2019年中考物理模拟试卷及答案解析1-13

2019年中考物理模拟试卷一、选择题（24分，每题2分）1（2分）下列各种物质微粒中，空间尺度最小的是（）A夸克B原子C中子D原子核2（2分）在进行下列改变后，主要是增大声音响度的操作是（）A 增加试管中水的数量B 增大摩擦杯口的速度C 更快地划动纸片D 加大敲鼓的用力3（2分）调节托盘天平右端的平衡螺母，使天平平衡，发现指针偏在分度盘的左侧，其方法是（）A将螺母向左移B将螺母向右移C在左盘中加砝码D在右盘中加砝码4（2分）下图现象中，由于光的折射形成的是（）A皮影戏中屏幕上的“人影”B 树在水中形成“倒影”C放大镜把字“放大”D 汽车在凸面镜中成像5（2分）小明用图示装置探究“动能大小与速度的关系”。下列说法正确的是（）A改变小车质量多次进行试验B实验中要尽量保持水平面光滑C让同一小车从同一高处由静止开始下滑D用木块移动的距离来比较小车动能的大小6（2分）如图所示装置，若女孩用60N的力把绳子匀速拉出5m，重300N的男孩被匀速举高0.5m，这个盒子内机械的机械效率是（）A50%B20%C75%D条件不足，无法计算7（2分）电磁波在生活中的应用十分广泛，下列有关电磁波的说法中正确的是（）A移动电话利用电磁波传递信息B实用微波炉时一定不会产生电磁污染C频率越高的电磁波波长越长D电磁波在空气中的传播速度约为340m/s8（2分）同学们梳理了教材中与压强知识相关的实验，如图所示，其中分析正确的是（）A甲图所示，用一个装水的瓶子和海绵无法探究压强和压力关系B乙图所示，小孩通过沼泽地时垫木板可以减小对地面的压力，从而减小压强C丙图所示，拦河大坝做成上窄下宽是因为液体压强随深度的增加而增大D丁图所示，“瓶吞鸡蛋”实验可以说明大气压的存在，若瓶子侧放则无法完成实验9（2分）如图所示，在电梯里，一名背书包的学生在随着电梯匀速上升的过程中，以下说法正确的是（）A学生的动能转化成重力势能B学生的运动状态发生了变化C学生对书包做了功D学生所受到的重力和她对电梯的压力是一对平衡力10（2分）如图所示，电源电压保持不变。只闭合开关S1，灯泡L正常发光，再闭合开关S2，则（）A电流表示数变大，灯变亮B电流表示数变小，灯变暗C小灯泡的额定功率变大D电路中的总功率变大11（2分）如图所示的电路图中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P向左滑动，下列说法正确的是（）A电流表A的示数变小，电压表V1的示数变大B电流表A的示数变小，电压表V1的示数不变C电压表V1与电压表V2的示数之和不变D电压表V2与电流表A的示数之比不变12（2分）有四个完全相同的均匀正方体木块放在水平桌上，现将甲、乙、丙截去完全相同的两截面均为正方形的长方体（图中阴影部分）后，它们对桌面的压强分别为P甲、P乙、P丙和P丁，则（）AP丁P甲=P乙=P丙BP乙P丙P丁P甲CP乙P丙=P丁P甲DP乙P丁P丙P甲二、填空题13（3分）实验室中探究平面镜成像特点实验所用玻璃板是特制的，其中一面镀了膜。如图所示，是用这种玻璃板做实验时的情景，则镀膜的一面应该朝向 （选填“物体”或“像”）一侧放置，实验中将蜡烛靠近玻璃板，像的大小 。14（3分）图甲为某物质的凝固图象。（1）根据图象可知该物质为 （选填“晶体”或“非晶体”），第25min 时该物质处于 态。（2）若将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中（如图乙），则试管内冰的质量将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。15（3分）滑冰、滑雪都是北方人最喜爱的运动，然而冰刀和滑雪板在构造上却有很大的不同。冰刀锋利，压强 ；滑雪板长而宽，压强 。而旱冰鞋则是利用 的方法减小摩擦的。16（3分）能源问题是现代社会发展的三大基本要素之一。能源家族中有：柴薪、煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能等，在大量耗用各种能源时，会造成空气污染的有 ；会造成水土流失和沙漠化的有 （填题序号）。17（3分）如图1所示是演示点火爆炸的实验装置。按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖会被打出去。此过程中，燃气的 能转化为盒盖的 能，这与四冲程汽油机的 冲程的能量转化相同，图2中的汽油机正处于这一冲程中，此时活塞向 运动（选填：“上”、“下”）。18（3分）在“测量液体质量”的实验中，小刚把天平放在 工作台面上，当移动游码至零刻度时，看到指针在分度盘中央两侧摆动，摆动的幅度如图1所示，此时应将平衡螺母向 调。用调节好的天平测得烧杯和盐水的总质量为50.2g，将盐水倒出，再用调节好的天平测量此时烧杯的质量，天平平衡时，砝码及游码的位置如图2所示，则倒出的盐水质量为 g。19（3分）如图所示，物重为G的物体静止在粗糙的水平地面上，这个物体所受到的摩擦力为 N；用大小为15N的力水平向左拉物体。物体向左做匀速直线运动。