放出的热量，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的10倍，据此求1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量；由题知，Q吸=Q放，而Q吸=cmt，知道水的比热容、水的初温和末温，可求水的质量解答：解：（1）在同等条件下，包含质量相同，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值很大；（2）1kg煤气完全燃烧放出的热量：Q放=mq煤气=1kg4.2l07J/kg=4.2l07J，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量：Q放=Q放10=4.2l07J10=4.2l08J；由题知，Q吸=Q放=4.2l08J，Q吸=cmt，水的质量：m=2500kg故答案为：热值；4.2108；2500点评：本题考查了学生对燃料的热值、燃料完全燃烧放热公式、吸热公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大17（3分）冬天手冷时，我们经常将两只手相互搓搓使手感到暖和，是利用做功的方法使手的内能增加的；用热水袋使身体变暖，是利用热传递的方法使人身体的内能增加的这两种方法在改变物体的内能上，效果是相同的 （填“相同”或“不同”）考点：做功改变物体内能；热传递改变物体内能4476536专题：分子热运动、内能分析：做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移解答：解：搓手时，克服摩擦做功，使手的内能增加、温度升高，从而使手变热，这是通过做功的方式；用热水袋使身体变暖，是手从热水袋中吸收热量，使手的内能增加、温度升高，从而使手变热；这是通过热传递的方式增加了手的内能这两种方法在改变物体的内能上，效果是相同的故答案为：做功；热传递；相同点评：热传递改变物体的内能是能量的转移，做功改变物体的内能是能量的转化，二者都可以改变物体的内能，注意区分18（3分）（2011扬州）某电子体重计的电路如图所示，其中弹簧上端和滑动变阻器滑片固定在一起，AB间有可收缩的导线，R0是保护电阻，当称量的体重增加时，变阻器的电阻值变大；电压表示数变大；电路消耗的总功率变小（变大/不变/变小）考点：欧姆定律的应用；电压表的使用；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；电功率的计算4476536专题：应用题分析：从电路图上可以看出，保护电阻与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，当称量的体重增加时，滑片向下移动，滑动变阻器接入电路电阻变大，根据欧姆定律可知，电路电流的变化，从而判断出电压表示数的变化，根据公式P=UI可知电路消耗的总功率的变化解答：解：当称量的体重增加时，滑片向下移动，滑动变阻器接入电路电阻变大，根据欧姆定律可知，电路电流变小，保护电阻两端的电压变小，电源电压不变，所以电压表示数变大，根据公式P=UI可知电路消耗的总功率变小故答案为：变大；变大；变小点评：本题考查欧姆定律和滑动变阻器的使用，关键明白电压表测量哪一部分电路两端的电压，还要知道串联电路电压的规律19（3分）甲、乙两灯的额定电压均为9V，测得其电流与电压变化的关系图象关系图象如图所示，则甲灯的额定功率为7.2W；若将甲、乙两灯并联接入9V的电路中，两灯消耗的总功率为11.7W；若将甲、乙两灯串联接入9V的电路中，通电10s，两灯消耗的总电能为36J考点：电功率的计算；电功的计算4476536专题：电能和电功率分析：由图示可以求出灯泡额定电压9V对应的电流，然后由P=UI求出灯泡额定功率；两灯泡并联在电压为9V的电路中，两灯两端电压为9V，由图象求出通过灯泡的电流，由并联电路特点与P=UI求出两灯泡消耗的总功率；两灯泡串联时通过灯泡的电流相等，由图象求出两灯泡串联电压为9V时通过电路的电流，然后由W=UIt求出灯泡消耗的总电能解答：解：由图象可知，灯泡额定电压9V对应的电流为：I甲=0.8A，I乙=0.5A，甲的额定功率P甲额=U甲额I甲额=9V0.8A=7.2W；两灯泡并联接在9V电路中，两灯消耗的总功率P=P甲+P乙=U甲I甲+U乙I乙=9V0.8A+9V0.5A=11.7W；由图象可知，电路电流为0.4A时，甲乙两灯的电压分别为3V、6V，则两灯泡串联在9V电路中，通过灯泡的电流为0.4A，两灯泡串联在9V电路中通电t=10s消耗的总电能W=UIt=9V0.4A10s=36J；故答案为：7.2；11.7；36点评：本题考查了求灯泡的功率与功问题，由图象求出灯泡电压所对应的电流，应用串并联电路特点、电功与电功率公式即可正确解题20（3分）用测电笔可辨别火线和零线，使用时手一定要接触笔尾金属电极，笔尖接触电线如果氖管发光，表明接触的是火线小明同学在闭合开关后，发现电灯不亮，他用测电笔测试图中的a、b、c、d四点，只有a点不发光，那么可能发生的故障是a、b间断路考点：测电笔的使用4476536专题：电与热、生活用电分析：测电笔中的氖管发光与否是判断火线和零线的主要依据，发光则为火线，不发光则为零线但手一定要接触笔尾金属体，这样才能和大地连成通路，使电流通过，氖管才有可能发光试电笔测试图中的a、b、c、d四点，只有a点不发光，说明b、c、d与火线是想通的，b点与零线是断开的，据此判断解答：解：测电笔是用来辨别零线和火线的工具，使用测电笔时，应用