2019年中考物理模拟试卷及答案解析14-10

2019年中考物理模拟试卷一、填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）1（2.00分）如图所示，小明将悬挂的轻质小球紧靠音叉，用小锤轻敲和重敲音叉吋，小球弹开的角度不同，比较角度的大小是为了探究声音的 和 的关系2（2.00分）甲、乙两辆汽车在同一水平地面上，分别以速度v1、v2（v1v2）做同向的匀速直线运动，则甲车相对于乙车是 （选填“运动”或“静止”）的，如果以这样的速度持续运动t吋间后，则甲、乙两车相距为 。3（3.00分）如图所示是船闸的示意图，船闸的模型是 （选填“轮轴”、“滑轮”或“连通器”），船从上游到下游的过程中，船的浮力 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。如图船在从闸室到下游的过程中，需要打开的是 （选填“阀门A”或“阀门B”）。4（2.00分）用同样的加热器给相同质量的甲、乙两种液体加热，它们的温度随时间变化的图象如图所示，加热到5min时，甲、乙两个物体貝有相同的 （选填“內能”、“热”或“温度”），甲、乙中比热容较大的是 （选填“甲”或“乙”）。5（3.00分）已知甲和乙两灯的额定电压均为6V，如图是甲、乙两灯的电流随其两端电压变化的曲线。现将两灯串联后接在电源两端，要使其中一个灯泡正常发光，并保证电路安全，电路的工作电流应为 A，电源电压最大为 V，此时甲灯消耗的功率为 W。6（2.00分）凸透镜成像和平面镜成像实验是光学中的两个重要实验，这两个实验有很多相同点和不同点，请你各列举一点。（答案合理即可）相同点： ；不同点： 。二、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分.第712题每小题只有个选项符合题目要求，第1314题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的得0分）7（2.00分）小华周末去科技馆，如图是她在摸到静电球后拍摄的照片，下列说法正确的是（）A头发飞起来是因为异种电荷相排斥B用丝绸摩擦过的玻璃棒带负电C这个同学在摸静电球的同吋脚下踩了一个绝缘台D说明人是最好的导体8（2.00分）下列有关的物理现象中，分析正确的是（）A手机用电磁波通信，而手机接收到WiFi信息用的是光纤B打开茶叶盒，茶香飘满屋是一种扩散现象C使用试电笔吋，手指不能碰到笔尾的金属帽，以免触电D外出旅游时看到很多高地处都有风力发电的设施，风能是不可再生的清洁能源9（2.00分）用供热稳定的热源给个物体均匀加热，用描点法得到其熔化图象如图所示，则由该图象可以得知（）A该物体是晶体B熔化时间经历了8minC固体时的比热容是液体时的2倍DB、C两点的温度相同，质量相同，所以B、C两点的内能也相同10（2.00分）通过一些可以直接感知的现象，经过合理的推测来认识无法直接感知的事实，是常用的一种物理方法。下列推测不合理的是（）A现象：在野外可以用凸透镜生火推测：凸透饶对光线起到会聚的作用B现象：一滴墨水扩散到整杯清水中。推测：分子在不停息地做无规则运动C现象：白光通过三棱镜后变为彩色光。推测：H光不是单色光D现象：通电导线能使小磁针发生偏转。推测：通电导体在磁场中受力11（2.00分）在矿泉水瓶中装上半瓶水，拧紧瓶盖后分别正放、倒放在海绵垫上，现象如图所示，由此可以判断（）A压力一定时，压力作用效果和受力面积有关B正放、倒放对海绵的压强相同C正放时液体对瓶底的压强和倒放时液体对瓶盖的压强相等D把海绵垫换成木板仍可以验证压力作用效果和受力面积的关系12（2.00分）如图所示，用力F拉着重为G的物体，使其沿水平面以速度v匀速运动的时间为t，若每个滑轮重G，忽略绳重、绳与轮之间的摩擦，则（）A.拉力做功的功率为FvB.整个装置的机械效率为2FGC.