此时物体受到摩擦力的大小为 N；当把拉力F增大为20N时，则物体受到的摩擦力为 N。20（3分）如图所示，是某同学探究“电磁铁磁性强弱跟电流大小关系”的电路图。（1）电磁铁磁性的强弱是通过观察 来确定的。（2）闭合开关后，当滑动变阻器滑片 P 向 （填“a”或“b”）端移动时，电磁铁磁性增强。（3）在图中，电磁铁的上端是 极（选填“N”或“S”）。21（3分）为纪念郑和七下西洋将华夏文明传扬于世，闽江口屹立起国内最大最高的一尊石雕像，如如图所示。石雕像和基座的总质量为7105kg，基座底部呈正方形，面积约为50m2，则石雕像和基座总重力是 N，对水平地面的压强是 Pa（g取10N/kg）22（3分）学习了电学以后，小华对家中的电冰箱进行了观察和研究。她发现电冰箱上贴有如图1所示的“能效标识”。（1）电冰箱使用的是 孔插座，它和家里的其他用电器之间的连接方式是 联。（2）小华利用如图2所示的电能表对电冰箱的额定功率进行了测量。她发现电冰箱正常工作时，电能表的脉冲指示灯在5min内闪烁了16次，该电冰箱的额定功率是 W。（3）该电冰箱正常工作24h耗电 kWh。23（3分）小强利用如图所示的滑轮组去拉物体，使重为2000N的物体A在3s内沿水平方向匀速移动了6m，若A所受地面的摩擦力f=600N，小强所用拉力F=250N，则拉力F的功率为 W，该装置的机械效率是 。三、作图题24重10牛的木块漂浮在水面上，请用力的图示法画出木块所受的浮力。25画出光线AO经过半圆形玻璃砖折射后的光路图。（O为圆心）26在图中标出通电螺线管的电流方向和它的N极。四、计算题27“太极球”是近年来在广大市民中较流行的一种健身器材。做该项运动时，健身者半马步站立，手持太极球拍，拍上放一橡胶太极球，健身者舞动球拍时，球却不会掉落地上。现将太极球简化成如图甲所示的平板和小球，熟练的健身者让球在竖直面内始终不脱离板而做匀速圆周运动，且在运动到图中的A、B、C、D位置时小球与板间无相对运动趋势。A为圆周的最高点，C为最低点，B、D与圆心O等高，圆的半径为R已知小球的重力为1N，不计平板的重力，且在A处板对小球的作用力为F。（1）设小球在A处的速度大小为v，写出在A处板对小球的作用力与小球速度大小的关系式；（2）求在C处板对小球的作用力比在A处大多少？（3）当球运动到B、D位置时，板与水平方向需有一定的夹角，才能使小球在竖直面内做匀速圆周运动，请作出tanF的关系图象。28如图（a）所示是HG2004家用蒸汽电熨斗的示意图和铭牌，使用时储水器中的水滴入气室，加热的铁质底板使水迅速汽化变成蒸汽，从底板喷出。额定电压220V功能汽烫、干烫额定频率50Hz蒸汽方式滴下式底板面积160cm2质量1.6kg额定功率1100W放置方式自立式（1）求电熨斗正常工作时的电流。（2）熨烫前（未加水），电熨斗自然平放在衣服上，求它对衣服的压强。（3）汽熨前先预热，使底板的温度从20升高到220，温控开关自动断开。已知底板的质量为lkg，铁的比热容为0.46103J/（kg），求预热过程底板吸收的热量。（4）汽熨时，滴汽室的水汽化带走热量，当底板温度降到190时，温控开关自动闭合，当加热到220时又断开，如此反复，若蒸汽电熨斗按如图（b）所示的程序工作，熨一件衣服用时l0min。求共消耗的电能。五、实验探究题29小华探究凸透镜的成像规律。（1）课间，小华到室外利用太阳光来测量凸透镜的焦距，她将该凸透镜正对着太阳光，如图甲所示。此时纸上呈现一个并非最小的光斑时，测得这个光斑到凸透镜的距离为L此时再将这个凸透镜与纸之间距离稍微增大，若光斑变大，则凸透镜的焦距f L（选填“”、“”或“=”）；调整以后得到如图乙所示的光路图。则该透镜的焦距为 cm。（2）当烛焰位于如图丙所示位置时，移动光屏，可在光屏上得到一个清晰的倒立、 的实像；若将蜡烛远离透镜2cm，此时像的大小比原来的像要 些。若不移动光屏，在凸透镜前适当的位置放置 （选填“近视眼镜”或“远视眼镜”），也可以在光屏上再次出现清晰的像。（3）眼睛可能观察到烛焰经凸透镜所成虚像是如图丁所示四幅图中的 ；30如图甲所示是小华同学探究二力平衡条件时的实验情景。（1）小华将系于小卡片（重力可忽略不计）两端的线分别跨过左右支架上的滑轮，在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向 ，并通过调整 来改变拉力的大小。（2）当小卡片平衡时，小华将小卡片转过一个角度，松手后小卡片 （能/不 能）平衡，设计此实验步骤的目的是为了探究 。（3）为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，在图甲所示情况下，小华下一步的操作是 。（4）小红同学也对同一问题进行了探究，但他在左右支架上装配两个滑轮时没有安装成相同高度（如图乙所示），你认为能否用小红的装置进行实验 （选填“能”或“不能”）。（5）在探究同一问题时，小明将木块放在水平桌面上，设计了如图丙所示的实验，同学们认为小华的实验优于小明的实验。其主要原因是 。A减少摩擦力对实验结果的影响 B小卡片是比较容易获取的材料 C容易让小卡片在水平方向上保持平衡 D小卡片容易扭转。