2019年中考物理模拟试卷及答案解析15-19

2019年中考物理模拟试卷一、选择题（每小题3分8*3=24分）1（3.00分）下列物理量的估测中，最接近实际的是（）A一节物理课的时间约为40sB手上签字笔的质量约为1000gC一节铅蓄电池的电压约为2VD家用电冰箱正常工作的电流约为20A2（3.00分）民谚俗语常常包涵丰富的物理知识。以下属于光的反射现象的是（）A井底之蛙，所见甚小B不经历风雨，怎么见彩虹C海市蜃楼，虚无缥渺D摘不到的是镜中花，捞不到的是水中月3（3.00分）下列物理知识与相关的生活实例对应中，错误的是（）A凹透镜近视眼镜B电流的热效应电风扇C分子的无规则热运动花香扑鼻D等臂杠杆天平4（3.00分）热现象在一年四季中随处可见，下列说法中正确的是（）A春天的早晨经常出现大雾，这是凝华现象B夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，这是升华现象C秋天的早晨花草上出现小露珠，这是液化现象D初冬的早晨地面上会出现白色的霜，这是凝固现象5（3.00分）下列说法中正确的是（）A图中丝绸摩擦的玻璃棒带负电B图中铅笔芯容易导电是因存在大量自由电子C图中人触电后，应立即用手将他从用电器旁拉开D图中开关接在零线与灯头之间也是安全的。6（3.00分）如图所示情境中，下列描述正确的是（）A接力赛交接棒时，两运动员需要做到相对静止B踢出去的足球，由于受到惯性的作用奔向球门C跳水运动员从踏板起跳后向上运动，它的机械能将增大D在水平路面上高速行驶的轿车，受到的重力对地面对它的支持力是一对平衡力7（3.00分）如图甲电路中，电源电压不变。小灯泡的UI线如图乙，其额定电压为2.5V闭合开关，当小灯泡正常发光时，滑动变阻器的阻值为5，下列说法正确的是（）A小灯泡与滑动变阻器的连接方式为并联B滑片P向右滑动时，小灯泡两端电压会变大C小灯泡正常工作时，滑动变阻器的功率为1WD滑动变阻器的阻值为20时，电路消耗的总功率为0.9W8（3.00分）如图，重5N的薄壁容器放在水平硬板MN上，容器底面积为300cm2，高度为25cm，装有15cm深的水。一根原长为10cm的轻质弹簧、细弹簧EF吊着柱形木块刚好静止在水面上。弹簧上端E连接着固定不动的支架上，下端F连接在木块（不吸水）上表面的中心上，弹簧长度每伸长1cm，弹力变化量为1N，木块的重力为5N，底面积为50cm2，高度为20cm。现将水平硬板MN缓慢向上移动，木块始终保持竖直方向，弹簧均在弹性限度内，下列判断不正确的是（）A当木块浸入水中的深度为2cm时，弹簧对木块的拉力为4NB当木块浸入水中的深度为6cm时，水对容器底部的压强为1600PaC当木块下表面刚接触容器底部时，弹簧的长度为5cmD当硬板向上移动25cm时，容器对硬板的压强为2000Pa二、填空作图题（每空1分，作图题共2分）9（3.00分）在物理学史上， 实验第一次测量出了大气压的值；法拉第发现的电磁感应现象制成的 （填“发电机”或“电动机”）的出现，标志着人类进入电气时代。10（2.00分）如图冰壶比赛过程中，运动员需要在冰壶周围用冰刷进行刷冰，是通过 （选填“做功”或“热传递”）方式增大冰的内能使少量冰因温度升高而熔化，达到 （选填“减小”或“增大”）摩擦的目的，使冰壶滑行得更远。11（2.00分）小明通过如图滑轮组在10s内将重900N的箱子匀速提升了2m，此时滑轮组的机械效率为75%不计绳重及摩擦，小明拉动绳子的功率 W；已知小明的体重为600N，双脚与地面的接触面积为0.04m2，拉动绳子过程中小明对水平地面的压强为 Pa。12（2.00分）如图甲电路中，电源电压恒定不变，R1为定值电阻。a、b为滑动变阻器R2的两个端点，c为中点。滑片P从中点c滑到最右端b的过程中，R1的功率变化了0.5W，电压表的示数U随R2变化的图象如图乙。则滑片在中点c时与最右端b时的电流表示数之比Ic：Ib= 。在上述变化过程中，总功率变化了 W13（2.00分）近年来机器人在反恐、防爆中起到了重要的作用，如图所示是一种履带式防爆机器人，它的特点是：体积小、质量小、转向灵活，便于在狭窄的地方工作；使用电力驱动装置，操作人员可以在几百米到几公里以外通过无线电或光缆控制其活动；装有多台CCD摄像机用来对环境进行观察；机器人上装有可自由旋转的机械手，锋利的夹钳可将爆炸物的引线剪断，灵活的手爪可把爆炸物拧下来，并把爆炸物举起运走；还装有猎枪，利用激光指示器瞄准目标后，可把爆炸物的定时装置及引爆装置击毁；另装有高压水枪，可以切割爆炸物。