2019年中考物理模拟试卷及答案解析4-18

2019年中考物理模拟试卷一、填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）1（2分）物理学对社会发展起着巨大的推动作用，而物理学的发展离不开科学家不懈的探索。其中 总结前人研究成果，得出了惯性定律； 发现了电磁感应现象。2（2分）如图所示，某学生将一根弦固定在课桌上，借助一根铅笔就可以弹奏出天空之城这首曲子。在弹奏过程中，左右滑动弦下的铅笔，来改变振动弦的 ，从而改变乐曲的 。3（3分）2017年5月18日，我国宜布在南海海域天然气水合物（可燃冰）试采成功。这也是世界首次成功实现“可燃冰”完全可控开采。可燃冰属于 （可再生、不可再生）资源。在同等条件下，可燃冰完全燃烧放出的热量达到煤气的10倍，说明可燃冰的 很大。以10倍的关系粗略计算，5kg可燃冰完全燃烧放出的热量为 J（q煤气=4.2107J/kg）。4（2分）生活中许多看似不同的现象，往往有着内在的联系，蕴含着相同的科学知识。请以下列事例中的两个为一组，找出它们共同的科学知识：汽车刹车后慢慢停下来用手把飞来的排球扣出去，手感到疼抛出的小球最终落向地面用力提起一桶水，感到手臂被向下拉用橡皮泥捏出各种形状的小动物事例共同揭示的科学知识例一 力可以改变物体的运动状态例二 5（2分）一根长5米圆柱形木材放在水平地面上，木材重1000N，若以一端为支点将木材抬起，至少要用 N的力。若要将木材竖起来至少要做 J的功。（g=10N/kg）6（3分）如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则R2的最大阻值为 ，电源电压为 V此电路中R1消耗的最小功率为 W。二、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分.第7-12题每小题只有一个选项符合题目要求，第1314题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的得0分.）7（2分）下列关于信息的传递和能源的利用的说法正确的是（）A声呐和军事雷达传递信息时都需要介质B电磁波的频率越高，在空气中传播的速度越大C日常生活中的手机可以接收电磁波，但不能发射电磁波D目前的核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电的8（2分）戴眼镜的同学从寒冷的室外进入温暖的室内时，眼镜片上会形成“小水珠”；下列现象中的物态变化方式与“小水珠”形成原因相同的是（）A从冰箱取出的冻肉会变软B烧水时，壶嘴上方冒的“白气”C冰糕在嘴里化成水D教室内。用久的日光灯管两端会发黑9（2分）现实当中，人们的许多活动、做法都跟我们学过的物理知识有关，下列的事例论述正确的是（）A用吸管能把饮料吸入嘴里，是依靠人对饮料的吸力B用吸盘挂钩挂衣服，利用了大气压强的作用C用高压锅煮食物熟得快主要是锅密封好，热量散失少D跳远比赛中为了跳的更远，运动员起跳前总是先提高速度，这是因为速度越大惯性越大10（2分）光的世界是丰富多彩的，光学器件在我们的生活、学习中有着广泛应用。你认为下面的介绍不符合实际的是（）A阳光下，微风吹拂的河面，波光粼粼，这里蕴含着光的反射B照像时，被照者应站在距镜头二倍焦距之外C人在照镜子时，总是靠近镜子去看，其原因是靠近时像比远离时的像大D人们可以利用红外线做遥控装置，也可以用红外线来加热物体11（2分）随着科技的发展，一些快递公司开始使用无人车来运送快递，无人车依靠电池给电动机供电，按照规划路线行驶，将包裹送到指定的位置，下列说法正确的是（）A无人车在水平面上匀速前进时，牵引力大于摩擦力B无人车静止在水平面时，它受到的重力与它受到的支持力是一对相互作用力C无人车在加速上坡时，动能增大，但机械能不变D无人车匀速转弯时受到非平衡力的作用12（2分）如图是一个天然气泄漏检测电路的原理图。电源电压恒定不变，R0为定值电阻，R为气敏电阻（其阻值随天然气浓度的增大而减小），则（）天然气浓度增大，电压表示数变大天然气浓度减小，电流表示数变大天然气浓度增大，电路消耗的总电功率变小天然气浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变。