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线；若氖管不发光，表明测电笔和人体加在零线和大地之间，测电笔接触的是零线；若氖管发光，表明测电笔和人体加在火线和大地之间，测电笔接触的是火线；试电笔测试图中的a、b、c、d四点，只有a点不发光，说明b、c、d与火线是想通的，b点与零线是断开的，因此a、b间发生了断路故答案为：笔尾金属体；火线；a、b间断路点评：本题考查了测电笔的使用方法，当与零线接触时，氖管不亮，与火线接触时，氖管会亮三、解答题（本题共9小题，共52分解答22、23题时应有解题过程）21（6分）（1）如图甲所示，画出作用在“开瓶起子”上动力F1的力臂和阻力F2的示意图（2）请在图乙中用笔画线代替导线将灯泡与开关正确接入电路，并将三孔插座正确接入电路考点：力臂的画法；力的示意图；家庭电路的连接4476536专题：作图题分析：（1）支点为点O，动力力臂为支点O到F1的作用线的距离，阻力的作用点在起子与瓶盖下端的接触点处，方向向下（2）对于电灯接线操作的基本要求是：“火线零线并排走，零线直接进灯头，火线接在开关上，通过开关进灯头”而对于插座的接线方法是要求“左零右火”，三孔插座还要求中接地解答：解：（1）过支点O作力F1的作用线的垂线段，标出力臂符号，即为所求作的力F1的力臂；瓶盖的阻力阻碍了杠杆的转动，为阻力，力的作用点易确定，力的方向为竖直向下，如图所示：（2）家庭电路中，各用电器是并联的，故灯泡和三孔插座并联开关控制灯泡，与其串联，为了安全起见，火线要先入开关再接入灯尾金属点，而中间的螺丝套直接接入零线；三孔插座除了“左零右火”的要求外，要注意“上接地”，答图如下：点评：本题考查了力的示意图和力臂的画法及在家庭电路中的电灯、开关、插座的接法力臂是支点到力的作用线的距离22（6分）装卸工人用如图所示的装置将重为800N的货物提至高处，人对绳的拉力为500N，货物在1min内匀速上升了5m，在此过程中求：（1）有用功；（2）拉力做功的功率；（3）滑轮组的机械效率考点：有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率；功率的计算4476536专题：功、功率、机械效率分析：（1）根据W=Gh求出有用功；（2）根据s=2h求出拉力移动距离，根据W=Fs求出总功，根据P=求出拉力的功率；（3）根据=求出机械效率解答：已知：物重G=800N，拉力F=500N，时间t=1min=60s，高度h=5m，n=2求：（1）有用功W有用=？；（2）拉力做功的功率P=？；（3）滑轮组的机械效率=？解：（1）有用功：W有用=Gh=800N5m=4000J；（2）拉力移动距离s=2h=25m=10m，拉力做的总功W总=Fs=500N10m=5000J，拉力的功率P=83.3W；（3）滑轮组的机械效率：=100%=100%=80%答：（1）有用功为4000J； （2）拉力做功的功率为83.3W；（3）滑轮组的机械效率为80%点评：此题主要考查的是学生对有用功、总功、机械效率、功率计算公式的理解和掌握，综合性较强，基础性题目23（8分）在“家电下乡”活动中，小明家买了一只WSJ60型号电热壶，其铭牌标志如图所示现将一满壶20的0.5kg的水在额定电压下烧开需时5min，已知外界气压为1标准大气压c水=4.2103J/（kg）求： 型号WSJ60 额定电压 220V 额定功率 800W 水壶容积 500mL（1）电热壶正常工作时的电阻；（2）正常工作烧开一满壶水（初温为20）所消耗的电能；（3）水吸收的热量；（4）电热壶的效率考点：电功与热量的综合计算；电功率的计算4476536专题：计算题；电和热综合题分析：（1）电热壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=求出其电阻；（2）根据W=Pt求出正常工作烧开一满壶水所消耗的电能；（3）1标准大气压下水的沸点是100，知道比热容、质量和初温、末温，根据公式Q=cm（tt0）求出水吸收的热量；（4）水吸收的热量和消耗的电能之比即为电热壶的效率解答：解：（1）电热壶正常工作时的电压U=220V，功率P=800W，根据P=可得：R=60.5；（2）正常工作烧开一满壶水所消耗的电能：W=Pt=800W560s=2.4105J； （3）1标准大气压下水的沸点是100，则水吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）0.5kg（10020）=1.68105J；（4）电热壶的效率：=100%=100%=70%答：（1）电热壶正常工作时的电阻为60.5；（2）正常工作烧开一满壶水所消耗的电能为2.4105J；（3）水吸收的热量为1.68105J；（4）电热壶的效率为70%点评：本题是一道电功与热量的综合题，考查了电功率公式、电功公式、热量公式、效率公式的应用，难度不大，熟练掌握并灵活应用基础知识即可正确解题24（4分）在“探究杠杆的平衡条件”的实验中（1）如图（a），杠杆在支架上，要使其在水平位置平衡，可将杠杆左端的平衡螺母向右调节（2）如图（b），在右边用弹簧测力计竖直向下拉，使杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是便于测量力臂若左边钩码离支点20cm，右边挂钩离支点15cm，每个钩码重为0.5N，则此时弹簧测力计示数应为2N（3）如图（c），当杠杆在水平位置平衡时，与图（b）相比，弹簧测力计示数将变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）考点：探究杠杆的平衡条件实验