中考物理二模试卷（含解析）221.doc

2016年江苏省扬州市直中学中考物理二模试卷一、单项选择题（本题包括12小题，每小题2分，共24分每题只有一个选项符合题意）1下列数据中不符合实际的是（）A洗澡水的温度大约是70B普通居民楼一层的高度约为3mC公交车在市区行驶速度约为3km/hD家用电饭煲的额定功率约为800W2关于图中声现象的四种情景，下列说法中正确的是（）A甲图中，敲打钢尺的力越小，发出声音的音调越低B乙图中，齿轮转动越快，发出声音的音调越高C丙图中，向甁外不断抽气，听到手机铃声的音色发生改变D丁图中，安装“噪声监测仪”可以减弱噪声污染3下列光现象的成因与日食形成的原因相同的是（）A水面“折”枝B露珠下叶脉看起来变粗C树荫下的光斑D拱桥倒影4小华同学想用空易拉罐来体验大气压强的存在，下列操作不能达到目的是（）A用酒精灯加热空易拉罐一段时间后，将易拉罐封闭B将空易拉罐密封后，放入密闭的玻璃钟罩内，用抽气机将钟罩内的气体抽出C用吹风机对着空易拉罐口吹风D用注射器抽取密封易拉罐中的空气5浙江大学的科学家制作出了一种新型防菌“纳米纸”，这种纸“油水不沾”，细菌也无法停留在上面（如图）则下列相关说法中正确的是（）A“纳米纸”的分子不可再分B“纳米纸”的分子不能做无规则热运动C“油水不沾”的原因是分子间无空隙D纳米纸上互相靠得很近的两滴水能自动结合成一滴是因为分子引力的缘故6关于功、内能和热量，下列说法中正确的是（）A内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体B物体的温度不变，内能一定不变C温度高的物体含有的热量比温度低的物体多D物体的内能不可以转换成机械能7研究物理问题时经常用到科学的研究方法如探究“真空能否传声”就是在实验基础上进行理想推理而得出结论，研究以下规律或问题的方法与此相同的是（）A怎样用磁感线来描述磁场B牛顿第一定律C晶体有固定的熔点D沙漠地区早晚的温差为何较大8如图所示的实验装置中，下列说法正确的是（）A甲图说明电流对磁场有力的作用B发电机是利用乙图原理制成的C丙图说明异名磁极相互排斥D丁图可以探究磁性强弱与电流大小的关系9现在家庭中使用的电器较多，例如：吸尘器；手机；空调；电视遥控器；洗衣机其中，应用电磁波工作的一组电器是（）ABCD10为避免超高车辆闯入隧道造成事故，小明设计了警示电路，使用时闭合开关S导线EF横置于隧道口上沿前方，一旦被驶来的车辆撞断，红灯L亮且电动机转动放下栏杆灯和电动机中，即使其中之一断路，另一个也能正常工作下列电路中符合要求的是（）ABCD11如图所示，两个相同容器盛满水，甲中有一个体积为20cm3，密度为0.5103kg/m3的木块漂浮在水面下列说法正确的是（）A木块漂浮时，浮力等于自身重力，并有体积露出水面B甲容器对水平桌面的压力大于乙容器对水平桌面的压力C将木块缓慢下压至浸没的过程中，木块受到的浮力不变D将木块全部压入水中后，两容器底部受到水的压力相等12如图所示，电源电压保持9V不变，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，定值电阻R1的规格为“10 0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“40 1A”闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片P移动过程中，下列说法正确的是（）A电阻R1消耗最大功率为0.9WB电流表示数允许的变化范围为0.3A0.5AC变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为820D电路消耗最大总功率为4.5W二、填空题（本题共8小题，每空1分，共28分）13一节新干电池的电压为_V家庭电路中，电冰箱与电视机是_的（填写连接方式），造成家庭电路电流过大的原因是用电器总功率过大和_14如图所示，是冷水与热水混合时，温度随时间变化的图象，假设在热传递过程中没有热量损失，那么，由图中所给的信息可知，冷水与热水的质量之比是_，冷水吸收热量与热水放出的热量之比是_15冰壶运动是冬奥会的比赛项目，如图甲所示（g取10N/kg）（1）用刻度尺测量冰壶的高度AB如图乙所示，其测量值为_cm（2）冰壶由花岗岩凿磨而成，质量为20kg，体积为8103m3，则这种花岗岩的密度为_g/cm3，停在水平冰面上的冰壶与冰面的接触面积为200cm2，则冰壶对冰面的压强为_Pa（3）比赛时运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，擦冰时利用_的方式改变物体的内能，使一些冰熔化成薄薄的一层水，从而_（填“增大”或“减小”）滑动摩擦力若以运动的冰壶为参照物，则座位上观看冰壶比赛的观众是_（选填“运动”或“静止”）的16热敏电阻常用作传感器（1）某热敏电阻的阻值随温度变化的曲线如图甲所示，该热敏电阻主要由_（选填“导体”或“半导体”）材料制成的（2）图乙是由热敏电阻R1作为传感器制作的简单自动报警线路图，图中a、b为两个固定的金属片，d为铁片接通开关S1时，电