31小芳用如图甲所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”。电源电压恒为3V，滑动变 阻器上标有“20 2A”字样，阻值分别为5、10、20、50 的定值电阻各一个。（1）连接电路时开关应 ，滑片应置于 （选填“A”或“B”）。（2）小芳5 定值电阻接入电路后，闭合开关，发现电流表无示数而电压表有示数，则电路中的故障可能是 ；排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数如图乙所示，请将此时电流表的示数填入下表中。（3）将5 定值电阻换成10 定值电阻，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片 P，眼睛观察 表，直到其示数为 时，停止移动滑片，记录此时各表的示数。实验次数定值电阻（）电流表示数（A）15 2100.183200.09（4）将10 定值电阻换成20 定值电阻，重复步骤（3）。（5）实验记录的多组数据如下表所示。分析数据可得出结论：当电压一定时，通过导体 中的电流与电阻成 比。（6）实验结束后，小芳问老师在此实验中 （选填“能”或“不能”）换用50 的定值电阻进行实验？老师指导小芳分析了其原因是 。32风光互补路灯系统同时安装了风力发电机和太阳能电池板，有风时通过风力发电机发电有阳光时通过太阳能电池板发电，并将电能储存至蓄电池中，供路灯照明使用蓄电池充满电后不再充电，使用时放电至余留20%停止电能输出，可使蓄电池使用寿命更为长久。下表为某型号风光互补路灯系统的部分技术参数，其中光电转化效率是指太阳能电池扳将光能转化为电能的效率，蓄电池容量是指蓄电池放电电流与放电总时间的乘积，最大输出功率是指风速达到最大限制风速时风力发电机的输出功率。 风力发电机太阳能电池板蓄电池最小启动风速1.0m/s电池板的面积0.5m2蓄电池容量150Ah最小充电风速2.0m/s光电转化效率16%额定电压12V最大限制风速12.0m/s最大输出功率400W（1）能源的种类繁多，人们从不同角度对能源进行分类太阳能和风能都属于 。 A二次能源 B可再生能源 C常规能源 D非清洁能源 （2）风力发电机是根据 原理发电的，利用风力发电时，是将 能转化为 能 （3）当太阳光照射到电池板表面处每平方米的功率为1000W时，太阳能电池板的输出功率为 W （4）已知风力发电机的输出功率P与风速v的三次方成正比，若风力发电机的输出功率为50W此时风速为 m/s。（5）充满电的蓄电池以额定电压对外供电，输出功率为100W时，为使蓄电池的使用寿命更为长久，持续供电的时间不能超过 h （6）某城市一道路的路灯采用该型号风光互补路灯照明，已知路灯的规格为“12V、70 W”路灯共1000盏，每天正常工作10 h，则一天消耗的电能为 kWh，如果用烧煤发出的电对该道路的路灯供电，已知煤电转换关系为=380 g/（kWh）则一个月需要烧煤 t（一个月以30天计）。参考答案与试题解析一、选择题（24分，每题2分）1【考点】36：从微观到宏观的尺度【分析】物质是由分子组成的，分子又是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，原子核是由质子和中子组成的，而夸克则是比质子更小的微粒。【解答】解：原子是由原子核和核外电子组成的，所以原子比原子核大；原子核是由质子和中子组成的，所以原子核比中子大；而夸克则是比中子更小的微粒，在这几种微粒中夸克是最小的。故选：A。【点评】本题考查我们对于微观世界的了解，是一道基础题。2【考点】9F：响度【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。【解答】解：A、增加试管中水的数量使空气柱的长度变短，空气柱越短，空气振动越快，其音调越高；故增加试管中水的数量是改变音调；故A错误；B、增大摩擦杯口的速度，使杯壁的振动频率变大，其音调变高；故B错误；C、更快地划动纸片，使纸片振动加快，音调变高；故C错误；D、加大敲鼓的用力，使鼓面振动幅度变大；其响度变大；故D正确；故选：D。【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。3【考点】26：天平的使用【分析】调节天平平衡时，将游码拨到零刻度线处，通过移动平衡螺母使天平平衡：指针左偏右调、右偏左调。【解答】解：调节托盘天平在测量前指针偏左，所以应将平衡螺母向右调节，使天平的衡量平衡，此时不能移动游码或在右盘中加砝码。故选：B。【点评】此题考查了天平使用时应遵循的使用规则，特别是测量前和测量过程中的调平方法，要正确使用，并会读数。4【考点】AM：光的折射现象及其应用【分析】（1）要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的；（2）光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；（3）光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像、水变浅了、水中的筷子折断了等。