请写出这个机器人涉及的物理信息所对应的物理知识。示例：物理信息：防爆机器人体积小，质量小、转向灵活物理知识：物体的质量小，惯性小。回答：物理信息： 物理知识： 14（1.00分）请在括号内标出通电螺线管右端的磁极极性。15（1.00分）根据平面镜成像特点，在图中作出物体AB在平面镜中所成的像AB。三、实验探究题（6+8+8=22分）16（3.00分）君君对科学探究活动非常感兴趣，他经常在课后完成一些实验，下面是他进行的尝试。在学习完物态变化相关知识后，他用图甲装置探究“水沸腾的特点”，水沸腾后，观察到温度计示数一直如图乙，则水的沸点是 ；由此可总结出水沸腾的特点为需要 （选填“吸收”或“放出”）热量，且温度不变，同时观察到杯内气泡的形态情况如图丙中的 所示。（填“a”、“b”）17（2.00分）在学完凸透镜成像规律后，君君选择一块焦距未知的凸透镜，对凸透镜成像特点作了进一步探究，为了测量凸透镜焦距，他让一束平行光正对射向该透镜，调节光屏位置直到在屏上得一个最小最亮的光斑。图丙是调节完成的状态，该透镜焦距 cm；然后按如图丁，将蜡烛在光具座上A处，可在B处的光屏上看到清晰的、倒立的、 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）实像。随着实验的进行，蜡烛由于燃烧变短，为了使像呈现在光屏中央，可以将凸透镜向 （选填“上”或“下”）移动。18（8.00分）小明用电子秤、薄壁柱形容器（底面积为100cm2）、合金块、气球（质量忽略不计）、细线（质量和体积忽略不计）、水进行相关实验探究，它的操作步骤如图。将电子秤放在水平台上，测出合金的质量，如图a。在电子秤上放置好柱形容器，向其中装入部分水，如图b将合金块与气球用细线连接起来，用手拉着细线使它们逐渐进入水中，如图c、d、e、f。请根据相关信息，回答如下问题（1）实验中可以用气球的体积大小来反映气体受到液体压强的大小，这样的研究方法称之为 （选填“转换法”“控制变量法”）。根据示意图d、e、f说明液体压强大小与 有关。（2）从示意图d到f，气球受到的浮力在 （选填“变大”“变小”“不变”），说明浮力的大小与 有关。（3）根据相关信息，可知合金块的体积为 cm3，合金块的密度为 kg/m3。（4）从示意图d到f，水对容器底部的压强的变化量为 Pa。（5）若示意图f中的气球缓慢向外漏气，手对细绳的拉力将 （选填“变大”“变小”“不变”）。19（8.00分）小明用如图电路进行“探究电流与电阻、电压关系”的实验。电源电压为4V且保持不变，滑动变阻器规格为“101A”。（1）请用笔画代替导线将小明的电路图甲连接完整（要求滑片向右移动时，电压表示数变小）。（2）连接完电路，把滑片移到滑动变阻器的阻值最大端。闭合开关后，发现电压表几乎无示数，而电流表有示数，出现这种情况的原因可能是定值电阻 （选填“短路”“断路”）（3）排出电路故障后，小明先进行“探究电流与电压关系”的实验。某次电压表、电流表示数如图乙、丙所示，则他选择的定值电阻的阻值为 然后多次实验，根据实验数据绘制了如图丁电流随电压变化的图象，由此得出结论：导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成 （选填“正比”“反比”）。（4）在“探究电流与电阻关系”的实验中，小明的实验方案及操作如下，请补充完整：在AB间接入5的定值电阻，闭合开关后，移动滑片使电压表的示数为2.5V，记录电流表的示数。在AB间接入10的定值电阻，闭合开关后，他应将滑片向 （选填“右”“左”）移动，直至电压表的示数为 V，再次记录电流表的示数。在AB间接入20的定值电阻，闭合开关后，他移动滑片时发现电压表的示数始终不能调节到2.5V。在AB间接入30的定值电阻，闭合开关后，他移动滑片时发现电压表的示数始终不能调节到2.5V。小明仔细思考后，想到了中的问题的解决方法：如图电路中，在AB间接入20或30定值电阻后，在电路中（不在AB间）再串联一个定值电阻R0，闭合开关即可完成实验。则小明串联接入电路的定值电阻R0的取值范围为 。（5）仔细分析小明“探究电流与电阻关系”的实验方案及操作步骤（步骤按照小明后面的方案进行解决），指出其中一项不足之处： 。四、论述计算题（6+8+8=22分）20（6.00分）如图电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为20当开关S1闭合、S2断开时，电流表示数为0.3A求：（1）电源电压；（2）当开关S1、S2均闭合时，电流表示数变为0.5A，则电阻R2的阻值。