磁铁的_（选填“左”或“右”）端为N极为了使温度过高时发送报警信息，开关c应与触点_（选填“a”或“b”）相接通当滑动变阻器的滑片适当向左移动，报警温度应比原来设定的温度_（选填“高”或“低”）17小明将一支点燃的蜡烛放在凸透镜（f=10cm）前18cm处，此时他在光屏上得到了烛焰倒立、_的清晰像然后他在蜡烛和凸透镜之间放置了一个近视眼镜片，由于镜片对光线有_作用，所以光屏上烛焰清晰的像变模糊了（如图所示）若想在光屏上重新得到清晰的烛焰像，他可将光屏_凸透镜（选填“远离”或“靠近”）18如图所示是现在家庭常用的电子式电能表表盘，参数10A表示_，此时电能表示数为_kWh；表盘上标有3200imp/（kWh），表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次小明将某家用电器单独接在该电能表上正常工作6min，电能表指示灯闪烁了320次该家用电器的额定功率是_W，他可能是_（电热水壶/台灯/电视机）19如图是某地区风力发电的外景，风力发电是将风能转化为_能，且风能是清洁的_（选填“可再生”或“不可再生”）能源，是世界各国大力发展的新能源之一能源利用的实质是能量的转化或转移，在此过程中能的总量是_（填“逐渐减少”、“保持不变”或“逐渐增加”）的20如图甲所示的电路中，电压表V1和V2的示数之比为1：4，则定值电阻R1：R2=_；若将电阻R1、R2改接为如图乙所示的电路，则电流表A1、A2的示数之比为_，在相同的时间内R1、R2消耗的电能之比为_三、解答题（本题有7小题，共48分）21按照题目要求作图（1）如图甲所示，小球沿固定斜面自由滚下画出小球所受重力和支持力的示意图（2）如图乙所示，AB是物体AB在平面镜中所成的像，画出平面镜的摆放位置（3）请在图丙中用笔画线代替导线将灯泡（均标有“220V 25W”）与开关正确接入电路，要求开关同时控制两灯泡，且能正常发光22一名体重为520N、双脚与地面接触面积为400cm2的学生站在水平地面上向下拉绳，用滑轮组在10s内将400N的重物匀速提升1m提升重物的过程中滑轮组的机械效率是80%（不计绳重及摩擦），求：（1）画出滑轮组的绕线方式；（2）拉力F的大小；拉力F的功率；（3）他站在地面上匀速拉绳时地面对人的支持力23如图是某型号电热水器的电路原理图R1、R2为电热丝，通过开关S在1、2、3之间接通对应的电路，从而实现断电、加热、保温之间的切换已知该电热水器的保温功率为1.1kw，R2=8.8（1）求电热丝R1的阻值（2）通过计算说明安装该电热水器时，至少应选择下表中横截面积为多大的铜芯导线（3）若某次在保温功能下使用该热水器10min，热水器共消耗电能5.346105J，求此时加在热水器两端的电压U实导线横截面积S/mm211.52.546铜芯线允许长期负载电流I/A6881616252532324024小明探究水沸腾时温度变化的特点，实验装置如图甲所示（1）加热一定时间后，温度计的示数如图甲所示，此时水的温度为_；（2）图乙中能正确表示实验过程中水温度变化的图象是_；（3）另一组的小华实验时在烧杯上加盖了纸片，这种做法的优点是_；（4）实验后，大家提出了这样的疑问：如果不对水加热，能让水重新沸腾吗？老师将一杯刚停止沸腾的水放进密封玻璃罩中，如图丙所示接通抽气机电源，随着玻璃罩中空气的抽出，热水居然再次沸腾起来你的解释是_25小陆小组在实验室测量酸奶的密度他准备了量筒（如图甲所示）和天平（1）将天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端0刻度线处，发现指针指在分度盘的左侧，应将平衡螺母向_调，使天平横梁平衡（2）他先用天平测出空烧杯的质量为30g，接着他将酸奶倒入烧杯，用天平测量烧杯和液体的总质量，天平平衡时的情景如图乙所示，则烧杯和酸奶的总质量m1=_g然后他打算将烧杯中的酸奶倒入量筒中，由于酸奶比较粘稠且不透明，容易粘在筒壁上，对测量影响较大；于是他找到了5ml针筒（如图丙所示），用针筒抽取5ml酸奶，测量烧杯和剩余酸奶的总质量m2=57.6g；则酸奶的密度为_kg/m3同组的小红观察发现，用针筒测量酸奶体积，还有一个优点是：_（3）同组的小昊同学在实验中发现了一个“问题”，他发现5ml针筒的刻度线前的尖端还是有一点小“空隙”，这会导致测得的酸奶密度比实际值_（偏大/偏小/不变）；于是，小昊和小陆想出了一种正确测量方法，小陆接着做出了正确的操作：将此时抽满酸奶的针筒中的一部分酸奶返回烧杯，测量烧杯和剩余酸奶的总质量m3，记下此时_，则酸奶密度表达式：_26如图所示，在“探究物体的动能大小与哪些因素有关”的实验中，小球由斜面某位置滚下，撞击水平面上的小木块（1）实验中通过观察的_大小，来判断小球动能的大小（2）让质量不同的小球A和B（mAmB），从同一斜面的同一高度由静止开始滚下，目的是为了使小球到达水平面的_相同比较甲、乙两图，可得出结论是_（3）为了探究动能大小与速度的关系，应选择_两个图进行比较27在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12）（1）为了能够顺利完成实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用_A“10 