【解答】解：A、皮影戏中屏幕上的“人影”属于影子，是光线在同种均匀的介质中传播形成的，故A不符合题意。B、树在水中形成“倒影”平静的水面相当于平面镜，树在水中的倒影是平面镜成像现象，故属于光的反射，故B不符合题意。C、放大镜把字“放大”，是由于光的折射形成的，故C符合题意。D、汽车在凸面镜中成像是光的反射现象，故D不符合题意。故选：C。【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。5【考点】FQ：探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）物体由于运动而具有的能叫做动能，动能的大小与物体的质量和速度有关；（2）实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与质量的关系时，要让钢球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同，当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一钢球从不同的高度释放，这样可以保证小球的质量相同；即只有这样实验才更为科学严密。【解答】解：A、要探究动能大小与速度的关系，必须控制物体的质量相同，也就是保持小车的质量不变，故A错误。B、实验中水平面不能是绝对光滑的，这样物体将不会停下来，无法正确反映动能的大小，故B错误；C、动能的大小与物体的质量和速度有关，要探究动能大小与速度的关系，速度是变量，因此应让同一小车从不同高处由静止开始下滑，故C错误；D、在实验中，用木块移动的距离来反映小车动能的大小，这是转换法的应用，故D正确。故选：D。【点评】动能的决定因素有两个：质量和速度，在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”时，应该利用控制变量法的思路，去分析解决；小车把木块推出的距离长，说明的动能大这是一种转换的方法。6【考点】F4：滑轮（组）的机械效率【分析】由男孩的重力和升高的高度可求得有用功，由女孩的拉力和拉出的距离可求得总功，则由机械效率公式可求得机械功率。【解答】解：在拉动男孩的过程中，有用功为：W有=G男孩h=300N0.5m=150J；拉力做的总功：W总=Fs=60N5m=300J；则盒子内机械的机械效率为：=100%=50%。故选：A。【点评】本题属机械功率的直接考查，属简单题目，不过要注意机械效率的计算结果一定要用百分比表示。7【考点】D8：移动通信；57：电磁波在日常生活中的应用；D3：波速、波长和频率的关系【分析】A、移动电话既是电磁波的发射台，也是电磁波的接收台；B、微波炉就是使用微波来工作的，微波泄漏就会产生电磁污染；C、根据公式c=f可知，波速一定时，电磁波的频率和波长成反比；D、光是电磁波的一种，各种电磁波的传播速度都是相同的，等于3108m/s。【解答】解：A、移动电话就是靠发射和接收电磁波来传递信息的，所以A是正确的；B、微波炉是靠微波来工作的，若微波泄漏就会产生电磁污染，所以B是错误的；C、各种频率的电磁波的传播速度是相同的，电磁波的波长和频率成反比，频率越高，波长越短，所以C是错误的；D、电磁波在空气中的传播速度等于光的传播速度，约为3108m/s，所以D是错误的。故选：A。【点评】此题考查电磁波在生活中的应用，以及电磁波的传播速度、波长和频率的关系，是一道综合题。8【考点】82：压强；85：减小压强的方法及其应用；88：液体的压强的特点；8J：大气压的综合应用【分析】（1）压力的作用效果与压力和受力面积的大小有关，压力越大、受力面积越小，压力的作用效果越明显；（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。（3）液体内部的压强随深度的增加而增大。（4）大气向各个方向都有压强。【解答】解：A、甲图，装有水的瓶子竖放在海绵上，瓶中水越少，对海绵的压力越小，受力面积不变，对海绵的作用效果越不明显，故A错；B、乙图，由p=可知，小孩对沼泽地的压力不变，垫上木板，增大了受力面积，可减小压强，故B错；C、丙图，拦河大坝做成上窄下宽是因为液体压强随深度的增加而增大，故C正确；D、丁图中，“瓶吞鸡蛋”实验可以说明大气压的存在，由于大气向各个方向都有压强，所以若瓶子侧放仍然可以顺利完成该实验，故D错；故选：C。【点评】本题为力学综合题，考查了学生对压力作用效果的影响因素、液体内部压强的特点、减小压强的方法，虽知识点多、但都属于基础，难度不大。9【考点】FN：动能和势能的大小变化；6Q：平衡状态的判断；6R：平衡力的辨别；EC：功的计算【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；（2）物体的运动状态改变包含如下情况，即加速运动、减速运动、运动方向的改变；（3）根据做功的两个必要因素（作用在物体上的力、物体在力的作用下移动了距离）分析电梯对人的支持力是否做功；（4）据二力平衡的条件分析即可判断。