2019年中考物理模拟试卷及答案解析8-4

2019年中考物理模拟试卷一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑1（3.00分）下列各图关于声现象的说法中，正确的是（）A敲击编钟能发声说明声音是由物体的振动产生的B钢尺振动的越快、响度越大C街头设置噪声监测仪可以控制噪声DB型超声波诊断仪可以传递能量2（3.00分）如图所示，属于光的直线传播现象的是（）A阳光透过三棱镜B屏幕呈现人的影子C放大镜把字“放大”D灯湖“倒影”3（3.00分）如图所示，一个质量为3g的乒乓球从水里A处开始上浮直至漂浮在水面上C处。设乒乓球在A、B、C三个不同位置时受到的浮力分别为FA、FB和FC，则下列说法正确的是（g=10N/kg）（）A乒乓球在A、C位置时受到的浮力大小关系是FAFCB乒乓球受到的浮力和它对水的压力是一对平衡力C乒乓球在B位置时是平衡状态D乒乓球漂浮在水面时，排开水的体积为3cm34（3.00分）如图是电磁学中很重要的三个实验装置图，以下说正确的是（）A物理学家法拉第进行甲图实验发现了电流的磁效应B乙图实验装置是电动机的原理图C丙图中，导体ab受到的磁场力方向与通过它的电流方向无关D“K歌”用的话筒利用的是乙图的原理将声音信号变成电流信号5（3.00分）在如图所示的四幅图中，甲、乙是两个演示实验示意图；丙、丁是四冲程汽油机关工作过程中的两个冲程示意图。其中表示做功冲程原理相同的演示实验图，表示汽油机利用将机械能转化为内能的冲程示意图对应正确的是（）A乙、丙B甲、丁C甲、丙D乙、丁6（3.00分）如图甲所示，小文用弹簧测力计拉木块，使它先后两次沿水平木板匀速滑动相同的距离，图乙是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象。下列说法正确的是（）A木块第一次做功较少B木块第二次做功较快C木块第二次的动能较小D木块第一次受到的摩擦力较大7（3.00分）图甲是小灯泡L1和L2的电流随电压变化的图象。将它们按图乙所示接入电路中，闭合开关S，小灯泡L1的实际功率为1W下面的说法中正确的是（）A灯泡L1比L2暗B电流表的示数为0.5AC电源电压为2VD电压为1V时，灯泡L1的功率为0.25W二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）8（3.00分）“端午浓情，粽叶飘香”。“粽叶飘香”说明分子在 ；原子组成中带负电的是 ；在原子、中子和原子核中，尺度最小的是 。9（3.00分）如图所示，楚人“刻舟求剑”，剑落水底，船正远去。以船为参照物，剑是 （选填“静止”或“运动”）的，船夫手中的船桨是 （选填“省力”或“费力”）杠杆。停止划水，运动的船会再向前运动一段距离，说明船具有 。10（3.00分）如图所示是当前试验中的太阳能汽车。太阳能是由太阳内部的氢原子核在超高温下发生 （选填“裂变”或“聚变”）所释放出的核能；车载导航系统是利用 来传递信息的；太阳能汽车在行驶过程中，车身上方气流的流速比车身下方的大，则车身上方的气流对车身的压强 车身下方的气流对车身的压强（选填“大于”、“小于”或“等于”）。11（3.00分）如图甲所示，验电器A带负电，B不带电，图乙中用带有绝缘柄的金属棒把验电A、B两金属球连接起来的瞬间，金属棒中的电流方向是由 （选填“A到B”或“B到A”），验电器的金属箔张开是由于 （选填“同种”或“异种”）电荷相互排斥。如图丙是漏电保护器，它 （选填“能”或“不能”）防止图丙中站在绝缘凳上的人同时接触火线和零线触电。12（3.00分）汽车无论是不慎驶入水中还是遇雨被淹，乘客都应立刻开门逃生，水越深车门越难推开。如图所示，在车门下部距水面0.3m深的C处，水的压强为 Pa若车门在水下部分的面积为0.8m2，受到水的平均压强为5103Pa，此时车门所受水的压力相当于 kg的水压在车门上，因此，建议汽车不慎驶入水中时，应立即设法从车内逃离，紧急情况下应挥动逃生锤的 （填“A”或“B”）端砸向玻璃窗的边角，砸窗逃离。（g=10N/kg）13（3.00分）如图所示，用弹簧测力计挂一条形磁铁放在螺线管的正上方，闭合开关，待弹簧测力计指针稳定后，将滑动变阻器的滑片缓慢向右移动，此时能观察到的现象：电流表示数 ，电压表示数 ，弹簧测力计示数 （以上三空均选填“变小”、“变大”或“不变”）。14（3.00分）用图甲所示的滑轮组运送货物上楼，每件货物重100N，每次运送货物的重量不固定，图乙记录了在整个过程中滑轮组的机械效率随货物重力增加而变化的图象，则动滑轮的重为 N，当某次运送3件货物时，绳子的拉力F是 N，滑轮组的机械效率为 。（不考虑绳重和摩擦）三、作图题（第1、2图各2分，第3图3分，共7分）15（2.00分）如图中，摆球从A点自由摆动到B点，请作出摆球球在B点时受力的示意图（不计空气阻力和浮力）16（2.00分）如图中，眼睛通过平面镜看蜡烛火焰的像，请画出眼睛看到火焰像点S的光路图（画出两条光路即可）17（3.00分）如图是电加热恒温箱的原理图。控制电路由电源U1、电磁继电器、滑动变阻器R2和热敏电阻R1组成，其中热敏电阻R1随温度升高阻值减小；工作电路由电源U2和加热器R0组成。