物体和地面之间的摩擦力为2FGD拉力做的功为2Fvt13（2.00分）小眀在游泳时发现，他越往深处走，感觉到浮力越大，出此他猜想：浮力大小与物体浸在液体中的深度是否有关？于是他找来一个金属圆柱体、弹簧测力计和烧杯等器材进行了如图1所示的探究，下列说法正确的是（g=10N/kg，水=1.0103kg/m3）（）A图2中曲线b描述的是金属圆柱体所受浮力的变化情况B圆柱体的底面积是2cm2C金属圆柱体的密度为2.7103kg/m3D浮力大小与物体浸在液体中的深度无关14（2.00分）如图是一种温度自动报警器的原理图，在水银温度计里封入一段金属丝，当温度达到金属电源电源丝下端所指的温度时，电磁铁有磁性，将衔铁吸引过来，使电铃发出报警信号，则（）A温度计可以用水银煤油等作为测温物质B电磁铁有磁性是利用了电流周围有磁场C电铃的工作原理利用了通电导体在磁场中受力的作用D温度计在控制电路中相当于开关三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）15（2.00分）小球在光滑的水平面上向左运动，与弹簧接触后将弹簧压缩，然后向右运动，请画出小球与弹簧分离瞬间的受力分析图。16（2.00分）如图，一束光从等腰直角三角形玻璃砖AB面垂直射入，在玻璃砖AC面发生了全反射（是指光线在两界面处只发生发射，而没有折射）现象，请画出这束光在AC发生全反射后又从BC面射出玻璃砖的光路图。四、实验探究题（本题共3小题，第17小题4分，第18小题6分，第19小题8分，共18分17（4.00分）如图所示，该装置可以探究不同物质的吸热能力，也可以探究电流放出热量多少与电阻的关系（1）在探究不同物质吸热能力的实验中，A瓶里装的是煤油，B瓶里装的是水，R1和R2的关系是R1 R2（选填“等于”或“不等于”）（2）在探究电流产生的热量和电阻的关系实验中，A、B瓶里装的都是煤油，R1和R2的关系是R1 R2（选填“等于”或R不等于”）；根据 （选填“加热时间”或“温度计的升高示数”）反映电流放出热量的多少。（3）在探究电流放出热量多少和电阻的关系实验中，如果将温度计换成两端开口的细玻璃管，利用液体的热胀冷缩使细管中液面升高来反映电流放出热量的多少，在这个过程中，对烧瓶中的液体有什么要求。18（6.00分）某实验小组用图甲所示的杠杆起探究杠杆的平衡条件（1）先把杠杆的中点支在支架上，杠杆停在如图甲所示的位置，此时杠杆处于 （选填“平衡”或“不平衡”）状态。为了使杠杄在水平位置平衡，可以调节右端的平衡螺母，使它向 （选填“左”或“右”）移动（2）如图乙，将惮簧测力计从M位管移动到N位置并使杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计的示数将会变 ，这是因为 。此后在整个实验过程中，能否再旋动两端的平衡螺母？ 。（3）实验中，用图丙所示的方式悬挂钩码，杠杆也能在水平位置平衡（杠杆上每格等距），但老师却往往提醒人家不要采用这种方式这主要是因为该种方式。 A一个人无法独立操作B需要使用太多的钩码C力臂与机杆不重合D力和力臂数目过多19（8.00分）小林和学习小组利用电源（电压未知）、滑动变阻器（100 2A）、电流表、电压表、开关各一个，导线若干来测量电阻Rx的阻值（其阻值约几百欧）（1）根据电路图甲在实物图乙中完成实验电路的连接；（2）设计的实验数据表格如下所示，表格中处应填写。次数电流I/A电压U/V电阻R/123（3）实验中，器材完好，当移动滑动变阻器的滑片，电压表指针偏转正常，但电流表指针几乎不偏转，无法读数，原因可能是 ；（4）正确连接电路后，当滑动变阻器的滑片移至某一位置时，电压表的示数如图丙所示，为 V滑动变阻器在本实验中的作用是 。（5）该实验小组又设计了如图丁所示的电路图，甲、丁都是伏安法测电阻的原理图，请分析本实验用 （选填“甲”或“丁”）图进行测量，误差相对较小。五、综合应用题（本题共2小题，每小题9分，共18分）20（9.00分）图1是一种水翼船，船体下安装了水翼，船在髙速航行时，水面下的水翼会使船体抬高从而减小水对船体的阻力。