【解答】解：A、学生在随着电梯匀速上升的过程中，质量不变，速度不变，动能不变；同时高度增加，重力势能增加，所以一定不是动能和重力势能的转化，故A错误；B、据题意可知，此时人随着电梯做匀速直线运动，且运动的方向没有改变，所以人的运动状态没有改变，故B错误；C、人随着电梯向上做匀速直线运动，所以人对书包有向上的力，且沿力的方向运动了一段距离，所以人对书包做了功，故C正确；D、学生所受到的重力和她对电梯的压力的方向是相同的，所以这两个力一定不是平衡力，故D错误。故选：C。【点评】此题考查了动能、重力势能的影响因素、运动状态的判断、做功的条件和二力平衡的判断，是一道综合题。10【考点】JA：电功率的计算；I7：并联电路的电压规律；IF：欧姆定律【分析】由电路图可知，闭合开关时两电阻并联，则可知电阻的变化，则由欧姆定律可求出电流的变化，由功率公式P=可判断灯泡的亮度的变化，由功率公式P=UI可判电路中总功率的变化。【解答】解：只闭合S1时，只有L接入电路，当S2闭合时R与L并联，总电阻减小，则干路电流增大，电流表示数变大。并联后电源电压不变，即L上的电压保持不变，由P=可得功率不变，亮度不变。故A、B、C均错误；由功率公式P=UI可得，总电压不变，而总电流变大，故总功率变大。故D正确。故选：D。【点评】（1）电路中并上电阻后总电阻会减小，总电阻总小于并联电路中的任一电阻。这一点对解决动态分析的题目非常有帮助；（2）求功率的方法较多，每个公式都应熟练掌握。11【考点】IZ：电路的动态分析【分析】先判断电路的连接方式，将电流表看做导线，电压表看做开路；再判断电压表测量哪段电路的电压，电压表和哪段电路并联就测量的是那段电路的电压；再根据滑动变阻器的情况，结合欧姆定律进行分析。闭合开关S后，滑动变阻器与电阻R1串联，电流表测量电路总电流，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路电流和电阻两端电压的变化。【解答】解：当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据公式I=可知，电路电流减小，所以电流表示数减小，根据公式U=IR可知，电阻R1两端的电压减小，电源电压不变，电压表V1的示数不变，所以滑动变阻器两端的电压变大，电压表V2的示数变大。故B正确、A错误。电压表V1的示数不变，电压表V2的示数变大，所以说电压表V1与电压表V2的示数之和不变是错误的，故C错误。电压表V2的示数变大，电流表A示数减小，所以电压表V2与电流表A的示数之比变大，故D错误。故选：B。【点评】本题考查欧姆定律和滑动变阻器的使用，以及电流表和电压表的使用，还考查串联电路电流和电压的规律，关键是明白滑动变阻器滑片移动的过程中，电路电流和电压的变化。12【考点】83：压强大小比较【分析】把四个正方体分为两类：一是甲和丁，受力面积相同，压力不同，比较p甲和p丁的大小关系；二是甲乙丙，压力相同，受力面积不同，比较p甲、p乙、p丙的大小关系；再分析丙和丁，假设把丙左边露出那部分切除掉，把剩余部分对桌面的压强分别和丙丁比较得出p丙和p丁的大小关系；最后综合分析得出答案。【解答】解：对于甲和丁，对桌面的压力：F甲F丁，s甲=s丁，p=，p甲p丁；对于甲、乙、丙，对桌面的压力：F甲=F乙=F丙，s甲s丙s乙，p=，p甲p丙p乙；对于丙和丁：若将丙的左边露出部分切掉，得出丙，p=gh，p丙=p丁；p=，F丙F丙，s丙=s丙，p丙p丙；p丙p丁；由得出：P乙P丙P丁P甲。故选：B。【点评】本题关键：一是控制变量法的灵活使用，二是利用假设法找出丙图得出P丙和P丁的大小关系。二、填空题13【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】透明玻璃板透光性强，成像不太清晰，一面镀膜增强了光的反射，成像清晰；平面镜成像特点之一：物像等大。【解答】解：平面镜成像原理是光的反射，因此用一面镀了膜的玻璃板做实验时，镀膜的一面应该朝向像一侧放置，一面镀膜的玻璃板反射能力比较强，成像比较清晰，便于测量物距和像距。由平面镜成像特点之一：物像等大可知，实验中将蜡烛靠近玻璃板，像的大小不变。故答案为：像；不变。【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能根据实验现象得出正确结论，动手操作实验时，能根据实验现象得出正确的结论，提高实验能力。14【考点】1C：熔化和凝固的温度时间图象【分析】（1）晶体和非晶体在熔化和凝固过程中的区别：晶体在熔化（或凝固）过程中温度保持不变；非晶体在熔化过程中温度不断升高，在凝固过程中温度不断降低；由图象确定该物质的凝固点，便可判断出物质的状态；（2）根据晶体凝固的条件可知：冰水混合物会向盐冰水混合物放热，由此确定冰水混合物中的水会有部分结冰，则可判断冰的变化。【解答】解：（1）由图象知，整个过程中温度有下降的趋势，所以是凝固图象；又该物质在凝固过程中温度保持不变，所以是晶体；该物质从10min开始凝固，凝固点为2，到20min结束，所以第25min时该物质处于固态；（2）冰水混合物的温度是0，而该物质的温度是2；冰水混合物会向该物质放热，冰水混合物中的水会达到凝固结冰的条件，冰水混合物中的冰会变多，冰的质量将变大。