A只有正确B只有正确C只有正确D只有正确13（2分）将体积相同材料不同的甲乙丙三个实心小球，分别轻轻放入三个装满水的相同烧杯中，甲球下沉至杯底、乙球漂浮和丙球悬浮，如图所示，下列说法正确的是（）A三个小球的质量大小关系是m甲m乙m丙B三个小球受到的浮力大小关系是F甲=F丙F乙C三个烧杯中的水对烧杯底部的压强大小关系是p甲p乙p丙D三个烧杯底部对桌面的压强大小关系是p甲p乙=p丙14（2分）分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组，在5s内将重为100N的物体匀速提升2m，每个滑轮的重均为10N不计绳重及摩擦，此过程中则下列说法正确的是（）AF甲小于F乙BF甲做的功大于F乙做的功C甲的机械效率等于乙的机械效率DF甲做功的功率等于F乙做功的功率三、作图题（每小题2分，共4分）15（2分）如图所示，木块A与平板小车一起在水平桌面上向左匀速运动，当小车受外力作用突然减速时，木块随即在小车的平板上滑行。请在图中用带箭头的线段标出木块滑行的方向，并画出木块滑行过程中的受力示意图。16（2分）在如图中，标出磁感线方向、小磁针的N极和电源的正、负极。四、实验探究题（第17题5分，18题5分，19题9分，共19分）17（5分）在“探究凸透镜成像规律的实验中：（1）发光体“F”、凸透镜（焦距为f）和光屏在光具座上的位置如图所示，实验前应将光屏向 （上，下）调整，使发光体F“和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上。（2）保持图中发光体P和凸透镜位置不变，左右移动光屏，直到在光屏上成清晰的像，这个像是倒立、 的实像。（3）将发光体“F从图示位置向右移至A点，要在光屏上再次成清晰的像，需将光屏向 移动，光屏上的像将会 （变大、变小、不变）（4）当光屏上呈现清晰的像时，保持发光体“F“和凸透镜位置不变，取一只与原实验中焦距相同但镜面直径较小的凸透镜，替代原来的凸透镜再次实验，所成的像与原来的像相比，像将会变 （变大、变小、不变）18（5分）小明所在的实验小组在“测量盐水密度的实验中，进行了如下实验操作，请根据要求填写下列空格：（1）调节天平前应将游码移至零刻度处，然后调节 ，直到指针指在 表示天平平衡。（2）小明同学进行了下列实验操作：A将烧杯中盐水的一部分倒人量筒，测出这部分盐水的体积v；B用天平测出烧杯和盐水的总质量ml；C用天平测出烧杯和剩余盐水的总质量m2；以上操作的正确顺序是： （填字母代号）（3）图是小明同学用天平称量烧杯和盐水总质量m时的情景。他操作中的错误是： 。（4）小华组同学利用天平、烧杯、水测量出牛奶的密度，具体步骤如下。调好天平，用天平测出空烧杯质量为m0：在烧杯中装满水，用天平测出烧杯和水的总质量为m1把烧杯中的水倒尽，冉装满牛奶，用天平测出烧杯和牛奶的总质量为m2；则小华测出的牛奶密度的表达式= （已知水的密度为水）19（9分）在做“伏安法测量定值电阻”的实验中，小明同学设计了如图甲所示的电路，请你完成下列问题。（1）该实验的原理是 。（2）连接电路时，应将开关 ；闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到最 端（填“左”或“右”）。（3）连接完电路后，闭合开关，无论怎样移动滑片，电流表指针均无偏转，电压表的指针有明显的偏转，这可能是由于 断路造成的。（4）调节滑动变阻器，测量的几组数据描成如图乙所示的图象，则该电阻的阻值R= 。（5）完成上述实验后，小明还想测量一段电炉丝的电阻Rx，可是在连接电路时，发现电流表和滑动变阻器都已损坏。于是小明就利用刚才已测得的定值电阻R，重新设计并连接了如图丙所示的电路。电源电压未知且恒定不变。请把下列实验步骤补充完整：只闭合开关S1， 。 。电阻表达式：Rx= 。五、综合应用题（第20题8分，第21题9分，共17分）20（8分）如图是我国自行研发的“歼20”战机在空中飞行的雄姿，它是中国研制的新一代双 发重型隐形战斗机，将负担起中国未来对空、对海的主权维护任务。（g=10N/kg）（1）飞机能够升空，是因为机翼上表面受到的气压 （填“大于”、“等于”或“小于”） 机翼下表面的气压；“歼20”战机的最大起飞质量是 37 吨，在空中沿水平方向匀速飞行时，它受到的升力为 N。（2）该飞机空载时质量约为 33.6 吨，每个轮子与地面的接触面积均为 0.02，（按三个相 同的轮子与地面接触计算），则它静止在地面上对地面的压强是多大？（3）当“歼20”发动机以7.5104N 的推力使其以 500m/s 的速度飞行时，发动机推力的 功率是多大？1h内发动机对飞机做功为多少？21（9分）如图所示的装置很有创意它将比较耗水的洗衣机和同样耗水但不太讲究水质的马桶连在一起：上部是洗衣机（有关技术参数见铭牌），下部是马桶，中间设有储水箱。洗衣机还设有加热功能，（铭牌上水的加热功率已模糊），洗涤前先将水加热到适宜温度，可以提高洗涤效果。（1）洗衣机工作时电动机将电能转化为 能，电动机工作原理 。