0.5A”的滑动变阻器 B“50 0.5A”的滑动变阻器（2）闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到_（A/B）端（3）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表无示数，电流表有示数，若电路只有一处故障，则故障原因是_（4）排除故障后，闭合开关，移动滑片，电压表的示数如图乙所示，其读数是_V；为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向_（A/B）端移动（5）根据实验测得的数据，绘制出小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象（如图丙所示）分析图象可知：小灯泡的额定功率为_W小灯泡灯丝电阻是变化的，主要是受_变化的影响实验中观察到：当小灯泡两端的电压低于0.5V时，小灯泡不发光，根据图象分析其原因是_28阅读短文，回答问题：手机信号屏蔽器上初三的小中听去年参加高考的哥哥说，现在为了防止考生在考场内使用手机进行作弊，每个考场都会放置一个手机信号屏蔽器爱动脑筋的小中想，手机信号屏蔽器的原理是什么呢？于是，他上网查阅了相关的资料手机工作时是在一定的频率范围内，手机和基站通过无线电波联接起来，以一定的波特率和调制方式完成数据和声音的传输手机信号屏蔽器针对手机通讯的原理，屏蔽器在工作过程中以一定的速度从前向信道的低端频率向高端扫描该扫描速度可以在手机接收报文信号中形成乱码干扰，手机不能检测出从基站发出的正常数据，使手机不能与基站建立联接，达到屏蔽手机信号的目的手机表现为搜索网络、无信号、无服务系统等现象由于3G信号的手机上市和使用，屏蔽器也由老式的4根天线改进为现在增强型的5根天线的新式屏蔽器（如图），使它对3G手机信号也能进行屏蔽和干扰手机信号屏蔽器在通电后，工作电源在4秒内从零上升到稳定起动完成后，35秒内使作用范围内的手机被屏蔽它的发射功率为1W200mA，控制范围在40米左右屏蔽器主要针对各类考场、加油站、法庭、金融、监狱、公安、军事重地等禁止使用手机的场所请回答下列问题：（1）手机和基站之间联接的无线电波_（属于/不属于）可见光；（2）手机信号屏蔽器主要是阻碍电磁波传递_（信息/能量）；（3）屏蔽器的作用频率有800MHz、900MHz、2000MHz等几个不同的频率，这几个不同频率的无线电波在真空中传播速度是_（相同/不同）的；（4）针对“手机信号屏蔽器能否屏蔽固定电话的信号”这个问题，小中设计了几个不同的探究方案，其中可行的是_；A用屏蔽器覆盖范围内的手机拨打覆盖范围外的固定电话B用屏蔽器覆盖范围内的固定电话拨打覆盖范围外的手机C在屏蔽器覆盖范围内用固定电话拨打密闭在金属盒中的手机D在屏蔽器覆盖范围内用手机拨打密闭在金属盒中的固定电话（5）由于3G、4G信号的手机出现，手机信号屏蔽器必须更新为增强型的所谓增强型，是指增大了屏蔽器的_A额定功率 B额定电压 C作用频率 D电磁波速度2016年江苏省扬州市直中学中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题包括12小题，每小题2分，共24分每题只有一个选项符合题意）1下列数据中不符合实际的是（）A洗澡水的温度大约是70B普通居民楼一层的高度约为3mC公交车在市区行驶速度约为3km/hD家用电饭煲的额定功率约为800W【考点】长度的估测；速度与物体运动；电功率【分析】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，这就要求同学们要学会从生活体验中理解物理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解释【解答】解：A、人的正常体温约为37，人洗澡时合适的水温略高于正常体温，约为40，故A符合实际；B、普通居民楼一层的高度约为3m，故B符合实际；C、公交车在市区行驶的速度较慢，不超过30km/h故C不符合实际；D、家用电饭煲正常工作的电流在4A左右，所以额定功率在P=UI=220V4A=880W，接近800W故D符合实际故选B2关于图中声现象的四种情景，下列说法中正确的是（）A甲图中，敲打钢尺的力越小，发出声音的音调越低B乙图中，齿轮转动越快，发出声音的音调越高C丙图中，向甁外不断抽气，听到手机铃声的音色发生改变D丁图中，安装“噪声监测仪”可以减弱噪声污染【考点】频率及音调的关系；响度与振幅的关系；防治噪声的途径【分析】（1）物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调，音色反映了声音的品质与特色（2）减弱噪声有三种：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱【解答】解：A、甲图中，敲打钢尺的力越小，钢尺振动的幅度越小，即发出声音的响度越小；故A错误