请按照题意用笔画线代替导线将图中的控制电路和工作电路连接完整。四、实验题（本大题3小题，共20分）18如图1中物体的长度为 cm；如图2中电能表的示数是 kWh；如图3所示，电阻箱的示数为 。19（7.00分）小乐利用如图甲所示的装置探究某物质熔化时温度的变化规律。请回答下列问题：安装实验器材时，小乐应按照 （选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行；测量过程中，温度计在某一时刻的示数如图乙所示，此时该物质的温度为 根据实验数据画出该物质的温度随加热时间变化的图象如图丙所示，由图可知，该物质为 （选填“晶体”或“非晶体”）。当加热到9min末，试管中物质所处的状态是 （选填“固”、“液”或“固液共存”）态。20（6.00分）（1）现有一质地均匀、形状不规则的小石块，小海同学想用天平和量筒测量它的密度在调节天平平衡时，他先把天平放在水平桌面上，然后将游码移至标尺左端零刻线处。天平平衡后，小海在左盘放上石块，右盘加上砝码，最后加上最小的砝码后，指针如图1甲所示，下一步应取下 （选填“最小”或“最大”）的砝码、 ，然后让指针停在分度盘中央，小石块的质量如图乙所示，最后他把小石块浸没在装有适量水的量筒中如图丙所示。测得小石块的质量为 g，密度为 kg/m3实验中，如果小海同学没有将游码完全调到零刻线就开始调节天平平衡，然后测量小石块的质量，再测小石块的体积，那么他最后测得的小石块的密度比真实值 （选填“偏大”、“不变”或“偏小”）。（2）小海同学在参加科技活动中，经老师指导将弹簧测力计改成了一个液体密度秤。如图2，当他把重为1.8N的物块浸没在水中时，弹簧测力计的读数为0.8N，他就在0.8N处对应标上1.0g/cm3的字样；当他把同一物块浸没在汽油中时，应该在弹簧测力计刻度盘的 N处对应标上0.7g/cm3的字样。（g=10N/kg，汽油=0.7g/cm3）21（7.00分）小许做测“小灯泡电功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电压表、电流表、开关和导线。（1）如图甲所示是小许设计实验而没有连接完的实物图，请你用笔画线代替导线画完整。（2）小许连好电路闭合开关后，发现小灯泡发光较暗，无论如何移动滑动变阻器滑片P，小灯泡亮度都不变，则原因可能是 （3）小许通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成了如图乙所示的UI图象，根据图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是 （4）实验结束后，小许仅将小灯泡换成定值电阻，来探究电流与电阻的关系，小许想要完成四组实验，准备好的定值电阻有5、10、20、30。将电路连接正确后，闭合开关，移动变阻器的滑片P，使定值电阻两端的电压为2V，此时电流表的示数如图丙所示，则定值电阻的阻值为 。断开开关，将定值电阻换成阻值为10的电阻，闭合开关，滑动变阻器滑片应向 （选填“左”或“右”）移动；为完成此四组实验，滑动变阻器的最大电阻应不小于 。五、计算题（本大题2小题，共13分）22（6.00分）随着科技的发展，未来的航空母舰上将安装电磁弹射器以缩短飞机起飞距离。如图甲所示，航空母舰的水平跑道总长L=180m，其中电磁弹射器是一种长度为L1=120m的直线电机，该电机可在弹射时提供一个恒定的牵引力F牵=5105N求：（1）弹射器对舰载机所做的功；（2）该舰载机加速起飞后掠海匀速直线飞行至目标空域执行任务，图乙是该过程中舰载机的速度和时间图象，请计算出舰载机离开航母到目标空域的距离；（3）若该舰载机在上述水平匀速直线飞行过程中受到的空气阻力为1.3105N，请计算舰载机发动机推力的功率。23（7.00分）某生态园设计了模拟日光和自动调温系统，实现照明、保温和加热的功能。其原理如图所示，电源电压恒为220V，R1和R2是两个电热丝（不考虑温度对电阻的影响），R2=30，L是标有“220V160W”的照明灯泡，白天有日光的时候，只开启该系统的保温功能并连续工作10h，此时R1与R2的电功率之比为1：3，晚上温度较低的时候，需开启加热和照明功能，灯泡正常发光的状态下，系统也需连续工作10h。（1）R1的电阻；（2）晚上工作时电路消耗的总功率（3）该系统一天内电热丝消耗了多少kwh的电能？若消耗的电能完全由该生态园自产的沼气提供，其热效率为40%，则每天需要完全燃烧多少体积的沼气？（q沼气=1.8107J/m3）六、综合能力题（本大题3小题，每小题6分，共18分）24（6.00分）小智在做“探究凸透镜成像规律”的实验时，固定凸透镜的位置不动，实验操作规范。当他将蜡烛、凸透镜和光屏调节到如图甲所示的位置时，烛焰恰好在光屏上成清晰的像。（1）这个像的成像原理与 （选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）相同。若将蜡烛向右移动少许，则应将光屏向 （选填“左”或“右”）移动才能再次在光屏上成清晰的像（2）若保持凸透镜、光屏的位置不变，再在凸透镜左侧附近放置一个凹透镜（图中未画出），这时需要将光屏向 （选填“左”或“右”）移动才能在光屏上成清晰的像。