（2）求洗衣机脱水时的正常工作电流（3）某次洗衣时首次进水量为20kg，加热时电能的80%转化为水的内能正常加热14min水的温度升高10就达到设定要求，由于洗衣机铭牌上的加热功率模糊，求：水吸收的热量，洗衣机的加热功率C水=4.2103J/（kg）XX滚筒式洗衣机电压/V 220洗衣功率/W 200脱水功率/W 330最大洗涤容量/kg 5加热功率/W 参考答案与试题解析一、填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）1【考点】2R：物理常识【分析】根据对物理学家及其成就的掌握作答。【解答】解：惯性定律又叫牛顿第一定律，是牛顿发现的；法拉第发现了电磁感应现象。故答案是：牛顿；法拉第。【点评】此题考查的是我们对物理学家杰出成就的了解，属于物理学史的考查，难度不大，平时要注意积累。2【考点】9D：频率及音调的关系【分析】声音的三个特性是音调、响度和音色，改变铅笔的位置可改变振动的弦的长度，从而改变振动的频率，最终达到改变音调的目的。【解答】解：由题意可知，在弹奏过程中，左右滑动弦下的铅笔，来改变振动弦的长度，从而改变琴弦振动的频率，最终改变乐曲的音调。故答案为：长度；音调。【点评】了解声音的三个特性的辨别，会根据具体的情况进行辨别，属声学基础题。3【考点】GJ：燃料的热值【分析】（1）能够短时间内从自然界源源不断得到补充的是可再生能源，短时间内从自然界得不到补充的是不可再生能源；（2）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫这种燃料的热值；利用Q放=mq求出1kg煤气完全燃烧放出的热量，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的10倍，据此求5kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量。【解答】解：可燃冰在短时间内从自然界得不到补充，属于不可再生能源；在同等条件下，包含质量相同，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值很大；1kg煤气气完全燃烧放出的热量：Q放=mq=1kg4.2l07J/kg=4.2l07J，5kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量：Q放=Q放50=4.2l07J50=2.1l09J。故答案为：不可再生；热值；2.1l09。【点评】本题考查了学生对燃料的热值、燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。4【考点】6F：力的作用效果【分析】（1）力的作用效果有两个：力可以改变物体的形状即使物体发生形变。力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。（2）物体间力的作用是相互的。【解答】解：（1）能够体现力可以改变物体的运动状态的实例有：。（2）实例，都体现了物体间力的作用是相互的。故答案为：（1）（2）物体间力的作用是相互的。【点评】明确力的两个作用效果和物体间力的作用的相互性；可解答此题。5【考点】7N：杠杆的平衡条件【分析】（1）抬起木料一端时，以另一端为支点；利用杠杆平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂可解答此题；（2）求出将它竖直起来时圆柱形木材的重心离水平面的高度，即为重心上升的高度，最后根据W=Gh求出需要做的功。【解答】解：（1）已知木材重1000N，设其长度为L；抬起一端时，以另一端为支点，其重心到支点的距离为L，动力臂为L，根据杠杆平衡条件则有：FL=GL；解得F=G=1000N=500N，即至少要用500N的力；（2）将它竖直起来时，圆柱形木材的重心离水平面的高度为h=2.5m，则至少需要做的功：W=Gh=1000N2.5m=2500J。故答案为：500；2500。【点评】知道杠杆平衡的条件，会熟练应用杠杆平衡的条件计算相关的力和力臂以及功的计算公式的掌握和应用，明确克服重力做功就是所需要做的功，求重心上升的高度是本题的易错点，要求学生要认真分析。6【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出电流和电压，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可得出答案；最后根据P=I2R即可求出R1消耗的最小功率。