21（8.00分）如图是饮水机的电路原理图，R1、R2均为加热电阻。且R1的阻值是R2的3倍。已知c水=4.2103J/（kg），部分铭牌信息如下：额定电压220V加热功率484W保温功率（1）将饮水机内0.5kg，初温20的水加热到90，水吸收的热量是多少？（2）饮水机正常工作时，保温功率是多大？（3）某用电高峰期，电路两端的总电压只有200V，则处于加热状态的饮水机在1min消耗的电能是多少？22（8.00分）学习浮力、压强知识后，小明回家做了如下操作：将装有适量水的薄壁圆柱形容器（底面积为60cm2，高度为30cm）放在水平桌面上。用一根细绳吊着一实心、均匀、硬质工件AB（不吸水）浸入水中。工件重为12N，A、B部分均为圆柱形，A、B部分的高度均为10cm，A部分的横截面积为40cm2，B部分的横截面积为20cm2，如图，当A部分有6cm浸入水中时，容器中的水的深度为20cm。求：（1）此时水对容器底部的压强？（2）该工件的密度为多少g/cm3？（3）小明用细线吊着工件从如图位置缓慢竖直向下移动。当细线的拉力为7.6N时，工件向下移动的距离为多少cm？参考答案与试题解析一、选择题（每小题3分8*3=24分）1【考点】23：质量的估测；61：时间的估测；HG：电流的大小；I1：电压【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、初中阶段一节物理课的时间一般为45min=2700s。故A不符合实际；B、一枚一元硬币的质量为6g，手上签字笔的质量略大于此数值，在10g左右。故B不符合实际；C、一节标准铅蓄电池的电压为2V故C符合实际；D、洗衣机的工作电流约0.8A，电冰箱工作电流略大于此数值，在1A左右。故D不符合实际。故选：C。【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。2【考点】A6：光的反射【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。【解答】解：A、光线是在同种均匀介质中沿直线传播的，井底之蛙，所见甚小，所以是光沿直线传播现象，故A不符合题意；B、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，故B不符合题意；C、海市蜃楼是一种由光的折射产生的现象，是由于光在密度不均匀的物质中传播时，发生折射而引起的；故C不符合题意；D、因为平静的水面可以当做平面镜，而水中月就是月亮在平面镜中的像，镜中花也是花在平面镜中的像，所以“水中月”和“镜中花”都属于光的反射。故D符合题意。故选：D。【点评】光的直线传播是光在同一均匀介质中的传播，光的反射是光照射到物体表面又返回的现象，光的折射是由于光从一种介质斜射入另一种介质或在不均匀介质中传播时，传播方向发生变化的现象。它们之间有本质的区别，要注意区分。3【考点】7O：杠杆的分类；BA：近视眼的成因与矫正办法；GV：分子的运动；HF：电流的热效应、化学效应和磁效应【分析】（1）近视眼：如果晶状体的凸度过大，或眼球前后径过长，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像就会落在视网膜的前方，导致看不清远处的物体，形成近视眼。近视眼戴凹透镜加以矫正；（2）电流通过导体时，导体会发热，这就是电流的热效应；（3）物质是由分子组成的，组成物质的分子很小，直接用肉眼看不到；组成物质的分子不停地做无规则的运动；（4）结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断天平是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：A、近视眼戴凹透镜加以矫正，故A正确；B、电风扇利用电动机带动工作，把电能转化机械能，没有利用电流的热效应，故B错误；C、花香扑鼻是扩散现象，是花香气体分子无规则热运动的运动，故C正确；D、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆。故D正确。故选：B。【点评】本题考查了物理知识在生活中的应用，属于基础知识的考查，是中考的热点。4【考点】1A：凝固与凝固放热特点；1M：液化及液化现象；1Q：生活中的升华现象；1R：生活中的凝华现象【分析】解决此题需掌握：物质由气态变为液态的过程是液化；物质由固态直接变为气态的过程是升华；物质由气态直接变为固态的过程是凝华。