故答案为：（1）晶体；固；（2）变大。【点评】此题考查了有关晶体凝固图象的分析，要抓住晶体和非晶体熔化和凝固时特点：晶体有一定的熔点（凝固点），熔化（凝固）时温度不变，继续吸热（放热），学习时要用比较法来记住它们的特点。15【考点】83：压强大小比较【分析】（1）根据压强的定义式p=，要减小压强有三种方法：一是当压力一定时，需增加受力面积；二是当受力面积一定时，需减小压力；三是在条件允许的情况下，可以同时减小压力，增大受力面积。同理，增大压强也有三种方法。（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。【解答】解：冰刀锋利，减小了受力面积，根据压强的定义式p=可知，在压力一定时，压强大；滑雪板长而宽，增大了受力面积，根据压强的定义式p=可知，在压力一定时，压强小。旱冰鞋是利用变滑动为滚动的方法减小摩擦的。故答案为：大；小；变滑动为滚动。【点评】掌握压强和摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强、摩擦力的问题。16【考点】KE：能量转化和转移的方向性；KF：能源危机与能源消耗对环境的影响【分析】根据我们对于各种能源的使用过程来作答。【解答】解：柴薪、煤炭、石油、天然气在燃烧的过程中，都会或多或少的产生一些有害气体、烟尘，会造成空气污染；水能、风能、太阳能、地热能是清洁能源，不会产生任何污染；过量的使用柴薪能源会造成水土流失和沙漠化。故答案为：；。【点评】此题考查各种能源使用所带来的环境问题，这也是我们现在比较关心的问题，是中考的一个热点。17【考点】G9：做功改变物体内能；GM：内燃机的四个冲程【分析】（1）内燃机的工作原理是气体的内能转化为机械能，对外做功；热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能；（2）根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程。【解答】解：（1）电火花打火时，酒精气体燃烧膨胀做功，使盒盖飞出去，因此将内能转化为盒盖的机械能；四冲程热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能；（2）图2中的汽油机的两气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程。故答案为：内；机械；做功；下。【点评】此题要考查了内燃机工作原理及过程，并从能量转化的角度与电子式火花发生器的工作原理进行了比较，同时考查了做功冲程与压缩冲程的区分。18【考点】25：质量的测量与天平【分析】（1）天平是测量物体质量的仪器，使用前应先放在水平台上，游码移至标尺左端的零度刻线，再调横梁平衡；平衡螺母向指针偏转相反的方向移动，（2）物体的质量质量=砝码的质量+游码对应的刻度值。【解答】解：（1）先把天平放在水平工作台上；如图，指针向右偏转的格数大于向左偏转的格数，说明横梁的右端下沉，平衡螺母向相反的方向移动，平衡螺母向左移动，使指针指向分度盘中央；（2）图乙中游码对应的刻度值为3.2g，则烧杯的质量=砝码的质量+游码对应的刻度值=20g+5g+3.2g=28.2g，盐水的质量；m=50.2g28.2g=22g。故答案为：（1）水平；左；（2）22。【点评】本题考查天平的正确使用，常见题目。19【考点】7D：摩擦力的大小【分析】根据物体的状态，判断物体的受力情况；静止的物体受到平衡力的作用，根据平衡力的特点可处理此题。【解答】解：物体静止在水平面上，没有发生相对运动和运动趋势，故物体不受摩擦力，即摩擦力为0；用大小为15N的力水平向左拉物体，物体向左做匀速直线运动，物体发生了相对运动，此时属于滑动摩檫力，故f=F=15N；摩擦力的方向与拉力方向相反，即摩擦力方向水平向右；因为影响滑动摩檫力的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度没有发生变化，因此当把拉力F增大为20N时，则物体受到的摩擦力仍为15N。故答案为：0；15；15。【点评】本题考查摩擦力产生的条件，物体之间有相对运动或有运动趋势；根据物体的状态可判断物体的受力情况。20【考点】CC：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验【分析】（1）用控制变量法和转换法探究电磁铁磁性强弱的影响因素；（2）电磁铁磁性强弱影响因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯，在电流和铁芯一定时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强；在线圈和铁芯一定时，电流越大，电磁铁磁性越强；在线圈和电流一定时，有铁芯时电磁铁磁性越强；（3）电磁铁的N极和S极通过安培定则进行判断：用右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是电磁铁的N极。