2016年高考全国1卷理数试题解析版

绝密启封并使用完毕前试题类型A注意事项1本试卷分第卷选择题和第卷非选择题两部分第卷1至3页,第卷3至5页2答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置3全部答案在答题卡上完成,答在本试题上无效4考试结束后,将本试题和答题卡一并交回第卷一选择题本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的（1）设集合,则2430AX230XAB（A）（B）（C）（D）3,1,3,2【答案】D考点集合的交集运算【名师点睛】集合是每年高考中的必考题,一般以基础题形式出现,属得分题解决此类问题一般要把参与运算的集合化为最简形式再进行运算,如果是不等式解集、函数定义域及值域有关数集之间的运算,常借助数轴进行运算（2）设,其中,实数,则1IIXYXIXY（A）1（B）（C）（D）223【答案】B【解析】试题分析因为所以故选B1,XIY1,1,|2,XIYXXYI考点复数运算【名师点睛】复数题也是每年高考必考内容,一般以客观题形式出现,属得分题高考中复数考查频率较高的内容有复数相等,复数的几何意义,共轭复数,复数的模及复数的乘除运算,这类问题一般难度不大,但容易出现运算错误,特别是中的负号易忽略,所以做复数题要注意2I1运算的准确性（3）已知等差数列前9项的和为27,则NA108A10（A）100（B）99（C）98（D）97【答案】C【解析】试题分析由已知,所以故选193627,8AD110,9198,ADADC考点等差数列及其运算【名师点睛】我们知道,等差、等比数列各有五个基本量,两组基本公式,而这两组公式可看作多元方程,利用这些方程可将等差、等比数列中的运算问题转化解关于基本量的方程（组）,因此可以说数列中的绝大部分运算题可看作方程应用题,所以用方程思想解决数列问题是一种行之有效的方法（4）某公司的班车在700,800,830发车,小明在750至830之间到达发车站乘坐班车,且到达发车站的时刻是随机的,则他等车时间不超过10分钟的概率是（A）（B）（C）（D）13122334【答案】B考点几何概型【名师点睛】这是全国卷首次考查几何概型,求解几何概型问题的关键是确定“测度”,常见的测度由长度、面积、体积等（5）已知方程表示双曲线,且该双曲线两焦点间的距离为4,则N的取值2213XYMN范围是（A）（B）（C）（D）1,3,0,30,3【答案】A考点双曲线的性质【名师点睛】双曲线知识一般作为客观题学生出现,主要考查双曲线几何性质,属于基础题注意双曲线的焦距是2C不是C,这一点易出错（6）如图,某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条相互垂直的半径若该几何体的体积是,则它的表面积是283（A）（B）（C）（D）17208【答案】A【解析】试题分析该几何体直观图如图所示是一个球被切掉左上角的,设球的半径为,则,解得,所以它的18R37428V8R2表面积是的球面面积和三个扇形面积之和78故选A221437S考点三视图及球的表面积与体积【名师点睛】由于三视图能有效的考查学生的空间想象能力,所以以三视图为载体的立体几何题基本上是高考每年必考内容,高考试题中三视图一般常与几何体的表面积与体积交汇由三视图还原出原几何体,是解决此类问题的关键（7）函数在的图像大致为2XYE,（A）（B）（C）（D）【答案】D考点函数图像与性质【名师点睛】函数中的识图题多次出现在高考试题中,也可以说是高考的热点问题,这类题目一般比较灵活,对解题能力要求较高,故也是高考中的难点,解决这类问题的方法一般是利用间接法,即由函数性质排除不符合条件的选项（8）若,则10ABC，（A）（B）（C）（D）CCABLOGLBAACLOGLABC【答案】C【解析】试题分析用特殊值法,令,得,选项A错误,选项B3A2B1C12311223错误,选项C正确,选项D错误,故选C2313LOGL32LOGL考点指数函数与对数函数的性质【名师点睛】比较幂或对数值的大小,若幂的底数相同或对数的底数相同,通常利用指数函数或对数函数单调性进行比较,若底数不同,可考虑利用中间量进行比较（9）执行右面的程序框图,如果输入的,则输出X,Y的值满足01XYN，（A）（B）（C）（D）2YX3Y45N1入X,YX2Y36入XN12YN入X,YN【答案】C考点程序框图与算法案例【名师点睛】程序框图基本是高考每年必考知识点,一般以客观题形式出现,难度不大,求解此类问题一般是把人看作计算机,按照程序逐步列出运行结果10以抛物线C的顶点为圆心的圆交C于A、B两点,交C的准线于D、E两点已知|AB|,|DE|,则C的焦点到准线的距离为425A2B4C6D8【答案】B考点抛物线的性质【名师点睛】本题主要考查抛物线的性质及运算,注意解析几何问题中最容易出现运算错误,所以解题时一定要注意运算的准确性与技巧性,基础题失分过多是相当一部分学生数学考不好的主要原因11平面过正方体ABCDA1B1C1D1的顶点A,/平面CB1D1,平面ABCDM,平面ABIIB1A1N,则M、N所成角的正弦值为ABCD3223【答案】A【解析】试题分析如图,设平面平面,平面平面,因为1CBDAM1CBD1AN平面,所以,则所成的角等于所成的角延长,过作/1/,/MN,ND1,连接,则为,同理为,而,则所1DEB1E1F1/EFBM成的角即为所成的角,即为,故所成角的正弦值为,选A1A60MN32考点平面的截面问题,面面平行的性质定理,异面直线所成的角【名师点睛】求解本题的关键是作出异面直线所成角,求异面直线所成角的步骤是平移定角、连线成形,解形求角、得钝求补（12）已知函数为的零点,为SIN0,24FXX，FX4图像的对称轴,且在单调,则的最大值为YFXF51836，（A）11（B）9（C）7（D）5【答案】B考点三角函数的性质【名师点睛】本题将三角函数单调性与对称性结合在一起进行考查,叙述方式新颖,是一道考查能力的好题注意本题解法中用到的两个结论的单SIN0,FXAX调区间长度是半个周期若的图像关于直线对SIN0,FXA0X称,则或0FXA0F第II卷本卷包括必考题和选考题两部分第13题第21题为必考题,每个试题考生都必须作答第22题第24题为选考题,考生根据要求作答二、填空题本大题共3小题,每小题5分13设向量AM,1,B1,2,且|AB|2|A|2|B|2,则M【答案】2【解析】试题分析由,得,所以,解得22|ABAB1202M考点向量的数量积及坐标运算【名师点睛】全国卷中向量大多以客观题形式出现,属于基础题解决此类问题既要准确记忆公式,又要注意运算的准确性本题所用到的主要公式是若,则12,XYYAB12XYAB14的展开式中,X3的系数是（用数字填写答案）5【答案】0考点二项式定理【名师点睛】确定二项展开式指定项的系数通常是先写出通项,再确定R的值,从而确定指1RT定项系数（15）设等比数列满足A1A310,A2A45,则A1A2AN的最大值为N【答案】64【解析】试题分析设等比数列的公比为,由得,解得所以Q132405A2105AQ182AQ,于是当或时,取得最大217122128NNNNAQ3412NA值64考点等比数列及其应用高考中数列客观题大多具有小、巧、活的特点,在解答时要注意方程思想及数列相关性质的应用,尽量避免小题大做（16）某高科技企业生产产品A和产品B需要甲、乙两种新型材料生产一件产品A需要甲材料15KG,乙材料1KG,用5个工时；生产一件产品B需要甲材料05KG,乙材料03KG,用3个工时生产一件产品A的利润为2100元,生产一件产品B的利润为900元该企业现有甲材料150KG,乙材料90KG,则在不超过600个工时的条件下,生产产品A、产品B的利润之和的最大值为元【答案】2160作出二元一次不等式组表示的平面区域（如图）,即可行域考点线性规划的应用【名师点睛】线性规划也是高考中常考的知识点,一般以客观题形式出现,基本题型是给出约束条件求目标函数的最值,常见的结合方式有纵截距、斜率、两点间的距离、点到直线的距离,解决此类问题常利用数形结合本题运算量较大,失分的一个主要原因是运算失误三解答题解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤（17）（本小题满分为12分）的内角A,B,C的对边分别为A,B,C,已知2OSCOSCABBAC（I）求C；（II）若的面积为,求的周长7,C32A【答案】（I）（II）357【解析】试题分析（I）先利用正弦定理进行边角代换化简得得,故；（II）根据1COSC23及得再利用余弦定理得再根据13SINC22AB36AB5AB可得的周长为7CA57考点正弦定理、余弦定理及三角形面积公式【名师点睛】三角形中的三角变换常用到诱导公式,就是常用的结论,另外利用SINSI,COCOS,ABCABCTANTANABC正弦定理或余弦定理处理条件中含有边或角的等式,常考虑对其实施“边化角”或“角化边”（18）（本小题满分为12分）如图,在以A,B,C,D,E,F为顶点的五面体中,面ABEF为正方形,AF2FD,且二面角DAFE与二面角CBEF都是90AF60（I）证明平面ABEF平面EFDC；（II）求二面角EBCA的余弦值CDF【答案】（I）见解析（II）219试题解析（I）由已知可得,所以平面FDAFADC又平面,故平面平面FAC（II）过作,垂足为,由（I）知平面DGG以为坐标原点,的方向为轴正方向,为单位长度,建立如图所示的空间直角坐标系XFXYZ由（I）知为二面角的平面角,故,则,可得FAD60F2DG3,140A303由已知,所以平面/FC又平面平面,故,CDAFC/DA/F由,可得平面,所以为二面角的平面角,/C从而可得F60203所以,1,34,434,0设是平面的法向量,则NXYZC,即,004所以可取3,N设是平面的法向量,则,MCDAC0MA同理可取则0,34219COS,N故二面角的余弦值为CA219考点垂直问题的证明及空间向量的应用【名师点睛】立体几何解答题第一问通常考查线面位置关系的证明,空间中线面位置关系的证明主要包括线线、线面、面面三者的平行与垂直关系,其中推理论证的关键是结合空间想象能力进行推理