（1）请你判断水翼的形状应该是图2中的 （选填“甲”或“乙”），原因是 。（2）水翼船在静的水面上由静止开始运动，获得的动力F随运动时间t的变化关系如图3所示，t=50s后，水翼船以25m/s的速度做匀速直线运动，则50100s时间内牵引力做的功是多少？（3）水翼船以柴油为燃料，效率为50%，在50100s吋间内，燃烧了多少升柴油？（柴油的热值为4107J/kg，柴油的密度为0.8103kg/m3，计算结果保留两位有效数字）21（9.00分）如图甲所示是电动机结构的示意图，小明用图乙所示的电子式电能表测额定电压为220V洗衣机的功率，当电路中只有洗衣机正常工作时，电能表的指示灯在3min内闪烁33次，在220V电压下，出于使用不当，造成电动杋卡死，电动机由于温度升高而被烧坏，若测定瞬间电流是5A求：（1）图中F的名称是 。（2）洗衣机的额定功率是多少？（3）洗衣机中电动机的线圈电阻是多少？正常工作时它的效率是多少参考答案与试题解析一、填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）1【考点】9G：响度与振幅的关系【分析】声音由物体的振动产生，当发声体的振幅越大时，发出声音的响度也越大。【解答】解：由题意可知，用小锤轻敲和重敲音叉时，小球弹开的角度不同。这是因为用力不同时，音叉的振动幅度不同，振幅越大，响度越大，因此比较角度的大小是为了探究响度和振幅的关系；故答案为：响度；振幅。【点评】了解声音的三个特性，尤其是能根据实验的操作特点得出用不同的力是为了改变音叉的振幅，进而改变响度，是解答的关键。2【考点】53：运动和静止的相对性；69：速度公式及其应用【分析】（1）运动或静止都是相对于参照物而言的。若相对于参照物，位置没有改变，则静止；若相对于参照物位置发生了改变，则运动；（2）根据两车行驶的路程，求出两车的距离。【解答】解：（1）甲、乙两车以不同同速度同向做匀速直线运动，若以乙车为参照物，则甲车相对于乙车的相对位置不停改变，所以甲车相对于乙车是运动的；（2）甲车行驶的路程s甲=v1t，s乙=v2t，s甲s乙=v1tv2t，故以这样的速度持续运动t吋间后，则甲、乙两车相距为v1tv2t，故答案为：运动；v1tv2t，【点评】此题主要考查了运动和静止的相对性，以及速度公式的应用，是一道基础题。3【考点】8B：连通器原理；8S：物体的浮沉条件及其应用【分析】（1）船闸是利用连通器的原理来工作的，当连通器中的液体不流动时，液面会保持相平，船闸工作过程中，闸室分别跟上游和下游形成连通器，用来调节水面落差，使船通行。（2）根据物体浮沉条件判断船的浮力变化。【解答】解：（1）当船从上游到下游时，首先要关闭阀门B，打开阀门A，上游的水经过阀门A流向闸室，此时闸室与上游组成连通器，当闸室水面和上游水面相平后，打开闸门C，船驶入闸室；船驶入闸室后，关闭闸门C和阀门A，打开阀门B，使闸室和下游水道构成一个连通器，当闸室水面和下游水面相平后，关闭闸门D，船就可以驶向下游。（2）船从上游到下游的过程中，始终漂浮，浮力等于重力，重力不变，则浮力不变。故答案为：连通器；不变；阀门B。【点评】本题考查物体浮沉条件和连通器的实际应用，知道连通器的特点（所装同一种液体静止不流动时，各容器中的液面是相平的）是关键。4【考点】G4：内能的概念；GD：比热容的概念【分析】选同样的加热时间，甲和乙吸热相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，据此分析判断。比热容都是物质的特性，只要物质确定，属性是不变的。【解答】解：由图示可以看出，加热到5min时，甲、乙两个物体的温度相同；当加热时间相同时，即吸收的热量相同时，乙的温度升高的快，利用热量的计算公式Q吸=cmt可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得快，它的比热容小；所以，乙的比热容小，甲的比热容大。