【解答】解：（1）判断电磁铁磁性的强弱，是通过观察电磁铁吸引铁钉的多少来确定的；电磁铁吸引的铁钉越多，说明电磁铁磁性越强；（2）滑动变阻器的滑片向a端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电流变大，在线圈和铁芯一定时，电磁铁的磁性增强，电磁铁吸引的铁钉增加；（3）根据电源的正负极判断电磁铁电流的方向，根据安培定则判断电磁铁下端是N极，上端是S极。故答案为：（1）电磁铁吸引铁钉的多少；（2）a；（3）S。【点评】此题是探究影响电磁铁磁性强弱的因素，要知道电磁铁的磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关。同时还考查了安培定则的应用。21【考点】86：压强的大小及其计算；78：重力的计算【分析】根据重力计算公式G=mg即可算出石雕像和基座的总重力；根据压强计算公式P=即可算出它对水平地面的压强。【解答】解：石雕像和基座的总重力：G=mg=7105kg10N/kg=7106N，石雕像和基座对水平地面的压强：P=1.4105Pa。故答案为 7106，1.4105。【点评】本题考查了重力的计算和压强的计算，计算难度不大，比较简单。22【考点】JA：电功率的计算；J5：电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）金属外壳的用电器必须接地线，为了防止人触电；并联电路中各用电器可以单独工作，互不影响；而串联电路中各用电器同时工作，并且相互影响；（2）1600imp/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表指示灯闪烁1600次，据此求出指示灯闪烁16次电路中消耗的电能，再利用P=求电冰箱的功率；（3）从图1电冰箱的耗电量得出该电冰箱正常工作24h消耗的电能。【解答】解：（1）为避免用电冰箱的金属外壳带电，故要接地，所以电冰箱使用三孔插座；电冰箱和其他用电器工作时互不影响，是并联；（2）指示灯闪烁16次，电冰箱正常工作5min消耗电能为：W=kWh=0.01kWh，电冰箱的额定功率：P=0.12kW=120W；（3）从图1电冰箱的耗电量为0.7kWh/24h，表示该电冰箱正常工作24h消耗的电能为0.7kWh。故答案为：（1）三；并；（2）120；（3）0.7。【点评】本题考查了使用电能表消耗电能和电功率的计算、家庭电路的连接方式以及使用三孔插座的目的，明确电冰箱、电能表上相关参数的意义是关键。23【考点】FF：功率的计算；6T：二力平衡条件的应用；EC：功的计算；F4：滑轮（组）的机械效率【分析】知道物体在水平地面上移动距离，根据滑轮组的结构，求出绳子末端（拉力F）移动的距离，利用功的公式和功率的公式求拉力的功率；又知道拉力和摩擦力的大小，求出有用功和总功，再利用机械效率的公式求该装置的机械效率。【解答】解：由图可知，拉力移动的距离s1和物体移动的距离s2的关系：s1=3s2=36m=18m，拉力F的功率：P=1500W；装置的机械效率：=100%=100%=100%=80%。故答案为：1500、80%。【点评】本题综合考查了功的计算、功率的计算、机械效率的计算，知识点多，属于难题。三、作图题24【考点】8P：浮力大小的计算【分析】画浮力的图示，就是把浮力的大小、方向、作用点画出来。所受浮力的大小，可以利用物体处于漂浮状态，浮力等于重力求得。浮力的方向可以利用浮力的定义得到。【解答】解：物体处于漂浮状态，所以浮力等于重力等于10N，浮力的方向是竖直向上的，作用点在物体的几何中心上。由此可以画出其所受的浮力的图示。故答案如下图所示：【点评】画力的图示与画力的示意图不同，在表示出力的三要素的同时，还一定要附上标度。25【考点】AN：作光的折射光路图【分析】根据光的折射规律可知，折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线的两侧，且当光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角。【解答】解：光线从空气斜射入玻璃砖时，折射光线向法线偏折，折射光线小于入射光线，据此作出第一条折射光线；折射光线从玻璃砖射入空气中时，由于此光线是由圆心O射出，当经过第二个折射面时，正好与该入射点处的切线垂直，因此第二次折射光线的传播方向不变，如图所示：【点评】光由空气斜射进入其它透明介质中时，光线要发生偏折，折射角小于入射角；当垂直入射时，其传播方向不变，入射角为0，折射角为0。26【考点】CV：通电螺线管的极性和电流方向的判断；CB：安培定则【分析】由右手螺旋定则得出通电螺线管的N极在左端。【解答】解：左边是N极，线圈正面电流方向向上，背面向下。如图：【点评】本题考查了右手螺旋定则的使用：让四指弯曲，跟螺线管中电流的方向一致，则大拇指指的方向是通电螺线管的N极。四、计算题27【考点】6U：力与运动的关系【分析】人在运动过程中受重力和支持力，分析向心力的来源，由向心力公式求解即可。