（3）烛焰成虚像时，人眼应该从 （选填“烛焰”或“光屏”）一侧向透镜方向观察。（4）小智测出透镜焦距为10cm，在实验时，小智用该凸透镜观察小杰的眼睛，看到小杰的眼睛如图乙所示，则物距应该满足的条件是 （选填序号）A大于10cm且小于20cmB小于10cmC等于20cmD大于20cm（5）小智在接下来的实验中将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距u随时间t的变化图象如图丙所示，则像距v与t的大致变化关系为丁图中的 （选填序号）。25（6.00分）如图甲所示，高压锅是生活中一种密闭的加热容器。锅盖中央有一出气孔，孔上盖有限压阀，当锅内气压达到限定值时，限压阀被锅内气体顶起放出部分气体，实现对锅内气体压强的控制。如图乙是水的沸点随锅内气压变化的图象，利用它可以将食物加热到100以上。（1）高压锅运用了锅内气压升高，水的沸点 的道理。（2）由于出气孔堵塞，可能致使高压锅爆炸，现在生产的高压锅已普遍增加了放气孔（甲图）。放气孔应选用下列哪种材料 （选填序号）A导体B绝缘体C半导体D熔点低的合金（3）某高压锅内气压最大为1.3105Pa，若用此高压锅将2kg、初温为20水加热至沸腾，水吸收的热量是 J水的比热容为4.2103J/（kg）（4）小雪测得家中高压锅出气孔的面积为15mm2，压在出气孔上的安全阀的质量为90g。通过计算并对照图象（乙图）说明利用这种高压锅烧水时，最高温度大约是 （外界大气压P0=1.0105Pa，g=10N/kg）26（6.00分）阅读短文，回答问题变频空调机有一种变频空调，利用“冷媒”这种物质的物态变化可以实现室内、外热量的转移。如图所示是此类变频空调机制冷系统的原理图，其空调机制令系统原理图中压缩机的作用是对气态“冷媒”加压，并使“冷媒”在铜管内循环。已知压缩机的转速越大，“冷媒”的流量越大，空调机的制冷能力就越强。压缩机的转速由供电频率决定，变频空调机通过变频器在一定范围内调节供电频率，从而改变压缩机的转速，达到控制“冷媒”使温度快速降至设定温度后，压缩机随即处于低速持续运转状态，维持室温基本不变。表一：表示该型号变频空调机部分参数之间的对应关系，其中：制冷量是指每秒钟空调机向制冷空间吸收热量的总和；能效比是空调机在正常状态工作时，制冷量与输入功率之比。最小正常工作最大输入功率/W1307001400制冷量/W650 3600能效比3.7表二：表示某型号变频空调机的“冷媒”流量与变频器供电频率之间的对应关系。其中流量指单位时间内流过钢管的“冷媒”质量。频率f/Hz30507090110130流量Q/kgh13874110146182218（1）空调机的制冷原理是：在室内，制冷液由于 吸收热量，而在室外则由于 放出热量，从而把室内的热量转移到室外，达到降低室内温度的目的。（以上两空均填写合适的物态变化名称）（2）表一中空调机正常工作时制冷量为 W。（3）根据表二中的数据分析，流量Q与频率f的关系式为 。（4）当变频器供电频率为100Hz时，“冷媒”流量为 kg/h，铜管B中“冷媒”流速为 km/h。（气态“冷媒”密度为1.0kg/m3，液态“冷媒”密度为1.0103kg/m3，铜管内横截面积为0.5cm2）参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑1【考点】91：声音的产生；9D：频率及音调的关系；9L：防治噪声的途径；9M：声与信息【分析】声音的传播需要介质，它可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播；声音的高低叫音调，音调决定于发声体振动的快慢；声音的强弱叫响度，响度决定于发声体的振幅和距离发声体的远近；噪声监测仪可以监控噪声的分贝，但不能控制噪声污染；声音能够传递信息，也能够传递能量。【解答】解：A、敲击编钟时编钟振动发声，说明声音是由于物体的振动而产生的。故A正确；B、钢尺振动的越快音调越高。故B错误；C、噪声监测仪可以监控噪声污染，但不能控制噪声污染。故C错误；D、超声波具有很强的穿透性，所以B型超声波诊断仪可以用于医疗观察，利用的是声音传递信息。故D错误。故选：A。【点评】此题考查了声音的产生、音调与响度的区别及超声波和噪声监测器的作用，要结合各物理知识点进行分析解答。2【考点】A2：光在均匀介质中直线传播【分析】题中各情景都与光学现象有关，涉及光的反射、折射、光的直线传播，逐一分析各现象的成因，判断各选项的正误。【解答】解：A、阳光透过三棱镜被分解成七种色光，是光的色散现象，即光的折射现象，故A不符合题意；B、屏幕呈现人的影子是光的直线传播形成的，故B符合题意；C、用放大镜把字放大是光的折射现象，故C不符合题意。D、灯湖“倒影”是平面镜成像，是光的反射形成的，故D不符合题意。故选：B。【点评】此题主要考查了：光的反射、光的折射、光的直线传播现象，平时要注意各个现象的形成原因并注意区分，生活中与之相关的现象非常多，我们应该学会辨别。