将甲液体的质量减半，比热容是不会改变的，因为物质确定后，物质的这些属性与质量无关。故答案为：温度；甲。【点评】本题考查了学生对比热容了解与掌握，注意要学会看图形（取相同的时间比较甲乙温度变化的高低）。5【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】由图可知，电压相等时，灯泡甲的电流大于灯泡乙的电流，故两灯串联后使其中一个灯泡正常发光时只能是电流较小的灯泡；正常发光时的电压为额定电压，根据串联电路电流规律可知两灯电流相等，利用图象读出此时灯泡甲的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的最大电压；根据P=UI求出此时甲灯泡消耗的电功率。【解答】解：甲乙两灯泡正常发光时的电压均为6V，由图象可知：甲正常工作时的电流为1A，乙正常工作时的电流为0.5A，因串联电路中各处的电流相等，所以，两灯泡串联时，电路的最大电流I=0.5A，由图象可知，0.5A所对应的电压分别U甲=2V，U乙=6V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源电压为U=U甲+U乙=2V+6V=8V，此时甲灯消耗的功率：P甲=U甲I=2V0.5A=1W。故答案为：0.5；8；1。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用；关键是电压和电流不成正比，即电阻变化的，应直接从图中找出电流对应的电压和电压对应的电流进行求解。6【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】从平面镜和凸透镜的成像原理和成像性质去分析。【解答】解：相同点：为了能观察到清晰的像，这两个实验都要在较黑暗的环境中进行；实验中都要测量物距和像距；不同点：平面镜成像是光的反射，凸透镜成像是光的折射；平面镜成正立等大的虚像，而凸透镜成倒立放大，缩小，等大的实像，成正立放大的虚像；故答案为：为了能观察到清晰的像，这两个实验都要在较黑暗的环境中进行；平面镜成像是光的反射，凸透镜成像是光的折射。【点评】本题考查了凸透镜和平面镜成像的特点，属于基础知识。二、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分.第712题每小题只有个选项符合题目要求，第1314题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的得0分）7【考点】H2：正电荷与负电荷；H8：电荷间的相互作用规律；HJ：导体；HK：绝缘体【分析】（1）把被毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷称为负电荷，丝绸摩擦过的玻璃棒所带电荷称为正电荷；电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。（2）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。【解答】解：A、头发飞起来是因为同种电荷相互排斥；故A错误；B、丝绸摩擦过的玻璃棒所带电荷称为正电荷；故B错误；C、这个同学在摸静电球的同吋脚下踩了一个绝缘台，使人与大地绝缘；故C正确；D、人体能够导电，但不是最好的导体，金属是常见的最好的导体；故D错误；故选：C。【点评】明确摩擦起电所带电荷、电荷间作用规律，知道生活中常见的导体；可解答此题。8【考点】D2：电磁波的传播；GW：扩散现象；IR：测电笔的使用；K2：能源的分类【分析】（1）WiFi信息用电磁波；（2）组成物质的分子永不停息地做无规则的运动，物质分子通过扩散现象可以使分子充满整个空间；（3）测电笔的正确使用方法，手一定接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体；（4）风能是取之不尽用之不竭的能源，所以风能是可再生资源。