【解答】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由图乙可知最大电流I1=0.6A，根据欧姆定律可得，电源的电压：U=I1R1=0.6AR1当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图乙可知，最小电流I2=0.2A，此时R2两端的电压U2=2V，则滑动变阻器的最大阻值：R2=10；因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：U=I2R1+U2=0.2AR1+2V，因为电源的电压不变，所以0.6AR1=0.2AR1+2V，解得：R1=5，电源电压：U=I1R1=0.6AR1=0.6A5=3V。当电路中电流最小时，R1消耗的功率最小，则P1小=I22R1=（0.2A）25=0.2W。故答案为：10；3；0.2。【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律以及功率计算公式的应用，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。二、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分.第7-12题每小题只有一个选项符合题目要求，第1314题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的得0分.）7【考点】K4：核能【分析】（1）电磁波的传播不需要介质；（2）电磁波在真空中的传播速度是相同的，且在真空中最快；（3）手机是靠电磁波来传递信息的；（4）核电站是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的。【解答】解：A、声呐利用超声波，军事雷达利用电磁波传递信息，电磁波传递信息时不需要介质，能在真空中传播，故A错误；B、电磁波在真空中的传播速度与其频率无关，且在真空中的传播速度最快，故B错误；C、手机是利用电磁波来传递信息的，手机既能发出电磁波，又能接收电磁波，故C错误；D、核电站是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的；故D正确。故选：D。【点评】本题考查声波和电磁波：声波传递需要介质，而电磁波的传递不需要介质，可以在空中传播，以及核能的有关知识，是一道基础题。8【考点】1M：液化及液化现象【分析】液化是由气态变为液态的过程，在液化过程中需要放出热量。【解答】解：冬天室内的温度很高，使周围空气中的水蒸气温度升高，遇到戴眼镜同学温度较低的玻璃镜片时，热的水蒸气发生液化现象变成小水珠附着在镜片上，所以镜片上出现“小水珠”；A、冻肉会变软属于熔化现象，不符合题意；B、烧水时，壶嘴上方冒的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的“小水珠”，符合题意；C、冰糕在嘴里化成水，是熔化现象，不符合题意；D、用久的日光灯管两端会发黑是钨丝先升华后凝华形成的，不符合题意。故选：B。【点评】物态变化的现象在生活中随处可见，我们要留心观察，多加思考，用学过的物理知识解释发生的现象。9【考点】8J：大气压的综合应用【分析】（1）用吸管能把饮料吸入嘴里，是先吸掉吸管内的气体，吸管内的气压小于大气压，是大气压力将饮料压入嘴里；（2）塑料挂衣钩是先排净吸盘内的空气，使里面气压小于大气压，大气压将吸盘压在墙上；（3）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低；（4）任何物体都有保持原来运动状态的性质，叫惯性，惯性只有质量有关。【解答】解：A、用吸管喝饮料时，先吸掉吸管内的气体，吸管内的气压小于大气压，外部大气压强把饮料压入嘴中，故A错误；B、用吸盘挂钩挂衣服，是利用了大气压强将挂衣钩压在墙面上；故B正确；C、因为水的沸点与压强有关，压强增大，沸点升高，煮饭时高压锅的气压比普通锅内的气压高，所以水沸腾时高压锅内的温度高于普通锅内的温度，温度越高，饭菜熟的越快，故C错误；D、惯性的大小只与物体的质量有关，与物体运动的速度无关，跳远比赛中起跳前提高速度，质量不变，惯性不变，故D错误。故选：B。【点评】此题型综合考查了大气压强的特点、沸点与气压的关系以及惯性等知识，是一道综合题，难度不大。10【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】（1）光在两种介质表面传播时会发生反射，形成的现象有平面镜成像、水面成像、光滑物体表面成像等；（2）当物体放在2倍焦距之外时，会成倒立缩小的实像，而照相机应用了这一原理；（3）平面镜所成的像与物体的大小是相等的，与距离镜面的远近无关；（4）红外线的作用和用途：根据红外线的热作用比较强制成热谱仪、红外线夜视仪、红外线体温计等；根据红外线可以进行遥控制成电视、空调遥控器等。