物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的；凝固、液化、凝华是放热的。【解答】解：A、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，需要放出热量。此选项错误，不符合题意。B、夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，这是液化现象，不符合题意。C、秋天的早晨花草上出现的小露珠是空气中的水蒸气液化而成的，需要放出热量。此选项正确，符合题意。D、初冬的早晨地面上会出现白色的霜，这是水蒸气的凝华现象，不属于凝固现象。此选项错误，不符合题意。故选：C。【点评】此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点。5【考点】H2：正电荷与负电荷；HM：金属导电的实质；IO：家庭电路的连接；IV：安全用电原则【分析】（1）丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；（2）导体能够导电靠的是自由电荷；（3）发现有人触电如果用手拉触电的人会发生触电事故；（4）家庭电路中开关应该接在用电器与火线之间。【解答】解：A、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，故A错误；B、铅笔芯容易导电是因存在大量自由电荷，故B正确；C、有人触电就是直接或间接接触火线，人是导体，人体直接接触触电的人，也会发生触电事故，所以一定不要直接接触触电的人，故C错误；D、家庭电路中开关应该接在用电器与火线之间，若接在零线上，断开开关，用电器仍带电，容易发生危险，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了学生对安全用电知识、摩擦起电的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，学好电、用好电！6【考点】53：运动和静止的相对性；6L：惯性；6R：平衡力的辨别；FT：机械能【分析】（1）运动员之间保持相对静止状态，容易传递交接棒。（2）惯性是一切物体都具有保持静止或匀速直线运动状态的性质。（3）分析运动员动能和重力势能大小的变化，从动能和重力势能大小的影响因素进行分析。考虑空气阻力时，机械能转化为内能，机械能减小，内能增大；不考虑空气阻力时，机械能守恒。（4）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上，流体压强与流速的关系是流速快的地方压强小。【解答】解：A、接力赛交接棒时，两运动员需要做到相对静止，容易传递交接棒。故A正确。B、踢出去的足球，由于受到惯性的继续向前运动而奔向球门，惯性是一种性质，不能说惯性作用。故B错误。C、运动员先向上跳起后，运动员的质量没有变化，速度先减小后增大，动能先减小后增大。高度增大，重力势能增大。不考虑空气阻力时，机械能守恒，机械能保持不变，考虑空气阻力时，机械能转化为内能，机械能减小，故C错误；D、汽车高速行驶时，空气经过汽车上面的速度比下面的速度快，汽车上面受到的气体压强比下面受到的气体压强小，所以大气对汽车有一个向上托的力，此时汽车对地面的压力等于其重力减去托力，地面对它的支持力等于其压力，所以在水平路面上高速行驶的轿车，受到的重力对地面对它的支持力不是一对平衡力；故D错误；故选：A。【点评】此题涉及到运动与静止的相对性、惯性、平衡力的辨别，动能、重力势能的影响因素，机械能的变化等多个知识点，是一道综合性较强的题目。7【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】（1）电路元件逐个顺次连接的电路叫串联电路，电路元件并列连接的电路叫并联电路；（2）由图知，滑片右移时变阻器连入电路的阻值变化，由串联电路特点和欧姆定律判断电压表示数的变化；（3）由图象知，灯泡正常工作时电路中电流，由P=I2R计算变阻器此时的功率；（4）由灯泡正常发的情况计算出电源电压；由P=UI计算总功率为0.9W时，电路中的电流，由图象知此时灯泡两端电压，由串联电路特点和欧姆定律计算此时变阻器连入阻值。