【解答】解：A、手机是利用电磁波传递信息的，包括Wifi无线上网，故A错误；B、打开茶叶盒，茶香飘满屋是茶叶分子扩散的结果，说明分子不停地做无规则运动，故B正确；C、如果手不接触笔尾金属体，无论笔尖金属体接触火线还是零线，氖管都不发光；故C错误；D、风能可以在自然界中源源不断的得到，风能是取之不尽用之不竭的能源，所以风能是可再生资源，故D错误。故选：B。【点评】本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。9【考点】1C：熔化和凝固的温度时间图象；GD：比热容的概念【分析】（1）固体分晶体和非晶体，晶体有一定的熔化温度（图象中温度不变的时刻），非晶体没有。（2）晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变。（3）从图上可以看出，在质量不变的前提下，AB段温度升高40度，CD段温度升高20度，CD段加热时间是AB段加热时间的2倍，吸收热量之比为1：2，所以该物体在固态时的比热与液态时的比热之比是1：4。（4）影响内能的因素：质量、温度、状态。【解答】解：A、从图象知，物质在熔化过程中吸收热量温度保持不变，此物质是晶体，故A正确。B、晶体从第2min开始熔化，到第8min熔化完毕，则熔化时间经历了6min，故B错误。C、在质量不变的前提下，吸收热量之比为1：2，温度升高之比为2：1，根据Q=Cmt计算可知该物体在固态时的比热与液态时的比热之比是1：4故C错误；D、由图知，在晶体熔化过程不断吸热，温度保持不变，但内能增加，故图中B、C两点的温度相同，质量相同，但B、C两点的内能不相同，C点的内能大于B点的内能，故D错误。故选：A。【点评】此题通过图象分析，考查了学生的识图能力，在分析时特别注意温度随时间的变化情况，同时考查了学生对晶体和非晶体在熔化过程中的区别。10【考点】AP：光的色散；B4：凸透镜的会聚作用；C9：通电直导线周围的磁场；GV：分子的运动【分析】本题用到物理学方法“推理法”即：在实验基础上经过概括、抽象、推理得出规律的一种研究问题的方法，但得出的某些规律却不能或不容易直接观察或实验验证。【解答】解：A、在野外可以用凸透镜将光线会聚于一点来生火，说明凸透镜对光线有会聚作用，故A推测合理；B、一滴墨水扩散到整杯清水中是扩散现象，扩散现象证明了分子在不停的做无规则运动，故B推测合理；C、白光通过三棱镜将其分解为七种颜色的色光，该现象证实了太阳光是由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫这七种颜色的色光组成的，故C推测合理；D、当小磁针受到力的作用时可发生偏转，所以可推测螺线管周围有磁场，故D推测不合理。故选：D。【点评】本题的解题关键是先了解“推理法”的实验过程，然后回忆所学内容，得到答案。11【考点】83：压强大小比较；87：探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验【分析】（1）（2）力的作用效果与压力和受力面积有关，利用控制变量法分析解答；（3）比较液体压强的大小，可根据公式p=gh判断出液体深度的变化来说明压强的变化；（4）木板相对于海绵来说形变不明显，据此分析。【解答】解：AB、在矿泉水瓶中装上半瓶水，拧紧瓶盖后分别正放、倒放在海绵垫上，无论正放还是倒放，水和瓶对海绵的压力都等于水和瓶的重力，但是受力面积不同，根据p=可知，压强大小不同，故可以说明相压力一定时，压力作用效果和受力面积有关，故A正确，B错误；C、瓶中水没有装满，故倒放时水的深度大于正放时水的深度，根据p=gh可知，正放时液体对瓶底的压强小于倒放时液体对瓶盖的压强。故C错误；D、力可以使物体发生形变，相同受力面的形变程度越大，压力作用效果越明显，可以通过受力面形变程度的大小判断压力的作用效果，如果改用木板，则木板的形变程度发生不明显，难以确定影响因素的关系；故D错误。