吉林省梅河博文高中2018_2019学年高二物理上学期第二次月考试题（含解析）.docx

吉林省梅河博文高中2018-2019学年上学期高二第二次月考物理一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第17题只有一项符合题目要求，第812题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.下列说法正确的是( )A. 安培力对通电导线做功，但洛伦兹力对运动电荷不做功B. 运动电荷在某处不受洛伦兹力的作用，则该处的磁感应强度一定为零C. 把一小段通电导线放在磁场中某点，磁场对导线的磁场力F与导线长度L和电流强度I乘积的比值，叫做该点的磁感应强度D. 把一检验电荷放在电场中某点，电场对电荷的电场力F与电荷电量q的比值，叫做该点的电场强度【答案】AD【解析】因洛伦兹力总垂直于电荷运动方向，所以洛伦兹力对运动电荷一定不做功，安培力垂直通电导线，导线的运动方向可以与速度平行，所以安培力可以做功，故A正确；当运动电荷速度方向与磁场方向平行时，运动电荷不受洛伦兹力作用，运动的电荷在某处不受洛伦兹力的作用，该处磁感应强度不为零，故B错误；当通电导线垂直放入磁场中时，磁场对导线的磁场力F与导线长度L和电流强度I乘积的比值，叫做该点的磁感强度，故C错误；把一检验电荷放在电场中某点电场对电荷的电场力F与电荷电量q的比值叫做该点的电场强度，故D正确。所以AD正确，BC错误。2.分别置于a、b两处的长直导线垂直纸面放置，通有大小相等的恒定电流，方向如图所示，a、b、c、d在一条直线上，且ac=cb=bd。已知c点的磁感应强度大小为，d点的磁感应强度为。若将b处导线的电流切断，则（ ）A. c点的磁感应强度大小变为，d点的磁感应强度大小变为B. c点的磁感应强度大小变为，d点的磁感应强度大小变为C. c点的磁感应强度大小变为，d点的磁感应强度大小变为D. c点的磁感应强度大小变为，d点的磁感应强度大小变为【答案】A【解析】试题分析：根据右手螺旋定则判断出通电导线在c、d两点的磁场方向，在距离导线相等的点磁感应强度大小相等抓住c点、d点的磁感应强度大小求出a、b导线在c、d两点的磁感应强度解：设a导线在c点的磁感应强度大小为B，在d点的磁感应强度大小为B根据右手螺旋定则有：B1=2BB2=BB联立两式解得，故A正确，B、C、D错误故选A点评：解决本题的关键掌握右手螺旋定则，会根据右手螺旋定则判断电流周围磁场的方向，以及知道在距离导线相等的点磁感应强度大小相等3.如图所示，A为通电线圈，电流方向如图，B、C为与A在同一平面内的两同心圆，、分别为通过两圆面的磁通量的大小，下列判断中正确的是()A. B. C. 穿过两圆面的磁通量是垂直纸面向外的D. 穿过两圆面的磁通量是垂直纸面向里的【答案】C【解析】【详解】根据题意可知，结合右手螺旋定则可得，线圈A产生的磁场的磁场方向垂直向外，而外部则垂直向里，净磁通量向外，故C正确，D错误；磁通量可看成穿过线圈的磁感线条数，由于线圈A产生的磁场的磁场方向垂直向外，而外部则垂直向里，当线圈的面积越大时，则相互抵消的越多，因此穿过线圈B的磁通量最大，线圈C的磁通量最小，故AB错误。所以C正确，ABD错误。4. 如图所示，A为一水平旋转的橡胶盘，带有大量均匀分布的负电荷，在圆盘正上方水平放置一通电直导线，电流方向如图当圆盘高速绕中心轴OO转动时，通电直导线所受磁场力的方向是 （ ）A. 水平向里 B. 水平向外 C. 竖直向上 D. 竖直向下【答案】A【解析】试题分析：电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，因为圆盘带负电，如图转动时，所以形成逆时针方向的电流，根据右手螺旋定则可知，在圆盘上方形成的磁场方向竖直向上，根据左手定则可得安培力的方向水平向里，A正确考点：考查了安培力方向的判断【名师点睛】带电圆盘转动时形成环形电流，利用右手螺旋定则判断出环形电流在导线处的磁场方向，然后根据左手定则即可正确判断通电直导线所受磁场力的方向，要掌握两种定则的使用方法、条件，熟练应用其解决问题5.