【解答】解：A、由图甲知，电路中灯泡、电流表和滑动变阻器串联在电路中，电压表测灯泡两端电压，故A错误；B、由图知，滑片P向右滑动时，变阻器连入阻值变大，由串联电路的分压原理知，变阻器分得电压增大，灯泡分得电压变小，故B错误；C、由图象知，灯泡正常工作时电流（电路中电流）0.4A，此时变阻器连入阻值为5，其功率：P滑=I2R=（0.4A）25=0.8W，故C错误；D、灯泡正常发时滑动变阻器两端电压：U滑=IR=0.4A5=2V，所以电源电压：U=U额+U滑=2.5V+2V=4.5V，由P=UI可知总功率为0.9W时中电流：I=0.2A，由图象知，此时灯泡两端电压：UL=0.5V，由串联电路特点和欧姆定律可得此时滑动变阻器连入电路的阻值：R=20，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了电路识别、串联电路特点和欧姆定律以及电功率公式的应用，能从图象中获取有用信息是解题的关键。8【考点】86：压强的大小及其计算；89：液体的压强的计算【分析】（1）根据阿基米德原得，求出木块浸入水中的深度为2cm时受到的浮力，根据力的平衡知识进行解析；（2）求出此时容器中水的深度，由p=gh进行计算；（3）当木块下表面刚接触容器底部时，求出此时弹簧所受的拉力，从而判断弹簧的长度；（4）当硬板向上移动25cm时，根据阿基米德原理求出此时木块受到的浮力，然后对整个装置受力分析，求出对地面的压力，从而求出压强。【解答】解：A、当木块浸入水中的深度为2cm时，其所受的浮力：F浮=水V排g=1.0103kg/m3502106m310N/kg=1N，弹簧对木块的拉力：F拉=G木F浮=5N1N=4N，故A正确；B、容器底面积为300cm2=3102m2，当木块浸入水中的深度为6cm时，容器中水面所增加的高度：h=0.012m，此时容器底部受到的压强：p=g（h+h）=1.0103kg/m310N/kg（15102m+0.01m）=1600Pa；故B正确；C、当木块下表面刚接触容器底部时，令水的深度（木块浸入的深度）为h1，容器中水的体积不变：即（S容S木）h1=300cm215cm，代入得：（300cm250cm2 ）h1=300cm215cm，解得h1=18cm25cm，即水未溢出。此时木块受的浮力：F浮=水V排g=1.0103kg/m35018106m310N/kg=9N，弹簧对木块的弹力：F弹=F浮G=9N5N=4N，弹簧的长度：l=ll=10cm=6cm。故C不正确；D、容器中水的重力：G水=水V水g=1.0103kg/m330015106m310N/kg=45N，当硬板向上移动25cm时，弹簧的长度l=20cm+10cm25cm=5cm，由题可知，此时弹簧对木块的弹力为F弹=5N，弹力的方向竖直向下，结合C项可知，容器对硬板的压力：F压=G容+G水+G木+F弹=5N+45N+5N+5N=60N，产生的压强：p=2000Pa，故D正确；故选：C。【点评】本题为力学综合题，考查了学生对重力公式、液体压强公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件、力的合成与弹簧的伸长与拉力的关系的，为压轴题。二、填空作图题（每空1分，作图题共2分）9【考点】8F：大气压强的测量方法；CP：电磁感应【分析】首先测出大气压值的是意大利科学家托里拆利，电磁感应现象原理的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流。【解答】解：意大利科学家托里拆利，利用一根玻璃管测出了大气压所能支持的水银柱的高度，即76cm=0.76m；奥斯特将通电导体放在小磁针上方时，小磁针发生了偏转，说明通电导体周围存在磁场；法拉第在奥斯特的启发下，研究了磁场与电流的关系，最终通过十年的努力终于发现了电磁感应现象，发明了发电机，使人类进入了电气时代。故答案为：托里拆利；发电机。【点评】物理学史是考试中涉及的一类考点，了解相关的物理学史可以使我们了解科学家的贡献，可激发我们学习物理的兴趣。10【考点】7I：增大或减小摩擦的方法；G9：做功改变物体内能【分析】（1）克服摩擦做功，物体的内能增加。物体内能增加，温度可能升高，可能发生物态变化。（2）影响摩擦力大小的因素是压力大小和接触面的粗糙程度。【解答】解：刷冰时刷子和冰面之间有摩擦，克服摩擦做功，两者的内能都增加，温度升高，达到冰的熔点，继续吸热，开始熔化，冰壶和冰之间有水，减小了摩擦。故答案为：做功；减小。【点评】本题考查做功改变物体的内能和影响摩擦力大小的因素，掌握改变内能的两种方法：做功和热传递。