2019-2020学年高一物理下学期期末考试试题A.doc

2019-2020学年高一物理下学期期末考试试题A本试卷分I卷（选择题）II（非选择题）两部分，满分100分，考试时间：90分钟 注意事项：1. 答第一卷前，考生务必将自己的姓名、考号、试卷类型、考试科目用铅笔涂写在答题卡上。2. 每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑3. 考试结束后，监考人员将本试卷和答题卡一并收回一、单选题(共8小题,每小题4分,共32分) 1.当某一电容器的电压是40 V时，它所带电量是0.2 C，若它的电压降到20 V时，则()A 电容器的电容减少一半B 电容器的电容不变C 电容器带电量不变D 电容器带电量增加为原来的两倍2.下列说法中正确的是（）A1号干电池与5号干电池的电动势相等、容量相等B电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量C电动势公式E=中的W与电压U=中的W是一样的，都是非静电力做的功D电动势就是电源两极间的电压3.在图示的非匀强电场中，实线表示电场线在只受电场力的作用下，电子从A点运动到B点电子在A点的速度方向如图所示比较电子在A、B两点的速度，加速度，电势能，其中正确的是()AvAvB，aAEpBBvAvB，aAaB，EpAEpBCvAvB，aAaB，EpAEpBDvAaB，EpAEpB4.如图所示为两个固定在同一水平面上的点电荷，距离为d，电荷量分别为Q和Q.在它们的水平中垂线上固定一根长为L、内壁光滑的绝缘细管，有一电荷量为q的小球以初速度v0从管口射入，则小球()A 速度先增大后减小B 受到的库仑力先做负功后做正功C 受到的库仑力最大值为D 管壁对小球的弹力最大值为5.竖直放置的一对平行金属板的左极板上用绝缘线悬挂了一个带正电的小球，将平行金属板按图所示的电路图连接绝缘线与左极板的夹角为.当滑动变阻器R的滑片在a位置时， 电流表的读数为I1，夹角为1；当滑片在b位置时， 电流表的读数为I2，夹角为2，则()A12，I12，I1I2C12，I1I2 D11），到达b点时动能恰好为零，小滑块最终停在O点，求：（1）小滑块与水平面间的动摩擦因数；（2）Ob两点间的电势差Uob；（3）小滑块运动的总路程s。高一物理答案1.【答案】B【解析】电容的大小由本身因素决定，与电压、电量无关，所以电容不变根据QCU知，电压降为原来的一半，则电量变为原来的一半故B正确，A、C、D错误2.【答案】B【解析】1号干电池与5号干电池的电动势相等，均为1.5V，但容量不同，故A错误；电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小，故B正确；电动势公式E=中的W是非静电力做功，电压U=中的W是静电力做功，故C错误；电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，但两者意义不同，不能说电动势就是电源两极间的电压，故D错误3.【答案】D【解析】由轨迹的特点可知，电场力方向与场强方向相反，电场力做正功，动能增大，速度增大，电势能减小；因为A处电场线较B处密集，故A处场强大于B处，在A处的加速度大于在B处的加速度，选项D正确4.【答案】C【解析】由等量的异种电荷形成的电场特点，根据小球的受力情况可知在细管内运动时，合力为重力，小球速度一直增大，A错误；库仑力水平向右，不做功，B错误；在连线中点处库仑力最大，F，C正确；管壁对小球的弹力与库仑力是平衡力，所以最大值为，D错误.5.【答案】D【解析】先根据电容器在电路稳定的情况下相当于断路，比较两种情况下两极板的电势差、电场强度、电场力大小进而确定大小关系；再根据两种情况下的总电阻大小确定电流关系当滑片在a位置时平行板电容器两极板间电势差比当滑片在b位置时小，场强也就小，故12，两种情况下的闭合电路总电阻不变，故I1I2，所以正确选项为D.6.【答案】A【解析】设灯泡的额定电流为I0，额定电压为U0，则：U甲=2U0+I0R甲；U乙=U0+2I0R乙；而U甲=2U乙，故整理得，R甲=4R乙设电灯的额定功率为P，电路消耗的总功率为：，由于R甲=4R乙，故P甲=P乙，故A正确，B、C、D错误7.【答案】C【解析】当RM变大时，回路的总电阻R总变大，根据I总，得干路中的电流I总变小，S两端的电压UI总RS变小，故选项A、B错误；当RM变小时，回路的总电阻R总变小，根据I总，得干路中的电流I总变大，S两端的电压UI总RS变大，而且R越大，RM变小时，对回路的总电阻变化的影响越明显，故选项C正确，选项D错误8.