【解答】解：A、阳光下，微风吹拂的河面，波光粼粼，这是光的反射现象，故A正确；B、照像时，被照者须站在距镜头二倍焦距之外才可成像，故B正确；C、人照镜子时，总是靠近镜子去看，是为了使视角变大，而所成的像大小是不会变的，故C错误；D、人们可以利用红外线做遥控装置，也可以用红外线来加热物体，故D正确。故选：C。【点评】本题考查了平面镜成像的特点以及应用实例，凸透镜的特点和成像原理及应用，以及生活中的光的反射现象，属基础知识的考查，要结合物理知识进行分析解答。11【考点】6U：力与运动的关系【分析】（1）平衡力大小相等、方向相反、在同一直线上、在同一物体上；（2）相互作用力大小相等、方向相反、在同一直线上、在两个物体上；（3）动能大小跟质量、速度有关；质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大；重力势能大跟质量、高度有关；质量一定时，高度越高，重力势能越大；高度一定时，质量越大，重力势能越大；机械能等于动能与势能之和。（4）物体受平衡力是处于静止状态或匀速直线运动状态。【解答】解：A、无人车在水平面上匀速前进时，水平方向上的牵引力和摩擦力是一对平衡力，平衡力大小相等，所以牵引力等于摩擦力，故A错误；B、无人车静止在水平面时，它受到的重力与地面对它的支持力，二力的大小相等、方向相反、在同一直线上、在同一物体上，是一对平衡力，不是一对相互作用力，故B错误；C、无人车在加速上坡时，质量不变，速度增大，动能增大，高度增加，重力势能增大，其机械能增大，故C错误；D、无人车匀速转弯时，运动方向改变，其运动状态改变，则无人车受到非平衡力的作用，故D正确。故选：D。【点评】本题以无人车为背景，考查了平衡力、相互作用力、影响动能和重力势能的因素以及力与运动的关系，是一道理论联系实际的好题。12【考点】IZ：电路的动态分析【分析】由电路图可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压；根据天然气浓度的变化确定气敏电阻R的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和电压表示数的变化以及电压表与电流表示数的比值变化，根据P=UI可知电路中消耗总功率的变化。【解答】解：（1）当天然气浓度增大时，气敏电阻R的阻值减小，电路中的总电阻减小；根据I=可知，电路中的电流变大，由U=IR可知R0电压变大，即电压表示数变大，故正确；根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故错误；（2）当天然气浓度减小时，气敏电阻R的阻值增大，电路中的电流变小，故错误；根据欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值等于定值电阻R0的阻值，所以两者的比值不变，故正确。由此A正确，BCD错误。故选：A。【点评】本题考查了电阻的串联特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，会分析气敏电阻的阻值与浓度的变化关系是本题的突破口。13【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用【分析】（1）甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，根据物体的浮沉条件分析判断三个小球密度的关系，由于甲乙丙三个实心小球体积相同，根据m=V即可判断三个小球的质量大小关系；（2）由图可确定三个烧杯中的V排关系，然后根据阿基米德原理F浮=液gV排判断浮力大小关系；（3）由于三个相同烧杯中都装满水，由图可确定判断液面升高的关系，从而根据p=gh判断烧杯底部受到水的压强的关系；（4）由于烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力，则根据相同的烧杯装满水的，球的重力关系和排开水的重力关系，先判断出压力的关系，进一步即可判断压强关系。【解答】解：A、甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，所以甲球的密度大于水的密度，乙球的密度小于水的密度，丙球的密度等于水的密度，因此三个小球的密度大小关系是：甲丙乙，根据m=V可知：质量大小关系是m甲m丙m乙故A错误。B、由于甲乙丙三个实心小球体积相同，则根据图可知排开水的体积关系：V甲排=V球，V乙排V球，V丙排=V球，所以V甲排=V丙排V乙排，根据F浮=液V排g可知：F甲=F丙F乙，故B正确。