2019年中考物理模拟试卷及答案解析7-10

2019年中考物理模拟试卷一、选择题（每空2分，共26分将答案直接写在横线上，不必写出过程）1（2.00分）2018年4月6日，我省芜湖市境内发生了3.6级地震。请问地震时会产生 （选填“超声波”或“次声波”）2力可以用带箭头的线段表示：线段是按一定比例（标度）画出的，它的长短表示力的大小，箭头的指向表示力的方向，箭尾通常表示力的作用点，此即为力的图示。请用力的图示法在图中画出重为6N的物体静止时对水平地面的压力F压。3（2.00分）如图甲是照相机镜头成像原理示意图。某同学站在同一地点用数码相机（焦距可调）拍下了远近不同的合肥市政府大楼，如图乙、丙所示。结合图分析可知，拍摄照片 时，镜头焦距调的较大。4（2.00分）一个带电的物体与不带电的导体相互靠近时，由于电荷间的相互作用，会使导体内部的电荷重新分布，分布规律如图甲所示。用一根跟毛皮摩擦过的硬橡胶棒，靠近不带电验电器的金属小球a，如乙图所示这时验电器的金属箔b带 电。5（4.00分）从分子动理论的观点来看，单个分子碰撞器壁的冲力是短暂的，但是大量分子频繁地碰撞器壁，就对器壁产生持续、均匀的压力，所以气体的压强就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力，且气体分子速度越快，对器壁的压力越大。据此可推测：某容积不变的密闭容器中气体，微观上同一时刻容器器壁内表面各处受到的气体压强是 的（选填“相等”或“不相等”）；在温度降低时气体压强会 （选填“变大”、“不变”或“变小”）6（2.00分）如图所示电路中，电源电压不变，闭合开关后，电流表A1的示数为0.5A，电流表A2的示数为0.3A，R1=30，则R2= 。7（4.00分）如图所示是一款新产品LED磁悬浮小夜灯，它是由底座和LED灯组成，它的神奇之处在于底座通电后，灯能凭空悬浮发光。某同学经过研究分析得知：通电时，因灯的底部和底座间都有磁性，所以灯悬浮在空中是 的原因；由于发生 现象使悬浮部分底部的线圈中产生电流，小夜灯能发光。8（4.00分）小明为了测量一个物体的密度，首先用调整好的天平测质量，天平平衡后如甲图所示，在量筒中倒入40ml的水，把物体浸没在水中，液面如乙图所示，则物体的密度是 kg/m39（2.00分）如图用一细绳拴住重为2.8N、体积为0.6dm3的木筷浸没在某液体中，若测得细绳的拉力为2N，则液体的密度是 kg/m3。10（4.00分）有一亮度可调台灯的电路图如图甲所示，电源电压为15V，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙所示，已知小灯泡的额定电压为12V调节调光变阻器R旋钮，使灯泡L的功率为3.6W，此时调光变阻器R接入电路的阻值为 ；灯泡正常工作30min，电流通过灯丝产生的热量是 J。二、选择题（每小题给出的四个选项中，只有个选项是符合题意的，请将该选项的标号填入下列答题框内）11（3.00分）大型载重汽车连续长时间下坡时，为防止刹车片过热造成刹车失灵，要向刹车片和轮胎喷水降温，水喷到刹车片上时，会看到热气腾腾。关于这一切过程，下列说法正确的是（）A刹车片变热，是因为做功改变了它的内能B向刹车片和轮胎喷水降温，是因为水液化过程中吸收热量C水喷到刹车片上时，看到热气腾腾，这一过程中发生汽化现象D水喷到刹车片上时，看到热气腾腾，说明分子在做无规则运动12（3.00分）我国完成了速度超过400km/h的高铁交会试验，两列高速运行的列车交会过程中，产生“强吸力”的原因是两车之间的空气（）A流速大，压强大B流速小，压强小C流速大，压强小D流速小，压强大13（3.00分）科学研究中常常发现某一问题中的两个相关的量（x，y）之间存在一定的关系，且可用图线表示。下列相关的量之间不符合如图所示关系的是（）A同一种物质组成的物体质量与体积的关系B物体吸热时，物体的温度与时间的关系C通过定值电阻的电流与其两端的电压关系D物体浸入水中时，物体受到水的浮力与排开水的体积大小的关系14（3.00分）如图所示，人站在自动扶梯的水平踏板上，随着扶梯斜向上匀速运动，以下说法正确的是（）A人受到重力和支持力的作用B人受到重力、支持力和摩擦力的作用C人的重力和踏板对人的支持力是一对相互作用力D人对踏板的压力就是人的重力15（3.00分）如右图所示，水平台面由同种材料制成，粗糙程度均匀，在它上面放着质量为m1的木块，将木块用轻绳跨过定滑轮与质量为m2的钩码相连。木块在平行于台面的轻绳的拉力作用下做匀速直线运动，运动一段时间，钩码触地后立即静止，木块继续滑动一段距离停在台面上。