物理参考答案.pdf

1 周考周考 1 理综物理参考答案理综物理参考答案 14、选选 d解析：阴极射线和射线的本质都是电子流，但是阴极射线的来源是原子核外的 电子，而射线的来源是原子核内的中子转化为质子时产生的电子流，故 a 错误；太阳辐射 的能量主要来源于太阳中的聚变反应，故 b 错误；光照频率影响的是电子的最大初动能， 影响光电子数的是光照强度，故 c 错误；元素的半衰期与物理和化学变化无关，故 d 正确。 15、选选 a解析：当拉力水平向左时，小球受到竖直向下 的重力， 沿 oa 向外的支持力， 以及拉力 f， 如图甲所示， 根据矢量三角形可得 gftan 3010 3 3 3 n10 n； 当拉力沿圆轨道切线方向时，受力如图乙所示，根据矢 量三角形可得 fgcos 305 3 n，a 正确。 16、选选 b解析：由题知，cd 的电压瞬时值表达式为27 2100 cd usint 有效值为 1 27vu ， 由 11 22 nu nu 得副线圈 2 9vu ，则 234 lll、 、均能正常发光，每只 灯泡的电流 62 a=a 93 p i u 副线圈电流 2 2 3a=2a 3 i 由 12 21 ni ni 得原线圈的电流 1 2 a 3 i 1 l也能正常发光，ab 输入电压的表达式为36 2100 ab usint，选项 a 错，选项 b 对； c由图象知交流电的周期为 0.02s，交流电的频率为 50hz，流过灯 l2的电流每秒钟方向改 变 100 次，c 错； dab 输如果气体端输入功率 ab 2 36w=24w 3 p ，选项 d 错；故选 b 17、选选 a解析：设两等量正电荷的电荷量均为 q，a、b 两点电荷的电荷量分别为 qa和 qb， 质量分别为 ma和 mb，o 到正点电荷的距离为 l，由题意知 a、b 做圆周运动的周期相同，设 为 t。根据库仑定律、牛顿第二定律， 对 a，有 2 2 2 2sin37tan37 cos37 a a qq kml t l 对 b，有 2 2 2 2sin53tan53 cos53 b b qq kml t l 整理得 27 64 a a b b q m q m ，故 a 正确，bcd 错误。故选 a。 2 18、选选 b解析：在圆轨道上运动时，小球受到重力以及轨道的支持力作用，合力充当向心 力，所以有 2 0 v fmgm r 小球做平抛运动时时的水平射程 0 xsv t 小球的竖直位移： 2 1 2 yhgt 根据几何关系可得tan y x 联立即得 2 0 2tanv x g 2tan mg fmg r x 图像的纵截距表示重力，即 mg=5n ，所以有 105 2 tan0.5 mg r 解得：r=0.25m ，故选 b； 19、选选 ac解析解析： 根据万有引力提供向心力可知： 2 2 2 () mm gmr rt 解得公转半径为： 2 3 2 4 gmt r 比邻星质量约为太阳质量 1 8 ，公转周期相同，则“新太阳时代”，地球的公转轨道半径约为 1 2 au，a 正确，b 错误； 根据 2 2 mmv gm rr ，解得公转速率 gm v r 比邻星质量约为太阳质量 1 8 ，公转半径之比为 1：2，则公转速率之比为 1：2，c 正确，d 错误。故选 ac。 20、选选 ad解析：金属棒下滑过程中，机械能守恒，由机械能守恒定律得： 2 1 2 mghmv 金属棒到达水平面时的速度2vgh 金属棒到达水平面后进入磁场受到向左的安培力做减速运动， 则刚到达水平面时的速度最大， 所以最大感应电动势为 e=blv 最大的感应电流为 2 22 blghblv i rr ，故 a 正确； b通过金属棒的电荷量 2 bld q rrr ，故 b 错误； 3 c金属棒在整个运动过程中，由动能定理得：mgh-wb-mgd=0-0 则克服安培力做功：wb=mgh-mgd 整个电路中产生的焦耳热为 q=wb=mgh-mgd，故 c 错误； d克服安培力做功转化为焦耳热，电阻与导体棒电阻相等，通过它们的电流相等，则金属 棒产生的焦耳热： 11 22 r qqmg hd（），故 d 正确 21、选选 bd解析解析：若磁感应强度 mv b qd ，即粒子的运动半径为 r= mv qb =d 如图所示： 到达荧光屏的粒子运动时间最长的是发射速度沿垂直且背离 mn 运动的粒 子，其运动时间（周期 