在输液时，药液有时会从针口流出体外，为了及时发现，设计了一种报警装置，电路如图所示M是贴在针口处的传感器，接触到药液时其电阻RM发生变化，导致S两端电压U增大，装置发出警报，此时()A. RM变大，且R越大，U增大越明显B. RM变大，且R越小，U增大越明显C. RM变小，且R越大，U增大越明显D. RM变小，且R越小，U增大越明显【答案】C【解析】试题分析：S两端电压U增大，故传感器两端电压一定减小；当“有药液从针口流出体外”使传感器接触药液，RM变小；当RRM时，R越大，M与R并联的电阻R并越接近RM，U增大越明显；故选：C考点：本题考查了闭合电路的欧姆定律视频6.四盏灯连接如图所示，灯、标有“110 V 100 W”，灯、标有“110 V 40 W”，当在A、B两点加上220 V电压时，在这四盏灯中实际消耗功率最小和最大的灯泡分别是()A. 和B. 和C. 和D. 和【答案】C【解析】【详解】根据知，R1=R2=121，R3=R4=302.5灯L1、L2的小于灯L3、L4的电阻。L1和L4的电流相等，根据知，L4的功率大于L1的功率。L2的电压与L3相等，根据知，L2的功率大于L3L1和L2电阻相等，通过L1的电流大于L2的电流，则根据P=I2R，知L1的功率大于L2的功率，所以L3的功率最小，L4的功率最大，故C正确，ABD错误。7.如图，两个初速度大小相同的同种离子a和b，从O点沿垂直磁场方向进入匀强磁场，最后打到O点正下方的屏P上，不计重力。下列说法正确的是A. a、b均带负电B. a在磁场中飞行的时间比b的短C. a在磁场中飞行的路程比b的短D. a在P上的落点与O点的距离比b的近【答案】D【解析】试题分析：带电粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，要熟练应用半径公式和周期公式进行求解a、b粒子的运动轨迹如图所示：粒子a、b都向下由左手定则可知，a、b均带正电，故A错误；由可知，两粒子半径相等，根据上图中两粒子运动轨迹可知a粒子运动轨迹长度大于b粒子运动轨迹长度，运动时间a在磁场中飞行的时间比b的长，故BC错误；根据运动轨迹可知，在P上的落点与O点的距离a比b的近，故D正确8. 如图所示，图线a是某一电源的UI曲线，图线b是一定值电阻的UI曲线若将该电源与该定值电阻连成闭合电路（已知该电源的内阻r=2.0），则说法错误的是（ ）A. 该定值电阻为6B. 该电源的电动势为20VC. 将2只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大D. 将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大【答案】C【解析】解：A、图线b的斜率k=6，则定值电阻的阻值R=k=6；故A正确；B、由图读出交点的电压U=15V，电流I=2.5A，根据闭合电路欧姆定律得，电源的电动势：E=U+Ir=15V+2.52V=20V；故B正确；C、D、对于电源，当内外电路的电阻相等时输出功率最大，故将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大，故C错误，D正确；本题选错误的，故选：C【点评】定值电阻的伏安特性曲线斜率等于电阻，电源的伏安特性曲线的斜率绝对值表示内电阻、纵轴截距表示电动势9.如图所示，图中的四个电表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P向右端移动时，下面说法中正确的是()A. 电压表的读数减小，电流表的读数增大B. 电压表的读数减小，电流表的读数减小C. 电压表的读数的变化量与的读数变化量之比不变D. 电压表的读数与的读数之比变大【答案】AC【解析】【详解】滑动变阻器滑片向右端移动时，滑动变阻器电阻减小，则整个回路总电阻减小，总电流增大，即电流表A1的读数增大，内电压增大，外电压减小，R1两端的电压增大，则R3两端的电压减小，即V1的读数减小，A2的读数减小；总电流增大，通过R3的电流减小，则通过RP和R2的电流增大，可知R2两端的电压增大，即V2的示数增大，故A正确，B错误；根据闭合电路欧姆定律有 U1=E-I（R1+r），则有，故电压表V1的读数的变化量与电流表A1的读数的变化量的比值保持不变，故C正确；由上可知V1的读数减小，A1的读数增大，所以电压表的读数与的读数之比变小，故D错误。