3【考点】6R：平衡力的辨别；8O：阿基米德原理【分析】（1）由图可知乒乓球在A、C位置时，排开水的体积大小，然后根据阿基米德原理判断浮力大小；（2）物体间力的作用是相互的；（3）根据浮沉情况判断B的状态；（4）根据物体的浮沉条件可知，漂浮时浮力等于其重力，再利用阿基米德原理密度公式求排开水的体积。【解答】解：A、由图可知：乒乓球在A位置时浸没，C没有浸没，C排开水的体积小，由F浮=gV排可知：FAFC，故A错误；B、物体间力的作用是相互的，乒乓球受到的浮力和它对水的压力是一对相互作用力，故B错误；C、乒乓球在B位置时处于上浮状态，浮力大于重力，是非平衡状态，故C错误；D、乒乓球漂浮在水面时，F浮=G球=mg=0.003kg10N/kg=0.03N，根据F浮=液gV排知，排开液体的体积：V排=3106m3=3cm3N，故D正确。故选：D。【点评】本题主要考查了阿基米德原理及物体浮沉条件的应用，关键要掌握浮力公式并知道物体漂浮时浮力与重力相等。4【考点】CM：直流电动机的原理；CP：电磁感应；CR：动圈式话筒的构造和原理【分析】（1）奥斯特实验第一个证明了电流周围存在磁场，揭示了电和磁之间的联系；（2）电动机的原理是通电线圈在磁场中受力转动，工作时把电能转化成机械能；（3）通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与电流方向和磁场方向有关；（4）动圈式话筒工作过程是：声波振动引起膜片振动带动线圈振动线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流经放大传给扬声器，由此可知其工作原理是电磁感应现象。【解答】解：A、物理学家奥斯特进行甲图实验发现了电流的磁效应，该选项说法不正确；B、乙图描述的是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动产生感应电流，是发电机的原理图，该选项说法不正确；C、丙图描述的是闭合电路的导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向都有关系，该选项说法不正确；D、K歌用的话筒工作原理是电磁感应，把声音的因此线圈的振动转化成强弱变化的电流，该选项说法正确。故选：D。【点评】本题考查了电磁学方面几个重要的实验装置图，是中考的热点，尤其是发电机和电动机的原理图不要混淆，发电机中没有电源，电动机中有电源。5【考点】GM：内燃机的四个冲程【分析】（1）解决此题要知道内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，其中在做功冲程中，是内燃机的内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能；（2）改变物体内能的方式有热传递和做功两种；做功改变物体内能的实质是能量的转化，具体来说是内能和机械能的相互转化。对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外做功，物体的内能减少，温度降低。【解答】解：甲图对试管中的水加热，加快水的蒸发，使试管中水的内能增大，体积膨胀，对外做功，使塞子飞出去，内能转化为塞子的机械能；乙图是用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧。是通过对物体做功来增大物体内能的，即是将机械能转化为内能的过程；丙图两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，做功冲程将内能转化为机械能；丁图两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，压缩冲程是把机械能转化为内能的过程；由以上分析可知看出与做功冲程原理相同的是甲，表示汽油机利用将机械能转化为内能的冲程示意图对应正确的是丁图。故选：B。【点评】此题是通过内燃机的工作原理和课本中的实验来验证做功改变物体内能的方法，是一道比较简单的实验题，掌握热机的工作原理，学会变通。6【考点】7D：摩擦力的大小；EB：功的大小比较；FD：功率大小的比较；FL：动能大小的比较【分析】首先确定图象中横纵坐标的物理含义，判断出两次物体的运动，根据影响滑动摩擦力的因素确定两次摩擦力的大小关系，根据物体做匀速直线运动时处于平衡状态得出两次拉力的大小，根据图象可知时间相同时运动的路程关系，利用W=Fs得出两次拉力做功的关系，根据P=可知做功功率关系，利用v=比较速度关系，最后根据影响动能大小的因素确定动能关系。【解答】解：图象的横坐标表示物体的运动时间，纵坐标表示物体运动的路程，两条图象都是过原点的直线，所以，木块在这两次拉力的作用下都是做匀速直线运动；由题意可知，接触面的粗糙程度和压力的大小均不变，所以滑动摩擦力的大小不变，即木块两次受到的摩擦力相等，故D错误；因木块做匀速直线运动时，处于平衡状态，受到的拉力和摩擦力大小相等，所以，木块两次运动的拉力相等，由题知两次木块滑动的距离相同，由W=Fs可知，两次拉力做的功相同，故A错误；由图象可知，相同时间内第1次的路程等于第2次的路程，由v=可知，木块第1次运动的速度大，由P=Fv可知，第一次拉力做功的功率较大，即做功较快，故B错误；因物体的动能与物体的质量和速度有关，且质量相同时、速度越快，动能越大，所以，木块第1次运动的动能较大，木块第二次的动能较小，故C正确。