；B、乙图中，齿轮转动越快，振动的频率越快，则发出声音的音调越高；故B正确；C、丙图中，向甁外不断抽气，听到手机铃声的响度越小，音色不变；故C错误；D、图中，安装“噪声监测仪”可以检测到声音的大小，不能减弱噪声污染，故D错误故选B3下列光现象的成因与日食形成的原因相同的是（）A水面“折”枝B露珠下叶脉看起来变粗C树荫下的光斑D拱桥倒影【考点】光在均匀介质中直线传播；光的反射；光的折射现象及其应用【分析】光在自然界中存在三种光现象：（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等【解答】解：A、水面“折”枝是由于光的折射造成的，故不符合题意；B、露珠相当于一个凸透镜，所以露珠下的叶脉看起来变粗，此时的露珠相当于一个放大镜，所以是利用光的折射的原理，故不符合题意；C、树荫下的光斑是利用光的直线传播形成的，故正确；D、拱桥倒影是利用光的反射，故错误；故选C4小华同学想用空易拉罐来体验大气压强的存在，下列操作不能达到目的是（）A用酒精灯加热空易拉罐一段时间后，将易拉罐封闭B将空易拉罐密封后，放入密闭的玻璃钟罩内，用抽气机将钟罩内的气体抽出C用吹风机对着空易拉罐口吹风D用注射器抽取密封易拉罐中的空气【考点】大气压强的存在【分析】分析易拉罐出现的现象（A加热，让气体膨胀，使易拉罐变瘪、B易拉罐爆开、C易拉罐口的压强小，没现象、D易拉罐变瘪），判断是否能体验大气压的存在而得出答案【解答】解：A、用酒精灯加热空易拉罐一段时间后，温度冷却后，易拉罐内气压减小，大气压使易拉罐变瘪，与大气压有关，不符合题意；B、将空易拉罐密封后，放入密闭的玻璃钟罩内，用抽气机将钟罩内的气体抽出，易拉罐内的大气压大于周围气压，易拉罐爆开，与大气压有关，不符合题意；C、用吹风机对着空易拉罐口吹风，易拉罐口的压强小，没现象，与大气压无关，符合题意；D、用注射器抽取密封易拉罐中的空气，使里面的气压变小，在外界大气压的作用下变瘪，不符合题意；故选C5浙江大学的科学家制作出了一种新型防菌“纳米纸”，这种纸“油水不沾”，细菌也无法停留在上面（如图）则下列相关说法中正确的是（）A“纳米纸”的分子不可再分B“纳米纸”的分子不能做无规则热运动C“油水不沾”的原因是分子间无空隙D纳米纸上互相靠得很近的两滴水能自动结合成一滴是因为分子引力的缘故【考点】纳米材料的应用和发展前景【分析】分子的性质：物质是由分子构成的，分子由原子构成的；分子在不停地做无规则运动；分子之间有空隙；分子间有相互作用的引力和斥力，引力和斥力是同时存在的【解答】解：A、因为分子由原子构成的，所以分子可以再分；故A错误B、一切分子都在不停地做无规则运动，故B错误C、分子之间永远是有空隙的，故C错误D、因为分子间有引力，所以靠得很近的两滴油能自动结合成一滴，故D正确故选D6关于功、内能和热量，下列说法中正确的是（）A内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体B物体的温度不变，内能一定不变C温度高的物体含有的热量比温度低的物体多D物体的内能不可以转换成机械能【考点】温度、热量与内能的关系【分析】（1）热传递的条件是物体之间有温度差，高温物体将能量向低温物体传递，直至各物体温度相同（2）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关（3）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量（4）内能、机械能等其它形式的能之间可以相互转化【解答】解：A、发生热传递的条件是温度的高低，不是内能的大小，内能小的物体也可能是温度高的物体，所以，内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体，故A正确；B、冰块熔化，吸收热量，温度不变，内能增加，故B错误；C、热量是一个过程量，不能说“某物体含有或具有多少热量”，故C错误；D、汽油机的做功冲程，将内能转化为了机械能，故D错误故选A7研究物理问题时经常用到科学的研究方法如探究“真空能否传声”就是在实验基础上进行理想推理而得出结论，研究以下规律或问题的方法与此相同的是（）A怎样用磁感线来描述磁场B牛顿第一定律C晶体有固定的熔点D沙漠地区早晚的温差为何较大【考点】物理学方法【分析】有不少实验由于条件限制难以实现，在大量可靠实验基础上经过概括、抽象、推理得出规律的一种研究问题的方法，但得出的某些规律却又不能用实验直接验证，这种研究方法叫实验推理法，又称理想实验法【解答】解：A、磁感线是为了描述磁场的方向和强弱而引入的一条条假想的曲线，它实际并不存在，所以磁场用磁感线来描述所采取的方法是模型法不符合题意；B、牛顿第一定律的建立是在科学实验的基础上，通过对实验数据的分析，并进一步通过推理得出的（实际上不受摩擦力的物体根本不存在），所以该实验主要是利用了实验推理法形成了牛顿第一定律符合题意；C、晶体由固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，采用的是比较法不符合题意；D、沙漠地区早晚的温差较大，是因