绳重、轮与轴的摩擦均忽略不计，下列说法中正确的是（）A钩码触地后木块继续滑动的过程中，木块的动能保持不变B木块匀速运动的过程中，木块和钩码所受的重力都不做功C木块匀速运动的过程中，木块的机械能越来越大D钩码触地后木块继续滑动的过程中，木块所受摩擦力大小为m2g16（3.00分）如图是一种防盗报警电路：电源电压恒定，R为定值电阻，压力传感器M得电阻随压力得增大而变小，报警器得内阻很小，忽略不计，通过它的电流超过设计值时会自动报警。闭合开关S，当踩踏传感器受到的压力增大时，下列说法正确的是（）A电压表示数变小B电路的总功率变小C电压表和电流表示数的比值不变D如果R发生短路，报警器不易发生报警17（3.00分）在做伏安法测定小灯泡电功率的实验时，有一位同学分别设计了四个实验电路图，如图所示，其中正确的是（）ABCD三、实验题（每空2分，共20分）18（6.00分）在“探究光得反射定律”的实验中，如图所示，平面镜M放在平板上，E、F是一块硬纸板。（1）当用激光笔纸板E的边缘沿纸板对平面镜O点照射，在纸板F上出现了反射光线，小明分别标出了入射光线和反射光线上的各一个点，共做了三次，得到光线上的六个点，请在图中完成光的反射光路图。（2）小明在实验时，为了直接从纸板上读出入射角和反射角的大小，可以对器材做出的改进是 。（3）小明根据正确的实验数据，作出了关于“反射角入射角”的图象，横轴和纵轴单位长度相同，符合科学规律的图象是 。19（6.00分）小明进行“探究杠杆平衡条件”的实验。每个钩码都完全相同。实验前，小明通过调节杠杆两端的平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，消除杠杆自重对实验的影响。（1）要使图甲中杠杆水平平衡，应在a处挂 个钩码。（2）有同学根据自己的实验数据，得到如下结论：动力支点到动力作用点的距离=阻力支点到阻力作用点的距离。这个结论与杠杆的平衡条件不符，原因是实验过程中没有 。A多次进行实验 B改变力的大小 C改变力的方向 D改变力的作用点（3）小明改变实验方法，如图乙所示，重心C点不再是支点，并在A点仍挂两个钩码，对杠杆的拉力为FA，用校过零的弹簧测力计正确地测出B点使杠杆水平平衡时的拉力FB，则FBLOB FALOA（选填“”“=”或“”）20（8.00分）小明用如图所示的电路测量待测电阻的阻值。（1）闭合开关前，电流表指针如图所示，原因是 。（2）纠正问题后，小明把滑动变阻器的滑片置于阻值最大处，闭合开关S，发现电流表和电压表都没有示数，可能的故障是 。A滑动变阻器的导线都接在金属杆两端 B滑动变阻器的导线都接在线圈两端C滑动变阻器的滑片和线圈接触的不紧密 D滑动变阻器的B、D接线柱之间多连了一根导线（3）实验中，小明发现电流表的指针有小范围的晃动，他应该进行的操作是 。（4）实验中多次测量的目的是 。四、计算与推导题（第21小题8分，第22小题7分，第23小题8分，共23分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不得分21（8.00分）一台“220V 1210W”的电水壶，装有2kg、20的水。当实际电压是200V的时候，不考虑热量损失和温度对电阻的影响。【C水=4.2103J/（kg）】求：（1）电水壶的实际电功率；（2）将水加热至70所吸收的热量；（3）实际加热时间。22（7.00分）如图所示，电源电压恒定，内阻不计，R0是定值电阻，阻值未知。闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片至某一位置，电压表示数为U1，电流表示数为I1，再调节滑动变阻器的滑片至另一位置，电压表示数为U2，电流表示数为I2。（1）用两次电压表和电流表示数推导R0和电源电压U的表达式；（2）如果电源电压U=6V，R0=10，求RP=10时，滑动变阻器的功率。23（8.00分）如图所示是一台起重机在长江边工作的示意图。现在用此起重机从水中把重1.5104N，体积为0.6m3的物体G匀速提起。已知物体在水面下时，滑轮组的钢丝绳自由端拉力F为3750N，物体受到的拉力F所做的功为有用功。（不计摩擦和绳重，水=1.0103kg/m3）则物体浸没在水中时，求：（1）受到的浮力和拉力F；（2）重物在未出水前被提升时，滑轮组的机械效率；（3）动滑轮的重。参考答案与试题解析一、选择题（每空2分，共26分将答案直接写在横线上，不必写出过程）1【考点】9E：超声波与次声波【分析】人耳的听觉范围是20Hz20000Hz，其中高于20000Hz的声波是超声波，低于20Hz的声波叫做次声波；自然界中，火山爆发、地震、风暴等都能产生次声波。