C、因为三个相同烧杯中都装满水，放入球后烧杯中液面高度不变，根据p=gh可知烧杯底部受到水的压强相等，即：p甲=p乙=p丙；故C错误。D、三个相同烧杯中都装满水，里面的水的重力G水相等，由于烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力，则放入物体后对桌面的压力变化为：F=G容器+G水+G球G排和G排=F浮，据此可得：F甲=G容器+G水+G甲G排甲=G容器+G水+G甲F甲；F乙=G容器+G水+G乙G排乙=G容器+G水+G乙F乙；F丙=G容器+G水+G丙G排丙=G容器+G水+G丙F丙；由于甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，则G甲F甲；G乙=F乙；G丙=F丙；所以F甲F乙=F丙；由于容器的底面积相同，根据p=可得：烧杯底部对桌面的压强的关系是p甲p乙=p丙；故D正确。故选：BD。【点评】本题考查了学生分析推理的能力，本题中解题的关键是由物体在水中所处的状态判断其密度和浮力大小的关系、知道烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力。14【考点】F4：滑轮（组）的机械效率【分析】由图可知，n甲=2，n乙=3，不计绳重及摩擦，拉力F=（G+G轮），提升物体的重力相同，不计绳重及滑轮轴间的摩擦，根据W总=W有+W额比较拉力做的功；机械效率=分析解答；做功时间相等，根据P=比较两图中拉力的功率。【解答】解：A、由图可知，n甲=2，n乙=3，不计绳重及摩擦，则拉力F=（G+G轮），故F甲大于F乙，A错误；BC、不计绳重及摩擦，提起的物体重和动滑轮重相同，且物体提起高度相同，所以W有=Gh和W额=G轮h可知，有用功和额外功都相同，则总功即拉力做功相同；机械效率是有用功与总功的比值，则甲乙的机械效率相等，故B错误，C正确；D、因为做功时间相等，拉力做功相等，所以根据P=可知，甲和乙做功的功率相等，故D正确。故选：CD。【点评】本题考查了使用滑轮组总功和拉力功率的计算，关键是明确总功和有用功、额外功之间的关系。三、作图题（每小题2分，共4分）15【考点】6H：力的示意图【分析】（1）小车突然减速，速度减小，由于惯性木块保持原来的速度继续运动，木块相对于平板向前滑动；（2）木块受竖直向下的重力G、竖直向上平板的支持力F、水平向后的摩擦力f作用，从力的作用点，沿力的作用线作出力的示意图。【解答】解：（1）小车突然减速后，木块相对于平板向前滑动；（2）木块受重力G、支持力F、摩擦力f作用，示意图如图所示；故答案为：如图所示。【点评】根据惯性判断出木块的滑动方向、对木块正确受力分析、掌握力的示意图的作法是正确解题的关键。16【考点】CV：通电螺线管的极性和电流方向的判断；C7：磁感线及其特点；CB：安培定则【分析】（1）根据通电螺线管的磁极画出磁感线的方向。在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极。（2）根据小磁针所在位置磁感线的方向，判断小磁针N极所指的方向。小磁针N极所指的方向为该点的磁场方向。（3）已知通电螺线管的磁极，根据右手定则判断电流的方向。【解答】解：（1）图中给出通电螺线管的左端为S极，则右端为N极。在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极。所以图中所给的两条磁感线的方向都是从右指向左。（2）螺线管右侧为N极，外部磁感线由N极指向S极，故小磁针所在位置磁感线向右，小磁针N极向右。（3）根据右手定则，伸出右手，让右手的大拇指指示螺线管的N极（螺线管的右端），四指弯曲所指的方向为电流的方向。所以，电流由最左端的导线流入，即电源的左端为正极，右端为负极。故答案为：【点评】判断小磁针指向的方法：根据磁极间的相互作用规律：同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引。根据磁感线方向：小磁针静止时N极所指的方向与该点的磁场方向一致。四、实验探究题（第17题5分，18题5分，19题9分，共19分）17【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）做凸透镜成像实验前，要调整发光体、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，使像成在光屏的中央；（2）物体在凸透镜的二倍焦距之外，成的像是倒立、缩小的实像；（3）凸透镜成实像时：物近像远像变大；（4）用焦距相同、镜面直径较小的凸透镜，发光体发出的光透过凸透镜的光线少，据此分析现象。