为砂石的比热容比水小，热量一定时，温度变化比水大，采用的是比较法不符合题意故选B8如图所示的实验装置中，下列说法正确的是（）A甲图说明电流对磁场有力的作用B发电机是利用乙图原理制成的C丙图说明异名磁极相互排斥D丁图可以探究磁性强弱与电流大小的关系【考点】通电直导线周围的磁场；磁极间的相互作用；影响电磁铁磁性强弱的因素；发电机的构造和原理【分析】（1）奥斯特实验说明通电导线周围有磁场；（2）通电导线在磁场中受力的作用，电动机就有利用该原理制成的；（3）同名磁极相斥，异名磁极相吸；（4）通电螺线管的磁性与电流的有无、线圈的匝数和电流的强弱有关；【解答】解：A、此图是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，故A错误；B、该图有电源，说明通电导线在磁场中受力的作用，电动机就有利用该原理制成的，故B错误；C、丙图说明异名磁极相互吸引，故C错误；D、此图中有滑动变阻器，即可用改变电流，所以丁图可以探究磁性强弱与电流大小的关系，故D正确；故选D9现在家庭中使用的电器较多，例如：吸尘器；手机；空调；电视遥控器；洗衣机其中，应用电磁波工作的一组电器是（）ABCD【考点】电磁波的产生【分析】（1）电流流过导体时导体要发热，这是电流的热效应（2）电流流过导体时导体具有了磁性，这是电流的磁效应（3）电流流过导体时导体发生了化学变化，这是电流的化学效应【解答】解：吸尘器靠电动机的转动而工作，其工作原理是利用磁场对电流有力的作用；手机是利用电磁波来完成信号的接收和发射；空调是利用了物态变化的吸放热过程；电视遥控器利用红外线进行遥控，红外线是一种电磁波，与电磁波的应用有关；洗衣机靠电动机的转动而工作，其工作原理是利用电流的磁效应故选：C10为避免超高车辆闯入隧道造成事故，小明设计了警示电路，使用时闭合开关S导线EF横置于隧道口上沿前方，一旦被驶来的车辆撞断，红灯L亮且电动机转动放下栏杆灯和电动机中，即使其中之一断路，另一个也能正常工作下列电路中符合要求的是（）ABCD【考点】电路图设计【分析】串联的各电路元件相互影响，不能独立工作，并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意确定各电路元件的连接方式，然后选择电路【解答】解：导线EF横置于隧道口上沿前方，一旦被驶来的车辆撞断，红灯L亮且电动机转动放下栏杆，说明EF断开之后，电动机与指示灯是通路，EF断开之前，电动机与指示灯被短路，则导线EF与电动机和指示灯并联，灯和电动机中，即使其中之一断路，另一个也能正常工作，说明指示灯与电动机互不影响，能独立工作，电动机与指示灯是并联的，为防止EF断开之前电源被短路，电路干路中要接入保护电阻，由图示电路图可知，A符合要求；故选A11如图所示，两个相同容器盛满水，甲中有一个体积为20cm3，密度为0.5103kg/m3的木块漂浮在水面下列说法正确的是（）A木块漂浮时，浮力等于自身重力，并有体积露出水面B甲容器对水平桌面的压力大于乙容器对水平桌面的压力C将木块缓慢下压至浸没的过程中，木块受到的浮力不变D将木块全部压入水中后，两容器底部受到水的压力相等【考点】物体的浮沉条件及其应用；阿基米德原理【分析】A、木块漂浮时，F浮=G，则水gV排=木gV木，然后根据水的密度、木块的密度，就可以得出V排与V木的关系，从而得出V露与V木的关系；B、物体漂浮，受到的浮力都等于物体重，由阿基米德原理可知排开的水重等于物体重，由此可知两个容器的总质量相同；C、由阿基米德原理公式可知，浮力大小与V排有关；D、先根据液体压强公式分析两容器底部受到水的压强大小关系，再根据公式F=PS分析两容器底部受到水的压力大小关系【解答】解：A、因为木块漂浮，所以F浮=G，因此水gV排=木gV木，则水V排=木V木=1.0103kg/m3V排=0.5103kg/m3V木，得： =，所以木块露出水面的体积也是木块体积的，故本选项错误；B、木块漂浮，木块受到的浮力等于木块重，F浮=水V排g，木块受到的重力等于排开的水重，两容器水面等高，甲容器对水平桌面的压力等于乙容器对水平桌面的压力；故本选项错误；C、由阿基米德原理公式F浮=水gV排可知，当液体密度一定时，V排越大F浮越大由于木块缓慢下压至浸没的过程中，V排在增大，所以F浮在增大；D、液体压强公式：P=gh，当木块全部压入水中时，虽然溢出了一些水，但左边容器中的水面高度仍然和右边的水面高度相同，所以两容器底部受到水的压强是相等的；因为压强相等且两容器的底面积相等，根据F=PS可知，两容器底部受到水的压力相等故选D12如图所示，电源电压保持9V不变，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，定值电阻R1的规格为“10 0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“40 