故选：C。【点评】本题考查了影响滑动摩擦力大小因素、二力平衡条件、做功公式、功率公式、影响动能大小因素的应用，从图象中获取有用的信息是关键。7【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】（1）根据P=UI结合图象读出小灯泡L1的实际功率为1W时L1两端的电压和通过的电流，根据并联电路的电压特点得出电源的电压和L2两端的电压，从图象中读出通过L2的电流，根据P=UI求出L2的实际功率，进一步根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断亮暗的变化，根据并联电路的电流特点求出干路电流表的示数；（2）根据图象读出电压为1V时，通过灯泡L1的电流，进一步得出其功率。【解答】解：（1）由图象可知，当L1两端的电压U1=2V，通过的电流I1=0.5A时，L1的实际功率为1W，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电源的电压：U=U2=U1=2V，故C正确；由图象可知，通过L2的电流I2=0.3A，L2的实际功率：P2=U2I2=2V0.3A=0.6A1W，由灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知，灯泡L1比L2亮，故A不正确；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表的示数：I=I1+I2=0.5A+0.3A=0.8A，故B不正确；（2）由图象可知电压为1V时，通过灯泡L1的电流I1=0.3A，则功率P1=U1I1=1V0.3A=0.3W，故D不正确。故选：C。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据图象得出电压表和对应的电流。二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）8【考点】36：从微观到宏观的尺度；GV：分子的运动；H3：原子结构、元电荷与带电情况【分析】物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动。物质由分子构成，分子由原子构成，原子由原子核和带负电的电子构成，原子核由质子和中子构成，质子和中子又由夸克构成，【解答】解：“粽叶飘香”属于扩散现象，说明分子在做无规则运动；原子组成中带负电的是电子；在原子、中子和原子核中，尺度最小的是中子。故答案为：不停地做无规则运动；电子；中子。【点评】本题考查分子动理论知识和原子结构组成，属于微观世界基础知识的考查，难度不大，掌握基本概念和规律，就能正确解答。9【考点】51：机械运动；6L：惯性；7O：杠杆的分类【分析】（1）物体是运动还是静止，跟参照物的选择有关系，判断物体运动或静止，关键是看物体和参照物之间位置是否发生了改变；（2）杠杆分为三类：省力杠杆、费力杠杆、等臂杠杆，动力臂比阻力臂长的是省力杠杆，阻力臂比动力臂长的是费力杠杆，动力臂和阻力臂一样长的是等臂杠杆；（3）物体保持静止状态或匀速直线运动状态的性质叫惯性，物体由于惯性要保持原来的运动状态。【解答】解：相对于远去的船，剑的位置发生了改变，所以剑是运动的；划船用的桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；过终点船夫停止划桨后，船由于惯性要保持原来的运动状态继续向前运动，而不会立即停止。故答案为：运动；费力；惯性。【点评】本题考查了运动和静止的相对性、杠杆的分类和惯性的存在，考查的知识点较多，是一道学科综合题；只要熟练掌握基础知识就可以轻松解题。10【考点】8K：流体压强与流速的关系；D2：电磁波的传播；K6：核聚变【分析】（1）核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上。（2）电磁波能够传递信息。（3）在气体或液体中，流速大的位置压强小。【解答】解：（1）在太阳内部，太能之所以能发光发热，实质相当于无数个的氢弹爆炸而造成的，即氢原子核在超高温下发生聚变释放核能；（2）车载导航系统是利用电磁波来传递信息的；（3）车身上方气流的流速比车身下方的大，则车身上方的气流对车身的压强小于车身下方的气流对车身的压强。故答案为：聚变；电磁波；小于。【点评】本题结合太阳能汽车考查相关的物理知识，注重了物理知识和生活的联系，是中考的热点。11【考点】HA：验电器的原理及使用；HE：电流的方向；IS：熔断器的作用及保险丝的选择方法【分析】（1）电荷的定向移动形成电流；正电荷移动的方向是电流的方向；自由电子的定向移动方向与电流方向相反。（2）电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（3）判断漏电保护器会不会切断电路，就是分析两处的电流是否相等，如果相等就不会切断电路，如果不相等就会切断电路。