福建省宁德市福安第六中学2019届高三物理下学期第二次月考试题（含解析）.docx

福建省宁德市福安第六中学2019届高三物理下学期第二次月考试题（含解析）一、单选题1.如图所示的几种情况中，不计绳、弹簧测力计、各滑轮的质量，不计一切摩擦，物体质量都为m，且均处于静止状态，有关角度如图所示弹簧测力计示数FA、FB、FC、FD由大到小的排列顺序是（ ）A. FBFDFAFCB. FDFCFBFAC. FDFBFAFCD. FCFDFBFA【答案】C【解析】解：对A图中的m受力分析，m受力平衡，根据平衡条件得：2FAcos45=mg解得：，对B图中的m受力分析，m受力平衡，根据平衡条件得：弹簧秤的示数FB=mg，对C图中的m受力分析，m受力平衡，根据平衡条件得：弹簧秤的示数，对D图中m受力分析，m受力平衡，根据平衡条件得：2FDcos75=mg解得：则FDFBFAFC，故C正确故选：C【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】分别对ABCD四副图中的物体m进行受力分析，m处于静止状态，受力平衡，根据平衡条件求出绳子的拉力，而绳子的拉力等于弹簧秤的示数【点评】本题主要考查了共点力平衡条件直接应用，要求同学们能正确分析物体的受力情况，并能根据平衡条件列式求解，特别注意B图中的滑轮为定滑轮，不省力，只能改变方向，所以绳子的拉力等于mg2.如图所示，已知带电小球A、B的电荷量分别为QA、QB，OA=OB，都用长L的绝缘丝线悬挂在绝缘墙角O点处静止时A、B相距为d为使平衡时AB间距离减为d/2，可采用以下哪些方法（）A. 将小球A、B的质量都增加到原来的2倍B. 将小球B的质量增加到原来的4倍C. 将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半D. 将两小球的电荷量都减小到原来的一半，同时将小球B的质量增加到原来的2倍【答案】D【解析】【详解】如图所示B受重力、绳子的拉力及库仑力；将拉力及库仑力合成，其合力应与重力大小相等方向相反；由几何关系可知，；而库仑力；即； ； ；则要使d变为可以使质量增大到原来的8倍而保证上式成立；故AB错误；或将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半，同时小球B的质量增加到原来的2倍，也可保证等式成立；故C错误，D正确；3.如图所示，质量为m的小球A静止于光滑水平面上，在A球与墙之间用轻弹簧连接。现用完全相同的小球B以水平速度v0与A相碰后粘在一起压缩弹簧。不计空气阻力，若弹簧被压缩过程中的最大弹性势能为E，从球A被碰后开始到回到原静止位置的过程中墙对弹簧的冲量大小为I，则下列表达式中正确的是（）A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】D【解析】A、B作为一个系统，在A、B球碰撞过程中利用动量守恒定律可得：，解得，再将A、B、弹簧作为一个系统，在压缩弹簧过程中选用机械能守恒可得：，选水平向右为正方向，从球A被碰后开始到回到原静止位置的过程中墙对弹簧的冲量，将A、B、弹簧作为一个系统，根据动量定理： ，故D正确。4.如图所示，质量为M的长木板位于光滑水平面上，质量为m的物块静止在长木板上，两者之间的滑动摩擦因数为，现对物块m施加水平向右的恒力F，若恒力F超过某一临界数值，长木板与物块将出现相对滑动重力加速度大小为g，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力则恒力F的临界数值为（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】对物块与长木板整体进行受力分析：F=（M+m）a；对物块进行受力分析：F-f=ma；对木板进行受力分析：f=Ma；当物块与长木板保持相对静止，具有相同的加速度时，F达到最大值，f=mg。求解上面方程组得：F最大=mg（1+），故C正确、ABD错误。二、多选题5.如图所示，在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道，然后在点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道，则（ ）A. 该卫星的发射速度必定大于B. 卫星在同上不轨道上的运行速度大于C. 在轨道上，卫星在点的速度大于在点的速度D. 卫星在点通过减速实现由轨道进入轨道【答案】CD【解析】试题分析：A、11.2km/s是卫星脱离地球束缚的发射速度，而同步卫星仍然绕地球运动；错误7.9km/s即第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径，根据可以发现，同步卫星运行的线速度一定小于第一宇宙速度；错误卫星在轨道I上，由Q到P的过程中，引力做正功，动能增大，速度增大，则卫星在P点的速度大于在Q点的速度；正确从椭圆轨道到同步轨道，卫星在Q点是做逐渐远离圆心的运动，要实现这个运动必须卫星所需向心力大于万有引力，所以应给卫星加速，增加所需的向心力；正确故选CD考点：人造卫星点评：关键知道第一宇宙速度的特点；卫星变轨也就是近心运动或离心运动，根据提供的万有引力和所需的向心力关系确定。