1A”闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片P移动过程中，下列说法正确的是（）A电阻R1消耗最大功率为0.9WB电流表示数允许的变化范围为0.3A0.5AC变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为820D电路消耗最大总功率为4.5W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】滑动变阻器R2与定值电阻R1串联，电压表测量定值电阻两端的电压，根据串联电路的分压原理（电阻越大，电阻两端的电压越高），当电压表的示数最小时，变阻器接入电路的电阻最大；当电流表的示数达到最大值时，变阻器接入电路的电阻最小；根据欧姆定律的应用可分别电路中的总电阻和滑动变阻器接入电路中的电阻值，同时可以确定电压表示数、电流表示数以及电路中总功率的变化【解答】解：电源两端电压为6V保持不变，定值电阻为10；由题意知，当电压表的最大测量值为3V时，此时定值电阻R1两端的电压U1=3V，电路中的电流I=I2=I1=0.3A0.6A，因此电路中的最大电流为0.3A；故B错误；故根据串联电路的电压特点和欧姆定律可得：滑动变阻器接入电路中的最小电阻R2min=10；故C错误；电路消耗的最大功率P=UI=6V0.3A=1.8W；故D错误；电阻R1消耗功率最大功率：P1=U1I1=3V0.3A=0.9W故A正确故选A二、填空题（本题共8小题，每空1分，共28分）13一节新干电池的电压为1.5V家庭电路中，电冰箱与电视机是并联的（填写连接方式），造成家庭电路电流过大的原因是用电器总功率过大和短路【考点】电压；串联电路和并联电路的辨别；家庭电路电流过大的原因【分析】（1）要记住一些生活中常见的电压值，如：一节干电池的电压是1.5V；一节铅蓄电池的电压是2V；家庭电路的电压为220V；对人体安全的电压为不高于36V；（2）家庭电路中，各用电器工作互不影响，故应并联在电路中；（3）家庭电路电流过大的原因是：用电器总功率过大或短路【解答】解：（1）一节干电池的电压是1.5V；（2）家庭电路中，各用电器工作互不影响，故应并联在电路中；（3）家庭电路电流过大的原因是：用电器总功率过大或短路故答案为：1.5；并联；短路14如图所示，是冷水与热水混合时，温度随时间变化的图象，假设在热传递过程中没有热量损失，那么，由图中所给的信息可知，冷水与热水的质量之比是2：1，冷水吸收热量与热水放出的热量之比是1：1【考点】热平衡方程的应用【分析】知道冷水与热水的比热容相同，冷水与热水混合时，热水放出热量、温度降低，冷水吸收热量、温度升高，直到二者温度相等，热传递停止；从图可以得出冷水与热水的初温和末温，根据热平衡方程解答本题【解答】解：由图可知：热水的初温为80、末温为40，t热=8040=40，冷水的初温为20、末温为40，t冷=4020=20，根据热平衡方程：Q吸=Q放，则Q吸：Q放=1：1所以C冷m冷t冷=C热m热t热即：4.2103J/（kg）m冷20=4.2103J/（kg）m热40所以m冷：m热=2：1故答案为：2：1； 1：115冰壶运动是冬奥会的比赛项目，如图甲所示（g取10N/kg）（1）用刻度尺测量冰壶的高度AB如图乙所示，其测量值为11.40cm（2）冰壶由花岗岩凿磨而成，质量为20kg，体积为8103m3，则这种花岗岩的密度为2.5g/cm3，停在水平冰面上的冰壶与冰面的接触面积为200cm2，则冰壶对冰面的压强为10000Pa（3）比赛时运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，擦冰时利用做功的方式改变物体的内能，使一些冰熔化成薄薄的一层水，从而减小（填“增大”或“减小”）滑动摩擦力若以运动的冰壶为参照物，则座位上观看冰壶比赛的观众是运动（选填“运动”或“静止”）的【考点】长度的测量；密度的计算；参照物及其选择；增大或减小摩擦的方法；压强的大小及其计算；做功改变物体内能【分析】（1）起始端没从0开始，把2.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去2.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；（2）已知冰壶质量为20kg，体积为8103m3，根据=可求出密度，冰壶对水平冰面的压力等于重力，又知冰壶与冰面的接触面积为200cm2，根据P=可求出压强；（3）改变物体的内能方法有：做功和热传递；冰刷扫冰，用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，克服摩擦做功，使冰的内能增加、温度升高，达到冰的熔点熔化成水，存在于冰面和冰壶之间减小了冰壶滑行时的摩擦力；相对于参照物位置不变的物体是静止的，相对于参照物位置变化的物体是运动的【解答】解：（1）冰壶的高度：13.40cm2.00cm=11.40cm；（2）花岗岩的密度：=2.5103kg/m3=2.5g/cm3；压力F=G=mg=20kg10N/kg=200N，冰壶对冰面的压强为：P=10000Pa；（3）冰刷扫冰，用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，克服摩擦做功，使冰的内能增加、温度升高，达