所以AC正确，BD错误。10.在如图(a)所示的电路中，、为规格相同的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图(b)所示，C是电容为100 F的电容器，R是阻值为8 的定值电阻，电源E的内阻为1 ，电路稳定后，通过L1的电流为0.2 A，下列结果正确的是()A. 的电功率为0.2 WB. 的电阻为6 C. 电源的效率为80D. 电容器的带电量为2.410-4 C【答案】BC【解析】【详解】电路稳定后，通过L1的电流为I1=0.2A，由图读出其电压U1=0.8V，则灯泡L1的电功率P1=U1I1=0.20.8=0.16W，故A错误；并联部分的电压U2=U1+I1R=0.8+0.28=2.4V，由图读出其电流为I2=0.4A，根据欧姆定律得，故B正确；电源电动势E=U2+（I1+I2）r=2.4+0.61=3V，电源的效率为，故C正确；电容器的电压U=I1R=1.6V，则电容器的带电量为Q=UC=1.610010-6=1.610-4C，故D错误。所以BC正确，AD错误。11.如图所示，一对间距可变的平行金属板C、D水平放置，两板间有垂直于纸面向里的匀强磁场两板通过滑动变阻器与铅蓄电池相连，这种铅蓄电池能快速转换到“逆变”状态，即外界电压过低时能向外界提供一定的供电电压，当外界电压超过某一限定值时可转换为充电状态，闭合开关S后，有一束不计重力的带正电粒子从左侧以一定的速度射入两板间恰能做直线运动，现对入射粒子或对装置进行调整，则下列有关描述正确的是A. 若仅将带正电的粒子换成带负电的粒子，也能直线通过B. 若只增大两板间距到一定程度时可使铅蓄电池处于充电状态C. 若将滑动变阻器触头P向a端滑动，可提高C板的电势D. 若只减小入射粒子的速度，可使铅蓄电池处于充电状态【答案】AB【解析】试题分析：带正电的粒子恰好做直线运动，其电场力和洛伦兹力相平衡，由可知，若换成带负电的粒子，电场力和洛伦兹力都反向，扔平衡，能直线通过，故选项A正确；若增大两板间距，正电粒子射入互受洛伦兹力偏转堆积在极板上，将提高两板间电压，若此电压超过蓄电池的逆变电压就会使之处于“逆变”状态而被充电，故选项B正确；由于电容器C、D两板是彼此绝缘的，调节滑动触头P不起任何作用，故选项C错误；若减小入射粒子的速度，直线通过的粒子所受洛伦兹力减小，有部分粒子会落在下极板上，因此上极板上堆积的电荷会减小，对应的电势也会降低，达不到逆变电压，故选项D错误。考点： 带电粒子在匀强磁场和匀强电场中的运动、【名师点睛】解决本题的关键知道稳定时，电荷所受洛伦兹力和电场力平衡，若提高两板间电压，若此电压超过蓄电池的逆变电压就会使之处于“逆变”状态而被充电。12.如图所示，竖直平面内一半径为R的圆形区域内有磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直纸面向外一束质量为m、电量为q的带正电粒子沿平行于直径MN的方向进入匀强磁场，粒子的速度大小不同，重力不计，入射点P到直径MN的距离为h，则A. 若某粒子经过磁场射出时的速度方向恰好与其入射方向相反，则该粒子的入射速度是 B. 恰好能从M点射出的粒子速度是为C. 若hR / 2，粒子从P点经磁场到M点的时间是 D. 当粒子轨道半径r=R时，粒子从圆形磁场区域最低点射出【答案】ABD【解析】粒子出射方向与入射方向相反，在磁场中走了半周，其半径r1=h，由牛顿第二定律得： ，解得： ，选项A正确；粒子从M点射出，其运动轨迹如图，在MQO1中， 解得： ，由牛顿第二定律得： ，解得： ，选项B正确；若 ， ，解得： ，由几何关系得粒子在磁场中偏转所对圆心角为，粒子做圆周运动的周期：，粒子的运动时间： ，选项C错误；当粒子轨道半径r=R时，粒子的轨道圆的圆心在与入射点关于MN对称的位置，由几何关系可知，粒子从圆形磁场区域最低点射出，选项D正确；故选ABD.