【答案】C【解析】由平衡条件知，小球A所受的重力G、库仑力F和拉力T的合力应为零，故可先将F和T合成，则它们的合力与重力构成一对平衡力由此得到由这三个力构成的力的三角形，而这个力的三角形恰与几何三角形OAB相似于是有.注意到OAOB，故TG.即T与悬线与竖直方向的夹角无关，应选C项9.【答案】BD【解析】10.【答案】AC【解析】当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻R2、R3并联合后与R1串联，等效电阻为：RR110 40 ，故A正确；当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻R1、R3并联后与R2串联，等效电阻为：RR2120 128 ，故B错误；当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压等于电阻R3两端的电压，UE100 V80 V，故C正确；当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻R3两端的电压，为UE100 V25 V，故D错误11.【答案】BD【解析】将两极板的间距变大，而电容器的电压不变，板间场强E减小，电荷q所受的电场力FEq减小，电荷将向下加速运动故A错误，B正确根据电容的决定式C可知，电容减小，电容器的电压U不变，由电容的定义式C分析得知，电容器的电量减小，电容器放电，而电容器上极板带正电，则电流表中将有从b到a的电流故C错误，D正确12.【答案】AC【解析】在金属块滑下的过程中动能增加了12 J，金属块克服摩擦力做功8 J，重力做功24 J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=Ek解得：W电=-4 J由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷故A正确；金属块克服电场力做功4 J，B错误；在金属块滑下的过程中重力做功24 J，重力势能减小24 J，动能增加了12 J，所以金属块的机械能减少12 J，故C正确金属块克服电场力做功4 J，金属块的电势能增加4 J故D错误.13.【答案】（1）B （2）16 增大（3）34【解析】（1）为描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，故应选E；灯泡额定电压为3.8 V，电压表应选择A，灯泡额定电流为：，电流表选择D，灯泡正常发光时的电阻：，电流表内阻为：，电压表内阻为，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路应选择图B所示电路；（2）由（1）分析可知，电压表选择A，电流表选择D，滑动变阻器采用分压接法，为方便实验操作，滑动变阻器选择E；（3）由图示图象可知，随增大，增大，实际功率增大，灯泡温度升高，电压与电流表的比值增大，灯泡电阻增大；由图示图象可知，电压：时，电流，此时灯泡电阻：；（4）灯泡正常发光时，串联电阻两端电压，串联电阻阻值.14.【答案】(1)断路(2)1050【解析】15.【答案】(1)1.5102N/C(2)1.5102N/C(3)1.8104N【解析】(1)E1.5102N/C（2分）(2)场强是描述电场的物理量，跟试探电荷无关，所以将试探电荷移走后，场强仍是1.5102N/C.（2分）(3)FqE1.21061.5102N1.8104N（2分）16.【答案】6 J【解析】电动机提升重物的机械功率为：P机Fvmg0.4 W.（2分）电动机输入的功率为：P入IU0.6 W.（2分）由能量关系P入P机P热（2分）得P热P入P机(0.60.4) W0.2 W.（2分）所产生的热量QP热t0.230 J6 J.（2分）17. 【答案】1）由图可知，BOD为等边三角形，可见B、C、D在同一个以O为圆心的圆周上，即点电荷Q的等势面上，故电荷q从O到C，电场力不做功，从DC由动能定理，（2分）h=Bdsin60Bcsin30（1分）（2分）（2）设点电荷Q在D、C产生磁场场强为正，又设q在D点受力分析，产生加速度a，由牛顿第二定律F=mgsin30-qEcos30=ma（2分），q在C点：（2分）得：（1分）18.【答案】试题分析：(1