11【考点】86：压强的大小及其计算；FF：功率的计算【分析】（1）已知箱子的重力和箱子上升的高度，直接根据W=Gh即可求出有用功，根据有用功和机械效率求出总功，根据公式P=求出功率。（2）求出地面受到的压力（GF）和受力面积（双脚站立），再利用压强公式求工人对地面的压强。【解答】解：（1）小明对箱子做的有用功：W有用=Gh=900N2m=1800J；因为=，所以小明对绳子的拉力所做的功：W总=2400J；小明拉动绳子的功率为：P=240W；（2）绳子的自由端通过的距离为：s=2h=32m=6m；绳子对小明的拉力：F=400N；此时小明对地的压力为：F=GF=600N400N=200N；小明对地面的压强：p=5000Pa。故答案为：240；5000。【点评】此题主要考查的是学生对有用功、总功、机械效率计算公式的理解和掌握，同时考查了压强的大小及其计算，综合性很强，属于中等题目，弄清楚绳子移动距离是解决此题的关键。12【考点】JA：电功率的计算【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）由图乙可知，滑片在中点c时与最右端b时R2两端的电压，根据欧姆定律求出两种情况下电路中的电流之比；（2）电源的电压一定时，电路中的电流与总电阻成反比，据此求出两电阻的阻值关系，滑片P从中点c滑到最右端b的过程中，利用P=UI=I2R表示出R1的功率变化了0.5W，再根据串联电路的特点和P=UI=I2R求出滑片位于中点c时、滑片最右端b时电路的总功率，然后得出答案。【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）由图乙可知，滑片在中点c时电压表的示数Uc=3V，滑片在最右端b时电压表的示数Ub=4V，由I=可得，滑片在中点c时与最右端b时的电流表示数之比：=；则可得：Ic=Ib；（2）因电源的电压一定时，电路中的电流与总电阻成反比，所以，=，解得：R2=2R1因滑片P从中点c滑到最右端b的过程中，R1的功率变化了0.5W，所以，由P=I2R可得：P1=P1cP1b=Ic2R1Ib2R1=（Ib）2R1Ib2R1=Ib2R1=0.5W，则Ib2R1=0.4W，当滑片位于中点c时，电路的总功率：P=Ic2（R1+R2）=（Ib）2（R1+2R1）=Ib2R1=0.4W=1.8W，当滑片最右端b时，电路的总功率：P=Ib2（R1+R2）=Ib2（R1+2R1）=3Ib2R1=30.4W=1.2W，所以总功率的变化量：P=PP=1.8W1.2W=0.6W。故答案为：3：2； 0.6。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的得出各量之间的关系是关键。13【考点】2R：物理常识【分析】认真阅读短文，抓住关键词句，确定有关的物流信息及对应的物理知识。【解答】解：物理信息：防爆机器人安装履带，物理知识：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；物理信息：体积小、质量小；物理知识：所用材料密度较小；物理信息：质量小、转向灵活；物理知识：质量小惯性小，运动状态容易改变；物理信息：使用电力驱动；物理知识：电能转化为机械能；物理信息：操作人员可以在几百米到几公里以外通过无线电或光缆控制其活动；物理知识：无线电波或光缆可以传递信息；物理信息：锋利的夹钳；物理知识：在压力一定时，减小受力面积可以增大压强；物理信息：多台CCD摄像机用来对环境进行观察；物理知识：凸透镜成像时，u2f，成倒立、缩小的实像；物理信息：利用激光指示器瞄准目标；物理知识：光的直线传播。故答案为：防爆机器人安装履带；在压力一定时，增大受力面积来减小压强。【点评】本题考查了学生灵活运用所学知识解释实际现象的能力，具有一定的综合性，是中考的热点题型之一。14【考点】CA：通电螺线管的磁场【分析】由安培定则可得出螺线管的极性。【解答】解：由安培定则可得，螺线管中店里方向是向上的，左侧为N极，右侧为S极，如图所示：【点评】此题主要考查安培定则的掌握情况。安培定则内容：右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向为电磁铁N极。15【考点】AH：平面镜成像的相关作图【分析】平面镜成像的特点是：像与物大小相等，连线与镜面垂直，到平面镜的距离相等，左右相反；先作出端点A、B的像点，连接连接两个像点即为物体AB的像。