【解答】解：（1）A带负电，B不带电，用一根带有绝缘柄的金属棒把A、B连接起来，自由电子由A到B；自由电子的定向移动方向与电流方向相反；故电流方向由B到A。（2）电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。验电器的金属箔张开，是因为同种电荷相互排斥；（3）站在绝缘凳上的人同时接触火线和零线触电（双线触电），流过火线与零线的电流相等，保护器中火线和零线中电流产生的磁场应完全抵消，漏电保护器不会切断电路。故答案为：B到A；同种；不能。【点评】本题考查了电流的方向、电荷间的作用规律以及漏电保护器的作用，是物理知识在生活中的实际应用。12【考点】84：增大压强的方法及其应用；86：压强的大小及其计算；89：液体的压强的计算【分析】（1）根据液体压强公式p=gh即可求出水的压强；（2）由压强公式的变形公式F=pS可以求出压力；应用G=mg求出水的质量。（3）增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。掌握液体内部压强的特点，根据液体压强随深度的增加而增大进行分析。【解答】解：（1）在车门下都距水面0.3m深的C处，水的压强：p=gh=1.0103kg/m310N/kg0.3m=3103Pa；（2）由p=可得，车门受到的压力：F=pS=5103Pa0.8m2=4103N；由题知G=F=4103N，由G=mg可得水的质量：m=400kg；（3）根据公式p=，压力相同，受力面积越小，压强越大，力的作用效果越明显。由图知，B处比A处的面积小，所以用B端砸向玻璃窗的边角，在用力相同的情况下，产生的压强越大，玻璃更容易破碎。故答案为：3103；400；B。【点评】本题涉及的知识点较多，是一道综合题，应用液体压强公式、压强公式的变形公式、重力公式即可解题，难度不大，是一道基础题。13【考点】IZ：电路的动态分析【分析】由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R、螺线管串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，（1）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0与螺线管两端的电压之和的变化，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化；（2）根据右手螺旋定则判断出螺线管的磁极，根据影响螺线管磁性的因素和磁极间的相互作用判断弹簧测力计示数的变化。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R、螺线管串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，（1）将滑动变阻器的滑片缓慢向右移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，由U=IR可知，R0和螺线管两端的电压之和变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压变小，即电压表的示数变小；（2）由图知，电流由下方流入，由右手螺旋定则可知，螺线管的上端为N极，因电路中的电流变大时，螺线管的磁性增强，所以，由同名磁极相互排斥可知，相互排斥的斥力变大，则弹簧测力计示数变小。故答案为：变大；变小；变小。【点评】本题巧妙地将力学问题及电磁场的知识相互联系，综合性考查了欧姆定律、影响通电螺线管磁性强弱的因素及弹簧的弹力，对学生的审题能力及分析能力要求较高，是道好题。14【考点】7!：滑轮组绳子拉力的计算；F4：滑轮（组）的机械效率【分析】（1）根据图象知，当物重为100N时，滑轮组的机械效率为50%；因为不考虑绳重和摩擦，=，据此求动滑轮重；（2）当某次运送3件货物时，G=3100=400N，拉力F=（G+G轮）；再利用=求滑轮组的机械效率。【解答】解：（1）根据图象知，当货物重为100N时，滑轮组的机械效率为50%；因为不考虑绳重和摩擦，所以滑轮组的机械效率：=，则动滑轮的重：G轮=G=100N=200N100N=100N；（2）当某次运送3件货物时，货物的总重：G=3100N=300N，由图可知，n=2，不考虑绳重和摩擦，此时的拉力：F=（G+G轮）=（300N+100N）=200N；此时滑轮组的机械效率：=100%=75%。故答案为：100；200；75%。【点评】题考查了使用滑轮组时动滑轮重力、拉力、机械效率的计算，能从图象中得出相关信息是本题的关键。三、作图题（第1、2图各2分，第3图3分，共7分）15【考点】6H：力的示意图【分析】力的示意图是用一个带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。分析球在B点受到的力，然后再作出其示意图。【解答】解：球在B点时受到竖直向下的重力和沿绳子向上拉力作用，作用点在球心，过球心作竖直向下的重力；过球心作沿绳子斜向上的拉力，如图所示：【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，就能画出指定力的示意图。