云南省元阳县第三中学2019_2020学年高二物理上学期期末考试试题.docx

云南省元阳县第三中学2019-2020学年上学期期末考试高二物理本试卷分第卷和第卷两部分，共100分，考试时间90分钟。分卷I一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.原子核反应有广泛的应用，如用于核电站等在下列核反应中，属于核裂变反应的是()ABnLiHe BUThHeCNHeOH DUnBaKr3n2.如图所示在a、b两点固定着两个等量异种点电荷，c、d两点将a、b两点的连线三等分，则()Ac、d两点处的场强方向不相同Bc、d两点处的场强大小不相等C 从c点到d点场强先变大后变小D 从c点到d点场强先变小后变大3.下列各图有关运动电荷和通电导线受到磁场对它们的作用力方向判断正确的是()A B C D4.如图所示，在一边长为d的正方形区域内，存在垂直纸面向里的匀强磁场，一质量为m、电荷量为q带电粒子从AB边的中点O处以速度v0垂直AB边进入磁场做圆周运动，则下列关于粒子运动的说法中正确的是()A 若带电粒子恰能从D点飞出磁场，则粒子做圆周运动的半径应为dB 若带电粒子恰能从D点飞出磁场，则该匀强磁场的磁感应强度应为C 若减小该匀强磁场的磁感应强度B，则该带电粒子在磁场中运动的时间将变长D 若使带电粒子进入磁场的初速度v0增大，则粒子在该磁场中做圆周运动的周期也将变大5.根据电荷守恒定律，使两个相同的金属球A、B分别带+5q和q的电荷，把它们接触后分开，则A带电（）A 4q B +2q C +4q D 2q6.电流的磁效应揭示了电与磁的关系若直导线通有方向垂直纸面向外的恒定电流，则电流的磁感线分布正确的是（）ABCD7.如图所示，在光滑水平面上，有质量分别为3m和m的A、B两滑块，它们中间夹着(不相连)一根处于压缩状态的轻质弹簧，由于被一根细绳拉着而处于静止状态下述说法正确的是()A 剪断细绳，在两滑块脱离弹簧后，A、B两滑块的动量大小之比pApB31B 剪断细绳，在两滑块脱离弹簧后，A、B两滑块的速度大小之比vAvB31C 剪断细绳，在两滑块脱离弹簧后，A、B两滑块的动能之比EkAEkB13D 剪断细绳到两滑块脱离弹簧过程中，弹簧对A、B两滑块做功之比WAWB118.某静电场的电场线分布如图所示，P、Q是电场中的某两点，下列表述正确的是()AP点电势低于Q点电势BP、Q两点场强大小相等、方向相同C 同一正电荷分别置于P、Q两点时电势能相等D 同一负电荷从P点移至Q点，电场力做负功，电势能增大9.在光电效应实验中，飞飞同学用同一光电管在不同实验条件下得到了三条光电流与电压之间的关系曲线(甲光、乙光、丙光)，如图所示则可判断出()A 甲光的频率大于乙光的频率B 乙光的波长大于丙光的波长C 乙光对应的截止频率大于丙光对应的截止频率D 甲光对应的光电子最大初动能大于丙光对应的光电子最大初动能10.在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑动片向下移动时，关于电灯L的亮度及电容器C所带电荷量Q的变化判断正确的是（）AL变暗，Q增大 BL变暗，Q减小CL变亮，Q增大 DL变亮，Q减小二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 11.(多选)下列有关原子结构和原子核的认识，其中正确的是()A 射线是高速运动的电子流，来自原子核外电子B 根据玻尔原子理论，氢原子辐射光子后，其绕核运动的电子动能增大C 太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的轻核聚变D 原子核的稳定性决定于比结合能，与原子核的结合能无直接关系12.(多选)如图所示是阴极射线显像管及其偏转线圈的示意图显像管中有一个阴极，工作时它能发射阴极射线，荧光屏被阴极射线轰击就能发光安装在管颈的偏转线圈产生偏转磁场，可以使阴极射线发生偏转下列说法中正确的是()A 如果偏转线圈中没有电流，则阴极射线应该打在荧光屏正中的O点B 如果要使阴极射线在竖直方向偏离中心，打在荧光屏上A点，则偏转磁场的方向应该垂直纸面向里C 如果要使阴极射线在竖直方向偏离中心，打在荧光屏上B点，则偏转磁场的方向应该垂直纸面向里D 如果要使阴极射线在荧光屏上的位置由B点向A点移动，则偏转磁场强度应该先由小到大，再由大到小13.（多选）安培的分子环流假设，可用来解释（）A 两通电导体间有相互作用的原因B 通电线圈产生磁场的原因C 永久磁铁产生磁场的原因D 铁质类物体被磁化而具有磁性的原因14.(多选)如图所示，在两个等量异种电荷形成的电场中，D、E、F是两电荷连线上等间距的三个点，三点的电势关系是DEF，K、M、L是过这三个点的等势线，其中等势线L与两电荷连线垂直带电粒子从a点射人电场后运动轨迹与三条等势线的交点是a、b、c，粒子在a、b、c三点的电势能分别是Epa、Epb、Epc，以下判断正确的是()A 带电粒子带正电BEpaEpbEpcCEpcEpbEpbEpaDEpcEpbEpbEpa分卷II三、实验题(共2小题, 共15分) 15.