t= 2 m qb ）为 1 33 42 d tt v 运动时间最短的是以 d 为弦长的粒子，运动时间为 2 1 63 d tt v 所以最大时间差为 12 7 6 d tt v ，故 a 错误，b 正确； cd若磁感应强度 2 mv b qd ，即粒子的运动半径为 r=2d，如图所示： 到达荧光屏最下端的粒子的轨迹是与 mn 相切的，设下半部分的亮线长 度为 x1，根据几何关系，有 22 1 2 rrxd（） 解得 1 3xd；到达荧光屏最上端的粒子与屏的交点与 p 点连线为轨迹 的直径，设上半部分亮线的长度为 x2，根据几何关系，有 2 22 2 2+rxd 解得 2 15xd，所以亮线的总长度为( 153)d，故 c 错误，d 正确。故选 bd。 22、答案：(1)（1 分）；(2)平衡摩擦力不够（2 分） (3)0.78 （1 分） ；0.061 （1 分） 解析：(1)题述步骤正确的操作顺序是：。 （2）由纸带可知，物块先加速后减速，造成这种结果的原因应该是平衡摩擦力不够 (3)物块脱离弹簧时的速度为 vx t 1.5610 2 0.02 m/s0.78 m/s； 弹性势能：ep1 2mv 21 20.20.78 2j0.061 j 23、 （每空 2 分） 【答案】【答案】dcf小5v 【解析】【解析】(1)图中电路为经典的半偏法测电流表内阻，采用半偏法测量电流表内阻时，电源 电动势越大，越有利于减小误差，所以电动势应选择较大的 f，为了保证电流表能够满偏， 根据闭合电路欧姆定律粗算全电路总电阻大小： 6 g 12 60k 200 10 e r i 4 所以电阻箱r选用阻值较大的 d，电阻箱r用来和电流表分流，所以二者电阻相差不多， 所以选择 c； (2)实验原理可以简述为：闭合 1 k，断开 2 k，调节r使电流表满偏，保持 1 k和r不变，闭 合开关 2 k， 调节r使电流表半偏， 此时r的电阻即为电流表的内阻。 事实上， 当接入r时， 整个电路的总电阻减小，总电流变大，电流表正常半偏，分流为断开 2 k时总电流的一半， 而通过r的电流大于断开 2 k时总电流的一半，根据欧姆定律可知r的电阻示数小于电流 表真实的内阻； (3)根据串联分压规律： ggg g0 i rr urr 解得改装后电压表的量程：5vu 。 24、解析： (1)物块 p 位于 a 点时，假设弹簧伸长量为 x1， 则：tm2gsin kx1， 解得： x10.1 m。4 分 (2)经分析，此时 ob 垂直竖直杆，ob0.3 m，此时物块 q 速度为 0，下降距离为： xopob0.5 m0.3 m0.2 m，1 分 即弹簧压缩 x20.2 m0.1 m0.1 m， 1 分 弹性势能不变。 对物块 p、q 及弹簧，从 a 到 b 根据能量守恒有： m2gxsin m1gh1 2m 1vb21 分 代入数据可得： vb2 3 m/s。 1 分 (3)对物块 p: wtm1gh1 2m 1vb22 分 代入数据得： wt8 j。2 分 25、解析：(1)a 球向右匀速运动，则：mgqe11 分 a、b 碰撞，由动量守恒定律得：mv0mva2mvb1分 碰撞过程由能量守恒得：1 2mv 021 2mv a21 2(2m)v b21 分 联立解得：va1 3v 0，vb2 3v 0。1 分 (2)碰后 a、b 电荷量总量平分，即：qaqb1 2q 1 分 碰后 a 在电场中向左做类平抛运动，设经 t2v0 3g 时 a 球到 p 点的位置坐标为(x，y) 根据类平抛运动有xvat，y1 2at 2 2 分 由牛顿第二定律得：1 2qe 1mgma1 分 联立解得：a1 2g，x 2v02 9g ，yv0 2 9g 3 分 故 p 点的位置坐标为 2v0 2 9g ，v0 2 9g1 分 (3)碰撞后，b 受到的电场力为：f电1 2qe 22mg1分 故 b 做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得： 5 1 2qv bb2mvb 2 r 1 分 解得：r8mv0 3qb 1 分 若 b 恰好从 c 射出，则：l2r1分 联立解得：b116mv0 3ql 1 分 若 b 恰好从 d 射出，则由几何关系得：r24l2(rl)2 解得：r5 2l 1分 联立解得：b216mv0 15ql 1 分 故要使 b 不从