16【考点】A8：作光的反射光路图【分析】通过平面镜看到物体的像，其实是看到了由物体发出的光经平面镜反射后的光线，利用平面镜成像的实质：虚像是反射光线的反向延长线相交而成的即可正确作图。【解答】解：连接像点和眼睛与镜面的交点即为入射点，连接发光点和像点，从而得到入射光线和反射光线，如图所示：【点评】此题考查了学生对平面镜成像特点及成因的理解，同时考查学生运用所学知识解决实际问题的能力，关键要明确反射光线的反向延长线必过像点，这一点在利用平面镜成像特点作图用的较多，务必掌握。17【考点】CF：电磁继电器的组成、原理和特点【分析】根据控制电路由电源U1、电磁继电器、滑动变阻器R2和热敏电阻R1组成；工作电路由电源U2和加热器R0组成。再由图象可知，热敏电阻的阻值随着温度的升高而减小，控制电路中的电流增大。电磁铁的磁性增强，衔铁被吸下来，此时的加热电阻不再工作，结合动触点O的移动，由此可以确定工作电路的连接情况。【解答】解：由题意可知，控制电路由电源U1、电磁继电器、滑动变阻器R2和热敏电阻R1串联而成；工作电路由电源U2和加热器R0串联连接。又因为在恒温箱内的温度升高到一定温度时，热敏电阻的阻值减小到一定程度，衔铁被吸下来时，工作电路断开，由此可以确定工作电路的连接方式如下图所示。 【点评】此题主要考查的是学生对电磁继电器工作原理的理解和掌握，热敏电阻的阻值随着温度的升高而减小是解决此题的关键，也是此题的核心。四、实验题（本大题3小题，共20分）18【考点】64：长度的测量；IB：变阻器；J5：电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）图中的刻度尺不是从零刻度处量起的，物体的长度要用物体末端和始端对应的刻度差计算求得，读数时要估读的最小分度值的下一位；（2）电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kwh；（3）根据电阻箱的读数方法读出电阻箱阻值；电阻箱的读数方法：用所对的数字乘以下面的倍数，然后把他们相加，就得出电阻箱的示数。【解答】解：（1）由图1可知，物体长度为：3.00cm1.00cm=2.00cm；（2）由图2可知，电能表的表盘上显示的数字是8633.5，最后一位是小数，单位是km/h，所以此电能表的示数为8633.5kWh；（3）由图3可知，电阻箱的示数是71000+4100+310+91=7439；故答案分别为：（1）2.25；（2）8633.5；（3）7439。【点评】物理测量中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表、电能表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少。刻度尺需要估读，其他的测量工具不需要估读，读出最接近的数值。19【考点】1F：熔化和凝固的探究实验【分析】（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；（2）在进行温度计的读数时，注意其分度值；（3）分析图象判断该物质是晶体还是非晶体，根据晶体具有一定的熔点，非晶体没有一定的熔点；分析第8min末时温度与熔点的关系，得出结论。【解答】解：（1）酒精灯需用外焰加热，所以先放好酒精灯，再固定铁圈的高度，最后调整温度计的高度，使其不要碰到容器底，所以要按照自下而上的顺序进行；（2）图乙中温度计的分度值为1，示数为69；（3）由图丙知，从5min12min过程中，温度保持80不变，即熔点为80，故该物质为晶体。则第9min末时，物质处于熔化过程中，物质为固液共存态。故答案为：（1）自下而上；（2）69；（3）晶体；固液共存。【点评】在“探究物质熔化时温度的变化规律”实验中，考查了有关实验仪器的调节，考查了温度计的读数、温度时间图象的读取等，属基本实验技能的考查。20【考点】2M：固体的密度测量实验【分析】（1）测量过程中：将被测物体放在左盘，估计物体质量用镊子夹取适当的砝码放在右盘，必要时移动游码，使横梁平衡；石块的质量等于砝码质量与游码对应的刻度值的和；石块的体积等于物体浸没水前后水面对应刻度值的差；知道石块的质量和体积，根据密度公式求出石块的密度。游码没有调零就调节天平横梁平横，实际上零刻度右移，但是读数时还是按照原来的零刻度读数，质量测量值偏大，体积不变，可以判断密度测量值和真实值的关系；（2）根据阿基米德原理可知同一个物体浸没在密度越大的液体中所受的浮力越大，根据称重法可知弹簧测力计示数的变化；根据阿基米德原理求出，物体在汽油中受到的浮力，根据称重法求出弹簧测力计的示数即为此时在弹簧测力计刻度盘的位置。【解答】解：（1）由图甲的指针情况可知，此时砝码的总质量略大于物体的质量，取下最小的砝码，物体质量会大于其它砝码的总质量，此时需要向右拨动游码，使横梁平衡；石块的质量：m=20g+20g+2g=42g，石块的体积：V=65ml45ml=20ml=20cm3，石块的密度：=2.1g/cm3=2.1103kg/m3。