到冰的熔点熔化成水，存在于冰面和冰壶之间减小了冰壶滑行时的摩擦力，这是利用做功的方法改变物体的内能；若以运动的冰壶为参照物，则座位上观看冰壶比赛的观众是运动的故答案为：（1）11.40；（2）2.5；10000；（3）做功；减小；运动16热敏电阻常用作传感器（1）某热敏电阻的阻值随温度变化的曲线如图甲所示，该热敏电阻主要由半导体（选填“导体”或“半导体”）材料制成的（2）图乙是由热敏电阻R1作为传感器制作的简单自动报警线路图，图中a、b为两个固定的金属片，d为铁片接通开关S1时，电磁铁的右（选填“左”或“右”）端为N极为了使温度过高时发送报警信息，开关c应与触点a（选填“a”或“b”）相接通当滑动变阻器的滑片适当向左移动，报警温度应比原来设定的温度高（选填“高”或“低”）【考点】电磁铁的其他应用【分析】（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体为绝缘体，半导体的导电性能在导体和绝缘体之间（2）先确定电路中的电流方向，根据安培定则（用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极）确定电磁铁的NS极；由图甲得出热敏电阻的阻值与温度的关系，确定电路中的电流变化，进而确定电磁铁的磁性变化，判断铁片与金属片a还是b接触，从而确定开关c应与哪个触点相接通；当滑动变阻器的滑片适当向左移动，分析连入电路的电阻变化、电流变化，进而确定电磁铁的磁性变化，判断报警温度变化【解答】解：（1）热敏电阻是半导体材料制成的；（2）通电螺线管中电流从右侧流入、左侧流出，根据安培定则可知螺线管右端为N极、左端为S极；当温度过高时，热敏电阻的阻值变小，电路中的电流变大，通电螺线管的磁性变强，吸引铁片d，使开关与金属片a接触，为了及时报警，开关应与触点c接触；当滑动变阻器的滑片适当向左移动，连入电路的电阻变大，电路中的电流变小，电磁铁的磁性变弱，为了达到原来的磁性，热敏电阻的阻值必须变小，报警温度将高于原来设定的温度故答案为：（1）半导体；（2）右；a；高17小明将一支点燃的蜡烛放在凸透镜（f=10cm）前18cm处，此时他在光屏上得到了烛焰倒立、放大的清晰像然后他在蜡烛和凸透镜之间放置了一个近视眼镜片，由于镜片对光线有发散作用，所以光屏上烛焰清晰的像变模糊了（如图所示）若想在光屏上重新得到清晰的烛焰像，他可将光屏远离凸透镜（选填“远离”或“靠近”）【考点】凸透镜成像的应用【分析】（1）当物距处于f和2f之间时，凸透镜成倒立放大的实像；（2）近视镜片是凸透镜，对光线具有发散作用，会使像推迟会聚【解答】解：已知f=10cm，则2f=20cm，蜡烛在凸透镜前18cm处，处于f和2f之间，成倒立放大的实像；近视眼镜片是凹透镜，所以远视眼镜片对光线有发散作用；将近视眼镜片放在蜡烛和凸透镜之间，经过凸透镜的光线会比原来推迟会聚成像，所以将光屏远离凸透镜，才能在光屏上重新得到清晰的像故答案为：放大；发散；远离18如图所示是现在家庭常用的电子式电能表表盘，参数10A表示电能表的标定电流是10A，此时电能表示数为1256.8kWh；表盘上标有3200imp/（kWh），表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次小明将某家用电器单独接在该电能表上正常工作6min，电能表指示灯闪烁了320次该家用电器的额定功率是1000W，他可能是电热水壶（电热水壶/台灯/电视机）【考点】电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算【分析】（1）“10（40）A”表示电能表的标定电流是10A，最大瞬间电流是40A，电能表读数时，注意电能表的单位是kWh，最后一位是小数；（2）3200imp/（kWh）表示的是电路中每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次，求出闪烁320次消耗的电能，然后根据P=求出用电器的功率，进而选择是哪种用电器【解答】解：参数10A表示电能表的标定电流是10A，电能表的示数为1256.8kWh；因3200imp/（kWh）表示的是电路中每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次，指示灯闪烁320次消耗的电能：W=kWh=0.1kWh，t=6min=0.1h，用电器的功率：P=1kW=1000W因为用电器正常工作，所以用电器的额定功率等于1000W，而电热水壶的功率在1000W左右，台灯的功率小于40W，电视机的功率在200W左右，所以这个家用电器可能是电热水壶故答案为：电能表的标定电流是10A；1256.8；1000；电热水壶19如图是某地区风力发电的外景，风力发电是将风能转化为电能，且风能是清洁的可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源，是世界各国大力发展的新能源之一能源利用的实质是能量的转化或转移，在此过程中能的总量是保持不变（填“逐渐减少”、“保持不变”或“逐渐增加”）的【考点】