要测绘额定电压为2 V的日常用小电珠的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A电源E（电动势3.0 V，内阻可不计）B电压表V1(量程为03.0 V，内阻约2 k)C电压表V2(015.0 V，内阻约6 kD电流表A1(00.6 A，内阻约1 )E电流表A2(0100 mA，内阻约2 )F滑动变阻器R1（最大值10 ）G滑动变阻器R2（最大值2 k）（1）为减少实验误差，实验中电压表应选择，电流表应选择，滑动变阻器应选择.（填各器材的序号）（2）为提高实验精度，请你设计实验电路图，并画在下面的虚线框中.（3）实验中测得一组数据如下表所示，根据表格中的数据在方格纸上作出该电珠的伏安特性曲线。（4）该小电珠的额定功率是。16.为了验证动量守恒定律图6所示的气垫导轨上放着两个滑块，滑块A的质量为500 g，滑块B的质量为200 g每个滑块的一端分别与穿过打点计时器的纸带相连，两个打点计时器的频率均为50 Hz.调节设备使气垫导轨正常工作后，连通两个打点计时器的电源，并让两个滑块以不同的速度相向运动，碰撞后粘在一起继续运动图乙为纸带上选取的计数点，每两个计数点之间还有四个点没有画出图6(1)判断气垫导轨是否处于水平，下列措施可行的是_(填字母代号)A将某个滑块轻放在气垫导轨上，看滑块是否静止B让两个滑块相向运动，看是否在轨道的中点位置碰撞C给某个滑块一个初速度，看滑块是否做匀速直线运动D测量气垫导轨的两个支架是否一样高(2)根据图乙提供的纸带，计算碰撞前两滑块的总动量大小p_ kgm/s；碰撞后两滑块的总动量大小为p_ kgm/s.多次实验，若碰撞前后两滑块的总动量在实验误差允许的范围内相等，则动量守恒定律得到验证(结果均保留两位有效数字)四、计算题 17.如图9所示，质量mB2 kg的平板车B上表面水平，在平板车左端相对于车静止着一块质量mA2 kg的物块A，A、B一起以大小为v10.5 m/s的速度向左运动，一颗质量m00.01 kg的子弹以大小为v0600 m/s的水平初速度向右瞬间射穿A后，速度变为v200 m/s .已知A与B之间的动摩擦因数不为零，且A与B最终达到相对静止时A刚好停在B的右端，车长L1 m，g10 m/s2，求：(1)A、B间的动摩擦因数；(2)整个过程中因摩擦产生的热量为多少？18.如图所示，在磁感应强度为B的水平匀强磁场中，有一足够长的绝缘细棒OO在竖直平面内垂直于磁场方向放置，细棒与水平面夹角为.一质量为m、带电荷量为q的圆环A套在OO棒上，圆环与棒间的动摩擦因数为，且tan，现让圆环A由静止开始下滑，试问圆环在下滑过程中：（1）圆环A的最大加速度为多大？获得最大加速度时的速度为多大？（2）圆环A能够达到的最大速度为多大？19.如图所示，在xOy坐标系中，坐标原点O处有一点状的放射源，它向xOy平面内的x轴上方各个方向发射粒子，粒子的速度大小均为，在0yd的区域内分布有指向y轴正方向的匀强电场，场强大小为E=，其中q与m分别为粒子的电量和质量；在dy2d的区域内分布有垂直于xOy平面向里的匀强磁场，mn为电场和磁场的边界ab为一块很大的平面感光板垂直于xOy平面且平行于x轴，放置于y=2d处，如图所示观察发现此时恰好无粒子打到ab板上（不考虑粒子的重力及粒子间的相互作用），求：（1）粒子通过电场和磁场边界mn时的速度大小及距y轴的最大距离；（2）磁感应强度B的大小 答案1.D 2.D 3.B 4.A 5.B 6.D 7.C 8.D 9.B 10.B 11.BCD 12.AC 13.CD 14.BD15.（1）B D F（2）电路图如图所示（3）如图所示（4）1.00 W【解析】（1）由题意小灯泡额定电压为2 V，额定电流为0.5 A，故电压表应选B，电流表应选D，又描绘伏安特性曲线要求电流从零调，故变阻器应用分压式接法，应选阻值小的变阻器F（2）由于小电珠电珠较小，满足，电流表应用外接法，又变阻器应采用分压式接法，电路图如图所示：（3）小电珠的伏安特性曲线如图所示：（4）由图可知，当电压为2 V，电流为0.5 A；则功率16.(1)AC(2)0.280.28【解析】17.(1)0.1(2)1 600 J【解析】(1)规定向右为正方向，子弹与A作用过程，根据动量守恒定律得：m0v0mAv1m0vmAvA，代入数据解得：vA1.5 m/s，子弹穿过A后，A以1.5 m/s的速度开始向右滑行，B以0.5 m/s的速度向左运动，当A、B有共同速度时，A、B达到相对静止，对A、B组成的系统运用动量守恒，规定向右为正方向，有：mAvAmBv1(mAmB)v2，代入数据解得：v20.5 m/s.根据能量守恒定律知：mAgLmAvA2mBv12(mAmB)v22，代入数据解得：0.1.(2)根据能量守恒得，整个过程中因摩擦产生的热量为：Qm0v02(mAmB)v12m0v2(mAmB)v22，代入数据解得：Q1 600 J.18.（1）（2）【解析】(1)由于，所以环将由静止开始沿棒下滑.环A沿棒运动的速度为时，受到重力、洛伦兹力、杆的弹力和摩擦力.根据牛顿第二定律，对圆环A受力分析有沿棒的方向：垂直棒的方向：所以当(即)时a有最大值，且此时解得：.(2)设当环A的速度达到最大值时，环受杆的弹力为，摩擦力为.此时应有