点睛; 本题考查了带电离子在磁场中的运动，分析清楚粒子运动过程是正确解题的关键，应用牛顿第二定律与周期公式可以解题；处理粒子在匀强磁场中的运动问题，要会定圆心、找半径，结合圆周运动求相关量.二、非选择题：本题共5小题，共52分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13.有一特殊电池，它的电动势约为9V，内阻约为40，已知该电池允许输出的最大电流为50mA.为了测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用图示电路进行实验，图中电流表的内阻RA5，R为电阻箱，阻值范围0999.9，R0为定值电阻，对电源起保护作用.本实验中的R0应选A.10 B.50 C.150 D.500该同学接入符合要求的R0后，闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读取电流表的示数，记录多组数据，作出了如图所示的图线，则根据图线可求得该电池的电动势为E V，内阻r .【答案】(1)C(2)1045【解析】试题分析：（1）电池的允许通过的最大电流为50mA，内电阻约为40，电路中的最小电阻应大于=180，则最小电阻为：180405=135；为了能很好的调节电路，并能得出更多组数据，保护电阻应选C（2）由闭合电路欧姆定律可知：E=I（R+r+R0+RA）=+由y=kx+b可知，=K=0.1=b=5Ra=5r=50Ra=45解得：E=10V；r=4514.某物理兴趣小组设计了如图a所示的欧姆表电路，通过控制电键S和调节电阻箱，可使欧姆表具有“1”和“10”两种倍率。所用器材如下：A.干电池:电动势E= l.5V，内阻r=1.0B.电流表G :满偏电流Ig= 1mA,内阻Rg =150C.定值电阻R1= 1200D.电阻箱R2和R3:最大阻值都为999. 9E.电阻箱R4:最大阻值9999F.电键一个，红、黑表笔各1支，导线若干(1)该实验小组按图a正确连接好电路。当电键S断开时，将红、黑表笔短接，调节电阻箱R2=_，使电流表达到满偏，此时闭合电路的总电阻叫做欧姆表的内阻R内，则R内=_，欧姆表的倍率是_(选填“1”、“10”)。(2)闭合电键S:第一步:调节电阻箱R2和R3，当R2=_且R3=_时，将红、黑表笔短接，电流表再次满偏;第二步:在红、黑表笔间接入电阻箱R4，调节R4，当电流表指针指向图b所示的位置时，对应的欧姆表的刻度值为_.【答案】（1）199.5 2000 10（2）19.5 200 50【解析】试题分析：（1）由闭合电路欧姆定律可知欧姆表的内阻，故，根据多用电表的刻度设置可知，表盘上只有两种档位，若为1，则中值电阻太大，不符合实际，故欧姆表倍率应为“10”（2）为了得到“1”倍率，应让满偏时对应的电阻为200；电流；此时表头中电流应为0.001A；则与之并联电阻电流应为：；并联电阻；，故；图示电流为0.8mA；则总电阻，故待测电阻；采用“1”倍率，故对应的刻度应为50考点：考查了练习使用欧姆表的实验【名师点睛】由闭合电路欧姆定律可求得欧姆表的内阻，根据表盘的刻度分布可知对应的倍率；根据闭合电路欧姆定律可求得两电阻的阻值；再由所用倍率及对应的示数即可求得欧姆表的刻、要注意明确多用电表的基本原理为闭合电路欧姆定律，同时注意串并联电路的规律的正确应用15.如图所示，电路中三个电阻 和的阻值分别为R、2R和4R。当电键断开、闭合时，电源输出功率为；当闭合、断开时，电源输出功率也为.（1）求电源的内阻和电动势；（2）当、都断开时，求电源的总功率。【答案】（1），r=2R（2）【解析】（1）当电键S1断开、S2闭合时，对全电路E=I1(R+r)，输出功率P0=I12R，当S1闭合、 S2断开时，对全电路E=I2(4R+r)，输出功率P0=I224R解得，r=2R（2）当S1、S2都断开时，外电路电阻R；则电源总功率为；P=P016.如图所示，水平导轨间距为L=0.5 m，导轨电阻忽略不计；导体棒ab的质量m=1 kg，电阻R0=0.9 ，与导轨接触良好；电源电动势E=10 V，内阻r=0.1 ，电阻R=4 ；外加匀强磁场的磁感应强度B=5 T，方向垂直于ab，与导轨平面成夹角=53；ab与导轨间的动摩擦因数为=0.5(设最