能量的相互转化；能源的分类【分析】（1）判断清楚该过程中消耗了哪种形式的能，进而产生了哪种形式的能即可；（2）可再生能源是指在自然界中可以不断再生、永续利用、取之不尽、用之不竭的资源，它对环境无害或危害极小，而且资源分布广泛，适宜就地开发利用可再生能源主要包括太阳能、风能、水能、生物质能、地热能和海洋能等（3）能量守恒定律：能既不会消灭，也不会创生，它只会从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体上，在转移和转化过程中，能的总量保持不变【解答】解：风力发电，消耗风能，产生电能，所以是将风能转化为电能的过程；风能是在短期内可以再生的能源，所以是可再生能源；据能量的转化和守恒定律可知，能的总量是不变故答案为：电；可再生；保持不变20如图甲所示的电路中，电压表V1和V2的示数之比为1：4，则定值电阻R1：R2=1：3；若将电阻R1、R2改接为如图乙所示的电路，则电流表A1、A2的示数之比为3：4，在相同的时间内R1、R2消耗的电能之比为3：1【考点】欧姆定律的应用；电功的计算【分析】（1）由甲电路图可知，两电阻串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测两电阻两端的电压之和，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据欧姆定律求出两电阻的阻值之比；（2）由乙电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两只路的电流之比，根据并联电路的电流特点求出两电流表的示数之比，根据W=UIt求出相同的时间内R1、R2消耗的电能之比【解答】解：（1）由甲电路图可知，两电阻串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测两电阻两端的电压之和，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两电阻两端的电压之比：=，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=可得，两电阻的阻值之比：=；（2）由乙电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两条支路的电流之比：=，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，两电流表的示数之比：=，由W=UIt可得，相同的时间内R1、R2消耗的电能之比：=故答案为：1：3； 3：4； 3：1三、解答题（本题有7小题，共48分）21按照题目要求作图（1）如图甲所示，小球沿固定斜面自由滚下画出小球所受重力和支持力的示意图（2）如图乙所示，AB是物体AB在平面镜中所成的像，画出平面镜的摆放位置（3）请在图丙中用笔画线代替导线将灯泡（均标有“220V 25W”）与开关正确接入电路，要求开关同时控制两灯泡，且能正常发光【考点】力的示意图；平面镜成像的相关作图；家庭电路的连接【分析】（1）根据力的示意图的定义，将小球所受重力和支持力的方向、作用点表示出来即可（2）根据平面镜成像的特点：所成的像是虚像；像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等可确定平面镜的位置（3）家庭电路中各用电器之间是并联的，开关同时控制两盏灯，开关要接在干路上，接在灯和火线之间【解答】解：（1）小球受到的重力方向竖直向下，作用点在重心；支持力的方向垂直于斜面向上，作用点也画在重心，如图所示：（2）连接像B和物体B各对应点的连线，做连线的垂直平分线，可得平面镜的位置，如图所示：（3）两盏灯是并联的，两盏灯有一个开关控制，开关接在干路上火线首先过开关再入灯泡如图所示：22一名体重为520N、双脚与地面接触面积为400cm2的学生站在水平地面上向下拉绳，用滑轮组在10s内将400N的重物匀速提升1m提升重物的过程中滑轮组的机械效率是80%（不计绳重及摩擦），求：（1）画出滑轮组的绕线方式；（2）拉力F的大小；拉力F的功率；（3）他站在地面上匀速拉绳时地面对人的支持力【考点】滑轮组的设计与组装；滑轮组绳子拉力的计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算【分析】（1）该学生站在地面上，所以绳子自由端拉力向下，由此画出滑轮组的绕线方式；（2）知道滑轮组的机械效率和提升物重，利用=求牵引力，求出拉力端移动的距离，利用W=Fs求总功，再利用功率公式求拉力做功功率；（3）他站在地面上匀速拉绳时，支持力加上拉力等于人的重力，据此求出支持力【解答】解：（1）由图可知，学生站在地面上，所以最终的绳子自由端方向向下，则绳子的起始端应在定滑轮上，如图所示：（2）不计绳重和摩擦，由=可得：80%=F=250N；拉力端移动距离s=2h=21m=2m，拉力做功：W总=Fs=250N2m=500J，拉力做功功率：P=50W；（3）他站在地面上匀速拉绳时，G人=F支+F，则