故选：A。【点评】本题考查了影响压力效果的因素实验，应用了转换法与控制变量法，应用控制变量法、认真分析图示实验现象即可正确解题。12【考点】EC：功的计算；F4：滑轮（组）的机械效率；FF：功率的计算【分析】（1）由图知，n=2，拉力端移动速度等于物体移动速度的2倍，利用P=Fv求拉力做功功率；（2）利用v=求物体移动的距离，由图知，n=2，拉力端移动的距离等于物体移动距离的2倍，利用W=Fs求拉力F做的总功；忽略绳重、绳重和滑轮轴的摩擦，提升动滑轮做的功为额外功，有用功等于总功减去额外功，整个装置的机械效率等于有用功与总功之比；（3）克服物体和地面之间的摩擦力做的功为有用功，利用W=fs求摩擦力。【解答】解：A、由图知，n=2，则拉力端移动的速度v绳=2v，拉力做功的功率：P=Fv绳=2Fv，故A错误；BD、由v=可得，物体移动的距离：s物=vt，由图知，n=2，则拉力端移动的距离：s绳=2s物=2vt，拉力F做的总功：W总=Fs绳=F2vt=2Fvt，故D正确；忽略绳重、绳重和滑轮轴的摩擦，则克服动滑轮重做的功为额外功，已知动滑轮重为G，则额外功：W额=Gs物=Gvt，有用功：W有用=W总W额=2FvtGvt，整个装置的机械效率：=；故B错误；C、克服物体和地面之间的摩擦力做的功为有用功，由W有用=fs物=fvt=2FvtGvt可得，物体和地面之间的摩擦力f=2FG，故C正确；故选：CD。【点评】此题主要考查的是学生对功率、有用功、机械效率、拉力计算公式的理解和掌握，由于是用字母表示已知量、未知量，要细心，易错题！13【考点】8R：探究浮力大小的实验【分析】（1）金属块受到的浮力大小在浸没前随排开液体的体积增大而增大，浸没后浮力大小不变；根据测力计示数比较浮力大小；分析图2得出结论；（2）根据拉力变化的图象可知，物体没有浸入到水中前的拉力即为物体的重力G；根据浮力变化的图象可得物体完全浸没时的浮力，根据F浮=水gV排求出物体的体积；根据V=Sh算出圆柱体的底面积；（3）根据G=mg算出圆柱体的质量，根据=算出圆柱体的密度；（4）金属块浸没在水中后所受浮力大小与金属块所处的深度无关。【解答】解：A、由上面的分析，在浸没前金属块受到的浮力大小随排开液体的体积增大而增大，浸没后排开液体的体积不变，根据阿基米德原理可知，浮力大小不变，据此判断出描述金属圆柱体所受浮力的变化情况的图象是a，故A错误；B、由图象a可知，圆柱体完全浸没后，圆柱体受的浮力为F浮=0.20N，圆柱体的重力G=0.54N；由F浮=水gV排得物体的体积：V=V排=2105m3=20cm3由图知，圆柱体的高度为4cm，根据V=Sh知，圆柱体的底面积为：S=5cm2，故B错误；C、圆柱体的重力G=0.54N，根据G=mg知，圆柱体的质量为：m=0.054kg圆柱体的密度：=2.7103kg/m3，故C正确；D、根据图a可知，金属块浸没在水中后所受浮力大小与金属块所处的深度无关，故D正确。故选：CD。【点评】物体受到的浮力大小只与物体排开液体的体积和密度有关，而与物体浸在液体中的深度无关。当物体接触液面不断向下过程中，不要只注意深度的增大，排开液体的体积也是增大的，这才是浮力增大的根本原因。14【考点】CI：电磁铁的其他应用【分析】（1）善于导电的物体叫导体，不善于导电的物体叫绝缘体；（2）电磁铁是利用电流的磁效应制成的；（3）电铃是利用电流的磁效应制成的；（4）明确这一装置由两部分电路组成，左端电路的控制要点在于液体柱的变化，而右端的控制要点则在电磁铁对衔铁的吸引，再由此分析电路中温度变化时的工作情况，得出温度计在电路中的作用。【解答】解：A如图是一种温度自动报警器的原理图，此时温度计内部的液体必须能导电，所以必须是水银温度计，不能是煤油，煤油是绝缘体，故A错误；B、电磁铁有磁性是利用了电流周围有磁场即磁效应，故B正确；CD、温度升高时，水银柱上升，与上方金属丝连通，使左侧形成通路，电磁铁中有电流通过，电磁铁吸引衔铁，使触点接触，右侧电路接通，电铃发出报警信号，故电铃的工作原理是电流的磁效应，此时温度计在控制电路中相当于开关，故C错误，D正确。