6.如图所示，电阻R1=20，电动机的绕组R2=10当开关打开时，电流表的示数是0.5A，当开关合上后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表的示数I和电路消耗的电功率P应是（）A. B. C. D. 【答案】BD【解析】【详解】当电键S断开时，由欧姆定律得，U=I1R1=10V当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电流，故电流表的电流I1.5A，电路中电功率P=UI15W。故BD正确，AC错误。7.如图，一带负电荷的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直面(纸面)内，且相对于过轨迹最低点P的竖直线对称忽略空气阻力由此可知()A. Q点的电势比P点高B. 油滴在Q点动能比它在P点的大C. 油滴在Q点的电势能比它在P点的大D. 油滴在Q点的加速度大小比它在P点的小【答案】AB【解析】试题分析：根据粒子的弯折方向可知，粒子受合力一定指向上方；同时因轨迹关于P点对称，则可说明电场力应竖直向上；粒子带负电，故说明电场方向竖直向下；则可判断Q点的电势比P点高；故A正确；粒子由P到Q过程，合外力做正功，故油滴在Q点的动能比它在P点的大；故B正确；因电场力做正功，故电势能减小，Q点的电势能比它在P点的小；故C错误；因受力为恒力；故PQ两点加速度大小相同；故D错误；故选AB。考点：电势及电势能；电场力的功【名师点睛】本题考查带电粒子在匀强电场中的运动，要注意本题中油滴受到重力和电场力作用，这里应先考虑合力，再去分析电场力的性质；同时注意掌握物体做曲线运动的条件应用。8.如图所示，、两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，放在固定的光滑斜面上，、两小球在竖直方向上通过劲度系数为的轻质弹簧相连，球放在水平地面上。现用手控制住、并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行，已知的质量为，、的质量均为，重力加速度大小为，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态。释放后，沿斜面下滑至速度最大时恰好离开地面。下列说法正确的是（ ）A. 斜面倾角B. 获得最大速度为C. 刚离开地面时，的加速度最大D. 从释放到刚离开地面的过程中，、两小球组成的系统机械能守恒【答案】ABC【解析】【详解】A的速度最大的时候，应是A受力为0的时候，故此时绳的拉力等于T=4mgsin，C此时刚好要离开地面，故弹簧的拉力为mg，对B受力分析可得绳对B的拉力为T=2mg，则得4mgsin=2mg，可得：=30，故A错误。初始系统静止，且线上无拉力，对B有：kx1=mg；C刚好离开地面时：kx2=mg；可知 x1=x2，则从释放至C刚离开地面过程中，弹性势能变化量为零；此过程中A、B、C组成的系统机械能守恒，即：4mg（x1+x2）sin=mg（x1+x2）+（4m+m）vAm2；以上方程联立可解得：A获得最大速度为 vAm=2g，故B正确；物体C刚刚离开地面时，B合外力为0，加速度为0，故C错误。从释放A到C刚离开地面的过程中，根据A、B和弹簧组成的系统机械能守恒，但是A、B两小球组成的系统机械能不守恒，故D错误。故选B。【点睛】本题关键是对三个小球进行受力分析，分析弹簧弹力变化情况，确定出它们的运动状态，再结合平衡条件和系统的机械能守恒进行分析9.下列说法中正确的是（）A. 美国物理学家密立根通过油滴实验精确测定了元电荷e的电荷量，获得诺贝尔奖B. 加速度大小等于g的物体处于完全失重状态C. 所有行星绕太阳运行的轨道都是椭圆，且行星在椭圆轨道上运行速率是变化的，离太阳越远，运动速率越小D. 滑动摩擦力可能做负功，也可能做正功，静摩擦力对物体一定不做功E. 闭合电路中外电阻越大，路端电压越大【答案】ACE【解析】【详解】美国物理学家密立根通过油滴实验精确测定了元电荷e的电荷量，获得诺贝尔奖，故A正确；加速度是g的物体处于完全失重状态，不能只说大小，故B错误；所有行星绕太阳运行的轨道都是椭圆，且行星在椭圆轨道上运行速率是变化的，离太阳越远，运动速率越小，故C正确；滑动摩擦力可能做负功，也可能做正功，静摩擦力对物体有时也做功，故D错误；闭合电路中外电阻越大，路端电压为：可知R越大，U越大，则E正确.三、填空题10.在测定金属的电阻率实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图1所示，读数为_mm用游标为20分度的游标卡尺测量小球的直径，示数如图2所示，读数为_cm【答案】 (1). 0.617 (2). 0.675【解析】【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读.螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【详解】（1）螺旋测微器的固定刻度为，可动刻度为，所以最终读数为（2）游标卡尺的主尺读数为：6mm，游标尺上第14个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为，所以最终读数为：四、实验题探究题11.如图所示，用半径相同的A、B两球的碰撞可以验证“动量守恒定律”。实验时先让质量为m1的A球从斜槽上某一固定位置C由静止开始滚下，进入水平轨道后，从轨道末端水平抛出，落到位于水平地面的复写纸上，在下面的白纸上留下痕迹。重复上述操作10次，得到10个落点痕迹。再把质量为m2的B球放在水平轨道末端，让A球仍从位置C由静止滚下，A球和B球碰撞后，分别在白纸上留下各自的落点痕迹，重复操作10次。M、P、N为三个落点的平均位置，未放B球时，A球的落点是P点，0点是水平轨道末端在记录纸上竖直投影点，如图所示。（1）在这个实验中，为了尽量减小实验误差，两个小球的质量应满足m1_m2（填“”或“”）；除了图中器材外，实验室还备有下列器材，完成本实验还必须使用的两种器材是_。A秒表 B天平 C刻度尺 D打点计时器（2）下列说法中正确的是_。A如果小球每次从同一位置由静止释放，每次的落点一定是重合的B重复操作时发现小球的落点并不重合，说明实验操作中出现了错误C用半径尽量小的圆把10个落点圈起来，这个圆的圆心可视为小球落点的平均位置D仅调节斜槽上固定位置C，它的位置越低，线段OP的长度越大【答案】 (1). (2). BC (3). C【解析】【详解】（1）为了防止入射球碰后反弹，应让入射球的质量大于被碰球的质量； 小球离开轨道后做平抛运动，小球在空中的运动时间相同，小球的水平位移与其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，实验需要验证： m1v0=m1v1+m2v2，因小球均做平抛运动，下落时间相同，则可知水平位移x=vt，因此可以直接用水平位移代替速度进行验证，故有m1OP=m1OD+m2ON，实验需要测量小球的质量、小球落地点的位置，测量质量需要天平，测量小球落地点的位置需要毫米刻度尺，因此需要的实验器材有BC； （2）由于各种偶然因素，如所受阻力不同等，小球的落点不可能完全重合，落点应当比较集中，但不是出现了错误；故AB错误； 由于落点比较密集，又较多，每次测量距离很难，故确定落点平均位置的方法是最小圆法，即用尽可能最小的圆把各个落点圈住，这个圆的圆心位置代表落点的平均位置。故C错误； 仅调节斜槽上固定位置C，它的位置越低，由于水平速度越小，则线段OP的长度越小，故D错误。12.在“测定金属的电阻率”的实验中，待测金属导线的电阻Rx约为5实验室备有下列实验器材：A电压表V1（量程3V，内阻约为15k）B电压表V2（量程15V，内阻约为75k）C电流表A1（量程3A，内阻约为0.2）D电流表A2（量程600mA，内阻约为1）E变阻器R1（0100，0.3A）F变阻器R2（02000，0.1A）G电池E（电动势为3V，内阻约为0.3）H开关S，导线若干为了提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材有_。为了减小实验误差，应选用图甲中_（选填“a”或“b”）为该实验的电路图。【答案】 (1). ADEGH (2). b【解析】【详解】（1）必选器材有电池、开关和导线；因为电动势为：E=3V，故电压表选择V1，最大电流为：Imax= =0.6A，故电流表选择A2；限流式电路，因为最大电流Imax=0.6A，故为了安全应选择滑动变阻器R1。故应选用的实验器材有：ADEGH；因为被测电阻为：Rx5，所选电压表内阻：RV15000，所选电流表内阻为：RA1；满足故应选用电流表外接法。故选b.五、计算题13.如图所示，在光滑的水平地面上有平板小车质量为M=2 kg，体积相等的滑块甲和乙质量均为m=1 kg，三者处于静止状态。某时刻起滑块甲以初速度=2m/s向左运动，同时滑块乙以=4m/s向右运动。最终甲、乙两滑块均恰好停在小车的两端。小车长L=9.5m，两滑块与小车间的动摩擦因数相同，(g取10m/s，滑块甲和乙可视为质点)求： (1)两滑块与小车间的动摩擦因数； (2)两滑块运动前滑块乙离右端的距离。【答案】（1）0.1（2）7.5m【解析】（1）两滑块与小车组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：，由能量守恒定律得：，解得；（2）滑块甲离左端距离为，刚运动到左端历时，在滑块甲运动至左端前，小车静止。由牛顿第二定律得，速度，位移：，解得：，滑块乙离右端的距离：；14.如图所示，两平行光滑不计电阻的金属导轨竖直放置，导轨上端接一阻值为R的定值电阻，两导轨之间的距离为d。矩形区域abdc内存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，ab、cd之间的距离为L。在cd下方有一导体棒MN，导体棒MN与导轨垂直，与cd之间的距离为H，导体棒的质量为m，电阻为r。给导体棒一竖直向上的恒力，导体棒在恒力F作用下由静止开始竖直向