游码没有调零就调节天平横梁平横，相当于零刻度右移，但是读数时还是从原来的零刻度读数，质量的测量值偏大，体积不变，石块的测量值比真实值偏大；（2）根据F浮=gV排可知，物体浸没时排开水的体积和本身的体积相等，所以将同一个物体浸没在密度越大的液体中时受到的浮力变大，根据F浮=GF可知弹簧测力计的示数越小；当他把物块浸没在水中时，受到的浮力：F浮=GF=1.8N0.8N=1N，根据阿基米德原理得：1N=水gV排当他把物块浸没在汽油中时，F浮油=油gV排由于两者排开液体的体积相等，所以两式相比可得：=，代入数据可得：=，F浮油=0.7N，此时应标在弹簧测力计的1.8N0.7N=1.1N处。故答案为：（1）最小；向右调节游码；42；2.1103；偏大；（2）1.1。【点评】测量固体的密度是初中重要的实验，用天平和量筒测量固体密度是最简单，最常见的类型，但（5）液体密度秤的改装是难点。21【考点】JF：电功率的测量【分析】（1）由图乙电流表选用小量程与灯串联，根据灯的额定电压为2.5V，确定电压表选用小量程与灯并联；（2）小明按照电路图连接电路后，闭合开关，发现无论如何调节滑动变阻器，电流表示数和电压表示数都很小，说明电路为通路，电阻很大，且保持不变，说明变阻器失去了变阻器的作用，据此分析；（3）由图中电流表选用小量程确定分度值为读数，根据P=UI求小灯泡的额定功率；（4）根据图中数据，根据欧姆定律求灯的电阻大小；根据分压原理确定电压表示数的变化；研究电流与电阻的关系时，应保持电压不变，根据分压原理，求出变阻器连入电路中的最小阻值。【解答】解：（1）由图乙电流表选用小量程与灯串联，灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示：（2）小明按照电路图连接电路后，闭合开关，发现无论如何调节滑动变阻器，电流表示数和电压表示数都很小，说明电路为通路，电阻很大，且保持不变，说明变阻器失去了变阻器的作用，小灯泡都不亮的原因是将变阻器的下面两个接线柱连入了电路中。（3）故障排除后，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，电流大小为0.2A，则小灯泡的额定功率是：P=UI=2.5V0.2A=0.5W。（4）图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.4A，由欧姆定律，定值电阻的阻值：R=5；当接入10的电阻时，要保持电压为2V不变，根据串联分压原理，滑动变阻器滑片应向左侧移动；为完成此四组实验，滑动变阻器的最大电阻要分去6V2V=4V的电压，根据分压原理，变阻器连入电路中的阻值至少为 30=60，即为完成此四组实验，滑动变阻器的最大电阻应不小于60。故答案为：（1）如上图所示；（2）将变阻器的下面两个接线柱连入了电路中；（3）0.5W；（4）5；左；60。【点评】本题测“小灯泡电功率”，考查电路的连接、反常现象的分析、功率的计算和影响电阻大小的因素。五、计算题（本大题2小题，共13分）22【考点】69：速度公式及其应用；EC：功的计算；FF：功率的计算【分析】（1）由题知，电磁弹射器的长度和牵引力，利用W=Fs求弹射器对舰载机所做的功；（2）由题知，舰载机加速起飞后匀速直线飞行，由图乙可得出速度和飞行时间，利用s=vt求出距离；（3）因为舰载机平匀速直线飞行，所以舰载机受到发动机的推力和阻力是一对平衡力，大小相等，利用P=Fv求舰载机发动机推力的功率。【解答】解：（1）弹射器对舰载机所做的功：W=F牵L1=5105N120m=6107J；（2）由题知，舰载机加速起飞后掠海匀速直线飞行，由图乙可知v=300m/s，t=15min0.5min=14.5min=870s，由v=得：s=vt=300m/s870s=2.61105m；（3）因为舰载机平匀速直线飞行，所以舰载机受到发动机的推力和阻力是一对平衡力，大小相等，则舰载机受到发动机的推力：F=f=1.3105N，舰载机发动机推力的功率：P=Fv=1.3105N300m/s=3.9107W。答：（1）弹射器对舰载机所做的功为6107J。（2）目标地离航母的距离为2.61105m。（3）舰载机发动机推力的功率为3.9107W。【点评】本题考查了功的公式、速度公式、功率公式以及二力平衡条件的应用，能从vt图象得出相关信息是关键。23【考点】GG：热量的计算；J3：电功的计算；JA：电功率的计算【分析】（1）由题知，白天有日光时，系统处于保温状态，灯泡不工作，此时两开关应断开，两电阻R1、R2串联，总电阻最大，总功率最小，根据串联电路的电流特点和P=I2R表示出R1与R2的电功率之比，进一步求出R1的阻值；（2）晚上系统处于加热状态，且灯泡正常工作，由电路图可知，此时两开关应都闭合，灯泡L与R1并联，根据P=UI=求出R1电功率，然后加上灯泡的电功率即为晚上工作时电路的总功率；（3）根据电阻的串联和P=求出白天保温的总功率，根据W=Pt求出该系统一天内电热丝消耗的电能，根据40%Q放=W和Q放=Vq求出需要燃烧沼气的体积。【解答】解：（1）由题知，白天有日光时，系统处于保温状态，灯泡不工作，此时两开关应断开，两电阻R1、R2串联，总电阻最大，总功率最小；由串联电路的特点可知，