故选：BD。【点评】明确图中左侧为控制电路，右侧为工作电路，两电路依据中间的电磁铁来发生相互作用，是搞清这一装置原理的关键点之一，同时，还应明确水银也是导体，当其与上方金属丝接通时，也成为了电路的一部分。三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）15【考点】6H：力的示意图【分析】以小球为研究对象，进行受力分析，注意光滑面没有摩擦力，小球与弹簧分离瞬间没有弹力。只考虑竖直方向受力情况：只受重力和支持力的作用，小球将做球匀速直线运动，所以二力平衡。【解答】解：小球与弹簧分离瞬间，弹簧没有发生形变，对小球没有弹力，由于水平面光滑，所以，小球不受摩擦力，即在水平方向上，小球不受力；在竖直方向上，小球受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，过小球的重心分别沿力的方向画一条有向线段，分别用“G”和“F支”表示，由于这两个力是一对平衡力，注意这两条线段的长度相等，如图所示：【点评】本题考查了受力分析，对学生来说，对物体进行受力分析有一定的难度，此类题是常考题型，要熟练掌握。16【考点】A8：作光的反射光路图；AN：作光的折射光路图【分析】光折射时，当光从垂直射入玻璃时，其传播方向不变；光反射时，根据光的反射规律内容作图即可；入射光线和折射光线分居法线的两侧，折射角小于入射角。当光从玻璃斜射入空气时，入射光线和折射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角。【解答】解：一束光从等腰直角三角形玻璃砖AB面垂直射入，其传播方向不变，由于光到达玻璃砖AC面发生了全反射，根据反射规律画出反射光线，由几何关系可知，入射角为45，反射角也为45，则反射光线垂直于玻璃砖AB面射入，其传播方向不变，如下图所示：【点评】此题主要考查了光的折射规律和反射规律，一定要熟练掌握光的折射和反射规律的内容，关键是搞清反射角、折射角与入射角之间的关系，特别强调垂直入射时，传播方向不变。四、实验探究题（本题共3小题，第17小题4分，第18小题6分，第19小题8分，共18分17【考点】JH：焦耳定律【分析】（1）根据控制变量法，在探究不同物质吸热能力的实验中，A瓶里装的是煤油，B瓶里装的是水，控制电阻不变；（2）要探究“电流通过导体产生热量与电阻的关系”需要控制电流相同，电阻不同；温度计示数的变化反应了液体温度的变化，反映了液体吸收热量即电流产生热量的多少；（3）电流产生热量的多少不能直接观察，可以通过煤油受热膨胀，体积变化的多少来反映，体积膨胀越多，电流产生的热量越多。【解答】解：（1）在探究不同物质吸热能力的实验中，A瓶里装的是煤油，B瓶里装的是水，相同时间产生热量相同，根据焦耳定律可知，R1和R2的关系是R1 等于R2；（2）在探究电流产生的热量和电阻的关系实验中，A、B瓶里装的都是煤油，两电阻丝串联连接的目的是：控制通电时间和通过电阻的电流相等，根据焦耳定律可知，R1和R2的关系是R1 不等于R2；根据温度计的升高示数反应电流放出热量的多少。（3）电流产生热量的多少不能直接观察，可以通过煤油受热膨胀，体积变化的多少来反映，体积膨胀越多，电流产生的热量越多，所以在探究电流放出热量多少和电阻的关系实验中，如果将温度计换成两端开口的细玻璃管，利用液体的热胀冷缩使细管中液面升高来反映电流放出热量的多少，在这个过程中，对烧瓶中的液体要求使烧瓶内装满液体。故答案为：（1）等于；（2）不等于；温度计的升高示数；（3）使烧瓶内装满液体。【点评】初中多采用控制变量法、转换法、模型法、类比法、等效替代法等来探究物理问题。掌握电流产生热量多少跟电流大小、电阻大小、通电时间的关系，采用控制变量法和转换法探究电流产生热量跟电流大小、电阻大小、通电时间的关系。