【解答】解：（1）由于小球在A处的速度大小为v，半径为R则在A处时有 F+mg=m，可得 F=mmg（2）在C处时，有 Fmg=m，由式得F=FF=2mg=2 N（3）在A处时板对小球的作用力为F，球做匀速圆周运动的向心力：F向=F+mg由于无相对运动趋势，在B处不受摩擦力作用，受力分析如图所示：则tan =F+1作出的tan F的关系图象如图所示：答：（1）在A处板对小球的作用力与小球速度大小的关系式为F=mmg。（2）在C处板对小球的作用力比在A处大2N。（3）作出tan F的关系图象如上图【点评】本题考查了向心力公式的应用，重点要对物体的受力做出正确的分析，列式即可解决此类问题。28【考点】JK：电功与热量的综合计算；86：压强的大小及其计算；J9：电功率与电压、电流的关系【分析】（1）电熨斗正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出正常工作时的电流；（2）熨烫前（未加水），电熨斗自然平放在衣服上时，对衣服的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，受力面积等于底板面积，根据p=求出它对衣服的压强；（3）知道底板的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm（tt0）求出预热过程底板吸收的热量；（4）由图示可知，20s内电熨斗加热15s，据此求出10min内的加热时间，根据W=Pt求出10min烫一件衣服共消耗的电能。【解答】解：（1）由P=UI可得，电熨斗正常工作时的电流：I=5A；（2）熨烫前（未加水），电熨斗自然平放在衣服上时，对衣服的压力：F=G=mg=1.6kg10N/kg=16N，它对衣服的压强：p=1000Pa；（3）预热过程底板吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=0.46103J/（kg）1kg（22020）=9.2104J；（4）由图示可知，20s内电熨斗加热15s，则10min内的加热时间：t1=15s=450s，由P=可得，10min烫一件衣服共消耗的电能：W=Pt=1100W450s=4.95105J。答：（1）电熨斗正常工作时的电流为5A；（2）熨烫前（未加水），电熨斗自然平放在衣服上，它对衣服的压强为1000Pa；（3）预热过程底板吸收的热量为9.2104J；（4）熨一件衣服用时l0min。则共消耗的电能为4.95105J。【点评】本题考查了电功率公式、重力公式、压强公式、吸热公式、电功公式的应用，从表格和图（b）中获取有用的信息是关键。五、实验探究题29【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）根据纸上呈现一个并非最小的光斑，这个光斑可能是焦点之后的，也可能是焦点之前的光斑。根据图判断出焦点；（2）本题应用凸透镜成像的规律：2fuf，成倒立、放大的实像，投影仪就是利用这一原理制成的。凸透镜成实像时，物距变大相距变小，所成的像越小。凹透镜对光线有发散作用；（3）看虚像的方法：眼睛通过凸透镜往蜡烛一侧观察。【解答】解：（1）由于光斑到凸透镜的距离为L时，即像距为L时，纸上呈现一个并非最小的光斑，此时再将这个凸透镜与纸之间距离稍微增大，若光斑变大，这个光斑可能是焦点之后的光斑，故可能fL；由图可知：焦点到透镜光心的距离等于焦距，所以f=20cm；（2）当烛焰位于如图丙所示位置时，此时物体在2fuf，成倒立、放大的实像。若将蜡烛远离透镜2cm，物距变大相距变小，所成的像越小，在不移动光屏的情况下，放一近视镜（凹透镜）可以发散光线使像成在光屏上，（3）看虚像的方法：眼睛透过凸透镜往蜡烛一侧观察，故B正确。故答案为：（1）； 20；（2）放大； 小； 近视眼镜；（3）B。【点评】此题主要考查凸透镜成像的规律：u2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机；u=2f，成倒立等大的实像，应用是测焦距；fu2f，成倒立放大的实像，应用是投影仪；u=f，不成像；uf，成正立放大的虚像，应用是放大镜。30【考点】6T：二力平衡条件的应用【分析】根据二力平衡的条件答题：一对平衡力大小相等、方向相反、作用在一条直线上，作用在同一个物体上，在探究时注意控制变量法的应用。探究二力平衡时，验证两个力需要作用在同一个物体上，可以把小卡片分成两半变成两个物体。为了减小实验误差，应减小摩擦力对实验的影响，根据摩擦力对实验的影响分析小明与小华的实验设计的优劣。【解答】解：（1）在线的两端挂上钩码的作用是使两个拉力的方向相反，可通过调整钩码的数量来改变拉力的大小；（2）小华将小卡片转过一个角度，两个拉力不在同一直线上，则松手后小卡片不能平衡，设计此实验步骤的目的是为了探究：不在同一直线上的两个力能否平衡；（3）为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，用剪刀把小卡片剪成两个更小的卡片，观察两个更小卡片是否平衡。（4）因为左右两侧各通过一个定滑