,要防止步骤不完整或考虑不全致推理片面,该类题目难度不大,以中档题为主第二问一般考查角度问题,多用空间向量解决（19）（本小题满分12分）某公司计划购买2台机器,该种机器使用三年后即被淘汰机器有一易损零件,在购进机器时,可以额外购买这种零件作为备件,每个200元在机器使用期间,如果备件不足再购买,则每个500元现需决策在购买机器时应同时购买几个易损零件,为此搜集并整理了100台这种机器在三年使用期内更换的易损零件数,得下面柱状图以这100台机器更换的易损零件数的频率代替1台机器更换的易损零件数发生的概率,记表示2台机器三年内共需更换的易损零件数,表示购买2台机器的同时购买的易损零件XN数（I）求的分布列；（II）若要求,确定的最小值；05PNN（III）以购买易损零件所需费用的期望值为决策依据,在与之中选其一,应选用19N20哪个【答案】（I）见解析（II）19（III）19N【解析】试题分析（I）先确定X的取值分别为16,17,18,18,20,21,22,再用相互独立事件概率模型求概率,然后写出分布列；（II）通过频率大小进行比较；（III）分别求出N9,N20的期望,根据时所需费用的期望值小于时所需费用的期望值,应选19N20N19所以的分布列为X16171819202122P04162402084（）由（）知,故的最小值为198P619XPN（）记表示2台机器在购买易损零件上所需的费用（单位元）Y当时,19N0852019250260E4530当时,204520805208EY8可知当时所需费用的期望值小于时所需费用的期望值,故应选19NN19N考点概率与统计、随机变量的分布列【名师点睛】本题把随机变量的分布列与统计及函数结合在一起进行考查,有一定综合性但难度不是太大大,求解关键是读懂题意,所以提醒考生要重视数学中的阅读理解问题（20）（本小题满分12分）设圆的圆心为A,直线L过点B（1,0）且2150XY与X轴不重合,L交圆A于C,D两点,过B作AC的平行线交AD于点E（I）证明为定值,并写出点E的轨迹方程；EB（II）设点E的轨迹为曲线C1,直线L交C1于M,N两点,过B且与L垂直的直线与圆A交于P,Q两点,求四边形MPNQ面积的取值范围【答案】（）（）（II）342YX038,2试题解析（）因为,故,|ACDEB/ADC所以,故|EB|AD又圆的标准方程为,从而,所以A162YX4|4|EB由题设得,由椭圆定义可得点的轨迹方程为01|AB（）342YX（）当与轴不垂直时,设的方程为,LXL01KXY1YXM2N由得1342YK2483422KXK则,821KX34121K所以|2212XMN过点且与垂直的直线,到的距离为,所以0,1BLM1XKYAM12K故四边形的面积34124|2KPQMPNQ3412|212KPQMNS可得当与轴不垂直时,四边形面积的取值范围为LXMPNQ38,12当与轴垂直时,其方程为,四边形的面积为121X|MPNQ综上,四边形面积的取值范围为PN38,2考点圆锥曲线综合问题【名师点睛】高考解析几何解答题大多考查直线与圆锥曲线的位置关系,直线与圆锥曲线的位置关系是一个很宽泛的考试内容,主要由求值、求方程、求定值、最值、求参数取值范围等几部分组成,其中考查较多的圆锥曲线是椭圆与抛物线,解决这类问题要重视方程思想、函数思想及化归思想的应用（21）（本小题满分12分）已知函数有两个零点221XFXEAI求A的取值范围；II设X1,X2是的两个零点,证明F12【答案】0试题解析（）1212XXFEAEA（I）设,则,只有一个零点0AXF（II）设,则当时,；当时,所以在0X0FXFX上单调递减,在上单调递增,11又,取满足且,则FE2FABLN2AB,23102AFBBAB故存在两个零点X（III）设,由得或0AFXLN2XA若,则,故当时,因此在上单调递2ELN10FFX1,增又当时,所以不存在两个零点XFFX若,则,故当时,；当时,EALA,LN2AFXLN2A因此在单调递减,在单调递增又当时,0FXFX1LL,1X,所以不存在两个零点综上,的取值范围为A,考点导数及其应用【名师点睛】,对于含有参数的函数单调性、极值、零点问题,通常要根据参数进行分类讨论,要注意分类讨论的原则互斥、无漏、最简；,解决函数不等式的证明问题的思路是构造适当的函数,利用导数研究函数的单调性或极值破解请考生在22、23、24题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分,做答时请写清题号（22）（本小题满分10分）选修41几何证明选讲如图,OAB是等腰三角形,AOB120以O为圆心,OA为半径作圆12I证明直线AB与O相切；AII点C,D在O上,且A,B,C,D四点共圆,证明ABCDODCBA【答案】I见解析II见解析试题解析（）设是的中点,连结,EABOE因为,所以,120OA60A在中,即到直线的距离等于圆的半径,所以直线与相RTABO切EODCOBA（）因为,所以不是四点所在圆的圆心,设是四点所2D,ACDO,ABCD在圆的圆心,作直线由已知得在线段的垂直平分线上,又在线段的垂直平分线上