【解答】解：先作出端点A、B关于平面镜的对称点A、B，用虚线连接A、B，即为物AB在平面镜中所成的像，如图所示：【点评】平面镜成像时像与物关于平面镜对称，要注意先作出端点或关键点的像点，再用虚线连接得到物体的像。三、实验探究题（6+8+8=22分）16【考点】1O：探究水的沸腾实验【分析】（1）在进行温度计的读数时注意分度值；根据图象判断出水沸腾时的温度即为水的沸点；掌握水沸腾时的特点：不断吸热，但温度保持不变。（2）掌握沸腾时和沸腾前的现象：沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐减小，到水面消失。【解答】解：（1）从图中知，温度计的分度值为1，观察到温度计示数可得水的沸点98不变，所以沸点为98水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变。观察到杯内气泡的形态情况如图丙中的a所示，气泡在上升过程中体积逐渐变大，所以是沸腾时的现象。故答案为：98；a。【点评】此题考查了沸腾时和沸腾前的现象，从现象上看沸腾前气泡在上升过程中体积减小；而沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大。同时考查了水沸腾过程中的特点及温度计的读法及水沸腾时的特点。17【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点。焦点到光心的距离是凸透镜的焦距；凸透镜成像时，物远像近像变小；为使像呈现在光屏上，烛焰、凸透镜、光屏中心在同一高度上。【解答】解：（1）让一束平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑，这点是凸透镜的焦点，由图1可知：焦点到光心的距离是25.0cm15.0cm=10.0cm，所以凸透镜的焦距是10.0cm。（2）如图丁，将蜡烛在光具座上A处，2fuf，可在B处的光屏上看到清晰的、倒立的、成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。（3）蜡烛由于燃烧变短，为了使像呈现在光屏中央，可以将凸透镜向上。故答案为：10.0；放大；上。【点评】本题探究凸透镜成像的规律，考查焦距测量、凸透镜成像的规律的运用、归纳法及器材的调试，涉及知识点多，综合性强。18【考点】8C：探究液体压强的特点实验【分析】（1）物理学中对于一些看不见、摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识，或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法；通过图得出结论；（2）由图知从示意图d到f，台秤示数减小，浮力减小，从而得出影响浮力的因素；（3）由bc得出排开水的质量，根据得出排开水的体积也就是物体的体积，根据=得出合金的密度；（4）根据d到f求出增加的压力，根据p=算出增加的压强；（5）若示意图f中的气球缓慢向外漏气，根据F浮=液gV排判断出浮力的变化，根据F浮=GF手对细绳的拉力的变化。【解答】解：（1）实验中可以用气球的体积大小来反映气体受到液体压强的大小，这样的研究方法称之为转换法；根据示意图d、e、f知，深度逐渐增加，气球的体积逐渐减小，压强逐渐增大，说明液体压强大小随深度的增加而增加，即液体的压强与深度有关；（2）从示意图d到f，气球体积减小，台秤示数减小，排开水的质量减小，气球受到的浮力减小，说明浮力的大小与排开液体的体积有关。（3）由bc得出排开水的质量为m排=1010g1000g=10g，根据得排开水的体积：V=V排=10cm3；由a知物体的质量为50g；合金的密度为：=5g/cm3=5103kg/m3；（4）由d到f知台秤示数增加了：m=30g16g=14g=0.014kg；增加的压力：F=G=mg=0.014kg10N/kg=0.14N，增加的压强：p=14Pa。（5）若示意图f中的气球缓慢向外漏气，气球体积减小，根据F浮=液gV排知浮力减小，根据F浮=GF知，手对细绳的拉力变大。故答案为：（1）转换法；深度；（2）变小；排开液体的体积；（3）10；5103；（4）14；（5）变大。【点评】本题考查了转换法的应用、影响液体压强的因素、浮力公式的应用、密度公式的应用、压强公式的应用阿基米德原理的应用，是一道综合性题目，难度较大。