【解答】解：（1）由图知，使发光体“F”、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，实验前应将光屏向下调整；（2）如图，发光体“F”在二倍焦距之外，成的像是倒立、缩小的实像；（3）将发光体“F”从图示位置向右移至A点，靠近凸透镜，像要远离，要在光屏上再次成清晰的像，需将光屏向右移动，光屏上的像将会变大；（4）用另一只与原实验中焦距相同但镜面直径较小的凸透镜，替代原来的凸透镜再次实验，经凸透镜的光线变少，所成的像与原来的像相比变大，比原来暗。故答案为：（1）下；（2）缩小；（3）右；变大；（4）变大。【点评】掌握凸透镜成像的三种情况和应用。u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机；2fuf，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪；uf，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜。18【考点】2L：液体的密度测量实验【分析】（1）用托盘天平测物体的质量，应先将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端的零刻度处，调节平衡螺母使天平平衡；（2）合理的实验顺序可以减小测量时的误差，并使操作简便，从这一角度分析步骤的合理性，进一步根据密度公式得出该盐水的密度的表达式；（3）使用天平测量物体质量的过程中，根据物体质量大小选择合适的砝码放在右盘，必要时调节游码使横梁平衡；（4）利用题目中所方法测牛奶密度，遇到的关键困难是要解决如何测牛奶的体积，这里是借助了水来进行等效替代。因此，按照这一思路结合密度的公式可完成本实验。【解答】解：（1）使用天平时，首先把天平放在水平台上，把游码移到标尺左端的零刻度，然后调节平衡螺母，使直到指针指在分度盘的中央，天平平衡。（2）根据题意知：应该先用天平测出烧杯和盐水的总质量m1，然后将烧杯中盐水的一部分倒入量筒，测出这部分盐水的体积V；用天平测出烧杯和剩余盐水的总质量m2；根据密度公式=就能求出密度；所以实验操作顺序为BAC；（3）小明在称量烧杯和盐水总质量时的操作，其错误是测量过程中调节平衡螺母；（4）由=得V=，故水的体积：V=；把烧杯中的水倒尽，再装满牛奶，则牛奶的体积等于水的体积，牛奶的密度：=；故答案为：（1）平衡螺母；分度盘的中央；（2）BAC；（3）测量过程中调节平衡螺母；（4）【点评】用天平和量筒来测液体的密度，是实验室中最常用的方法，重点应掌握天平的调节与使用方法、量筒的读数、密度公式的运用、实验步骤的合理安排等。19【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）伏安法测电阻，就是利用电压表测出电阻两端的电压，电流表测出通过的电流，利用R=求出电阻的阻值。（2）连接电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器的滑片处于最大阻值处。（3）电压表有示数说明两接线柱与电压相连的部分是通路，电流表无示数说明断路，即电压表并联的部分断路。（4）由图象找出一组对应的电压与电流值，根据欧姆定律求出电阻阻值。（5）没有电流表，找出RX的电流是关键。根据串联电路电流相等，得到R的电流即RX的电流。闭合S1测RX电压，再闭合S2测电源电压，根据串联电路电压特点，得出R电压，根据欧姆定律，计算R的电流。【解答】解：（1）“伏安法测量定值电阻”的实验原理：R=。（2）连接电路时，开关应处于断开状态；滑动变阻器接左半段，滑片处于右端时，滑动变阻器连入电路的电阻最大，电路电流最小，对电路起保护作用。（3）电流表无示数，说明电路断路，电压表有明显偏转，则电压表串联在电路中，这可能是由于定值电阻R断路造成的。（4）由图象可知，当U=1.8V时，I=0.6A，则该电阻的阻值：R=3。（5）图丙中，只闭合S1，R与RX串联，电压表测RX的电压U1；再闭合开关S2，电路为RX的简单电路，读出电压表的示数为U2，即电源电压。当R与RX串联时，电流相等，所以IX=IR，即：=，所以，RX=。故答案为：（1）R=；（2）断开；右；（3）定值电阻R；（4）3；（5）读出电压表的示数为U1；再闭合开关S2，读出电压表的示数为U2；。【点评】本题考查了伏安法测电阻的实验，涉及到了实验的原理、连接电路的注意事项、实验数据的处理，是一道基础题；应用图象处理实验数据，是物理实验处理数据的常用方法，应注意掌握。五、综合应用题（第20题8分，第21题9分，共17分）20【考点】86：压强的大小及其计算；6T：二力平衡条件的应用；8K：流体压强与流速