18【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）杠杆静止或匀速转动，杠杆都处于平衡平衡状态。调节杠杆在水平位置平衡时，杠杆左端下沉，应向右条件平衡螺母，杠杆右端下沉，应向左调节平衡螺母；实验过程中不能再次调节平衡螺母。（2）根据杠杆平衡条件分析答题。（3）当杠杆上挂多组钩码时，力和力臂数目增加，使实验复杂化，给实验带来难度。【解答】解：（1）杠杆静止在如图位置，所以杠杆处于平衡状态。由图示可知，杠杆右端下沉，为了使杠杆在水平位置平衡，可以调节右端的 平衡螺母，使它向左移动。（2）由图示可知，弹簧测力计从M位置转到N位置用力使杠杆在水平位置平衡，阻力与阻力臂不变，而拉力的力臂变小，由杠杆平衡条件可知，弹簧测力计的示数将变 变大；实验过程中不能再次调节平衡螺母；（3）当杠杆上挂多组钩码时，力和力臂数目增加，虽然也能得出正确的结论，但是使实验复杂化，给实验带来难度。所以选项D正确。故答案为：（1）平衡；左；（2）大；动力臂变小；不能；（3）D。【点评】杠杆处于静止状态和匀速转动状态，杠杆都是平衡的。在探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，是为了便于在杠杆上读出动力臂和阻力臂。学会看图象是学物理的基本要求，象速度时间图象、路程时间图象等，要先看纵坐标轴、横坐标轴各表示什么，再顺着图象看懂表示的物理过程。19【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）根据电源电压为3V确定电压表选用小量程与电阻并联，根据电路图将变阻器滑片以左电阻丝连入电路中；（2）为提高测量的准确程度，要多次测量取平均值；（3）根据电路的连接可确定电路是通路，由欧姆定律分析原因；（4）本实验要多次测量，据此分析滑动变阻器在本实验中的作用；（5）分析图甲电路的连接，待测电阻的电压测量准确，因电压表内阻很大，Rx的阻值约几百欧也较大，电压表内阻与待测电阻越接近，分析通过电压表电流对测量电流的影响；在图乙中，电流表与待测电阻串联，电流测量准确，待测电阻的大小远大于电流表内阻，由欧姆定律分析电流表对电压测量的影响。【解答】解：（1）乙中电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，根据电路图将变阻器滑片以左电阻丝连入电路中，如下所所示：（2）为提高测量的准确程度，要多次测量取平均值，故格中处应填写：电阻的平均值R平均/；（3）实验中，器材完好，当移动滑动变阻器的滑片，电压表指针偏转止常，但电流表指针几乎不偏转，说明电路为通路，电路中电流过小，由欧姆定律，原因可能是电源电压过小；（4）电压表的示数如图丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，为2.4V；由（2）知，本实验要多次测量，故滑动变阻器在本实验中的作用是：改变电阻的电压和通过电阻的电流。（5）在图甲中，电压表与待测电阻并联，待测电阻的电压测量准确，因电压表内阻很大，Rx的阻值约几百欧也较大，电压表内阻与待测电阻越接近，通过电压表的电流越大，根据并联电路电流的规律，电流表示数与通过待测电阻的电流差别越大，误差越大；在图乙中，电流表与待测电阻串联，电流测量准确，待测电阻的大小远大于电流表内阻，由欧姆定律，电流表分得的电压较小，电压表示数接近待测电阻的实际电压，故由欧姆定律求出的待测电阻的大小较小；故实验用丁图进行测量，误差相对较小。故答案为：（1）如上；（2）电阻的平均值R平均/；（3）电源电压太小；（4）2.4；改变电阻的电压和通过电阻的电流；（5）丁。【点评】本题测电阻大小，考查电路的连接、数据处理、电阻计算和误差分析。五、综合应用题（本题共2小题，每小题9分，共18分）20【考点】8K：流体压强与流速的关系；EC：功的计算；GL：热机的效率【分析】（1）机翼的上方是弧形，空气流过上方时流速大，压强小。机翼下方是平面，空气的流速小，压强大这一压强差使飞机获得竖直向上