19【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）要求滑片向右移动时，电压表示数变小，由欧姆定律确定变阻器连接；（2）闭合开关后，电流表有示数，说明电路为通路，根据电压表几乎无示数分析出现这种情况的可能原因；（3）根据电表小量程读数，由欧姆定律求他选择的定值电阻的阻值；根据实验数据绘制了如图丁电流随电压变化的图象为一直线，得出结论；（4）研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；根据串联电路电压的规律和分压原理有：=，根据此式分析讨论得出变器的最大电阻至少为多少，从而得出串联接入电路的定值电阻R0的最小值；在AB间接入20的定值电阻，由上式得R滑=12，将变阻器与定值电阻R0看为一整体，当变阻器连入电路中的电阻为0时，变阻器连入电路的电阻为最大值。（5）由上式知，由分压原理得出当接入5、10的定值电阻时，变阻器连入电路中的电阻分别为多少，并与串联电阻大小比较。【解答】解：（1）要求滑片向右移动时，电压表示数变小，由欧姆定律，电路中的电流变小，故变阻器连入电路中的电阻变大，故滑片以左电阻丝连入电路中，（2）连接完电路，把滑片移到滑动变阻器的阻值最大端。闭合开关后，电流表有示数，说明电路为通路，发现电压表几乎无示数，出现这种情况的原因可能是定值电阻 短路（若断路，电流表示数为0，而电压表与电源连通，有示数，不符合题意）；（3）排出电路故障后，小明先进行“探究电流与电压关系”的实验。某次电压表、电流表示数如图乙、丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，大小为2V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.4A，由欧姆定律，他选择的定值电阻的阻值为：R=5；根据实验数据绘制了如图丁电流随电压变化的图象为一直线，由此得出结论：导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5改接成10的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2.5V。根据串联电路电压的规律和分压原理有：=，式左边为一定值，故右边也为一定值，故当在AB间接入30的定值电阻，对应的变阻器连入电路中的电阻最大，即：=，R滑大=18，而变阻器的最大电阻为10，故串联接入电路的定值电阻R0的最小值为8；在AB间接入20的定值电阻，由式得：=，R滑=12，将变阻器与定值电阻R0看为一整体，当变阻器连入电路中的电阻为0时，变阻器连入电路的电阻为12即可。则小明串联接入电路的定值电阻R0的取值范围为812。（5）由式知，当接入5、10的定值电阻时，变阻器连入电路中的电阻分别为3和6即可，故即使变阻器连入电路中的电阻为0，因与变阻器串联的R0的取值范围为812，都大于3和6，故对于两次实验无法完成。故答案为：（1）如上；（2）短路；（3）5；正比；（4）右；2.5；812；（5）对于两次实验无法完成。【点评】本题探究电流与电阻、电压关系，考查电路连接、故障分析、数据分析、操作过程、对器材的要求、控制变量法、串联电路的规律及实验方案的评估。难度较大。四、论述计算题（6+8+8=22分）20【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】（1）当开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，由欧姆定律可计算电源电压；（2）当开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，由电路特点和电流表示数变化可得通过R2的电流，由欧姆定律计算R2的阻值。【解答】解：（1）由图可知，当开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，电流表示数0.3A，由欧姆定律可得电源电压：U=I1R1=0.3A20=6V；（2）当开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路间互不影响，所以通过R1的电流仍为0.3A不变，由并联电路的特点可得，通过R2的电流：I2=II1=0.5A0.3A=0.2A，由欧姆定律可得R2的阻值：R2=30。答：（1）电源电压为6V；（2）电阻R2的阻值为30。【点评】本题考查了并联电路特点和欧姆定律的灵活应用，关键是正确判断开关在不同状态下电路的连接情况，难度不大。21【考点】JK：电功与热量的综合计算【分析】（1）水吸