【解答】解：地震时会产生 次声波，地震时产生的次声波对建筑物、人的平衡器官功能的破坏性很大；并且它的频率低于20Hz，人耳不能直接听到。故答案为：次声波。【点评】此题考查学生对次声定义的了解情况，是基础题。2【考点】6H：力的示意图【分析】已知的是重力，要求画出的是压力，因此，分析时要搞清在此种状态下，重力与压力的关系，明确三要素，再确定标度，最后画出线段。【解答】解：物体静止时对水平地面的压力F压=G=6N，方向垂直于接触面向下，作用点在接触面上。过压力的作用点，沿压力的方向画一条有向线段，使线段长度为标度的3倍，如图所示： 【点评】本题学生容易把力作用点画在物体重心上；压力的作用点在受压物体的表面，重力的作用点在物体的几何中心上，不能混淆。3【考点】B8：凸透镜成像的应用【分析】要解答本题需掌握：照相机的原理是利用物体到凸透镜的距离大于2倍焦距的时候，成倒立缩小的实像的原理，且物距相同的时候，焦距越大所成的像就越大。【解答】解：因为焦点在凸透镜的主光轴上，且平行于主光轴的光线经过凸透镜后会聚过焦点，所以F点是焦点。如下图，当物距相同时，凸透镜焦距为OF时，作出物体AB的像AB；凸透镜焦距为OF时，物体AB的像是AB，OF小于OF，像AB大于像AB，所以在物距相同时，焦距越小，像越小。所以拍摄乙图时，焦距要调小。拍摄照片丙时，镜头焦距调的较大；故答案为：丙。【点评】凸透镜的三条特殊光线对于判断凸透镜成像情况很重要，本题主要考查了学生对凸透镜成像特点的了解和掌握，是中考的热点。4【考点】H8：电荷间的相互作用规律【分析】（1）摩擦起电的实质是电荷的转移，当用毛皮摩擦橡胶棒时，毛皮上的电子转移到橡胶棒上，橡胶棒上就有多余的电子，从而使橡胶棒带上负电。（2）电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。【解答】解：毛皮摩擦过的硬橡胶棒带负电，靠近不带电验电器的金属小球a时，使箔片带上负电，同种电荷相互排斥而张开。故答案为：负。【点评】明确摩擦起电的实质以及电荷间的作用规律，并理解甲图的含义；可解答此题。5【考点】8H：气体压强跟体积的关系【分析】根据：“气体的压强就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力，且气体分子速度越快，对器壁的压力越大”分析解答。【解答】解：根据题中信息“大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力，且气体分子速度越快，对器壁的压力越大”据此可推测：某容积不变的密闭容器中气体，微观上同一时刻容器器壁内表面各处受到的气体压强是相等的；在温度降低时，分子运动速度减慢，容器壁单位面积上受到的压力减小，故气体压强减小。故答案为：相等；减小。【点评】本题考查了气体压强与体积的关系，是一道中等题。6【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】由电路图知：两电阻并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测电阻R2所在支路的电流；（1）由并联电路特点求出流过电阻R1的电流；，（2）由欧姆定律求出电源电压；（3）由欧姆定律求出电阻R2的阻值。【解答】解：由电路图知：两电阻并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测电阻R2所在支路的电流；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻R1的电流：I1=II2=0.5A0.3A=0.2A；由I=得电源电压：U=I1R1=0.2A30=6V；则电阻R2的阻值：R2=20；故答案为：20。【点评】本题考查了并联电路的特点、欧姆定律的应用，是一道难度不大的计算题；明确各电路元件的连接方式、灵活应用并联电路特点及欧姆定律是正确解题的关键。7【考点】CP：电磁感应【分析】（1）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，根据二力平衡分析；（2）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就会产生感应电流。【解答】解：（1）由图可知，基座内电路接通电源后，灯的底部和底座间都有磁性，利用了同名磁极相互排斥使灯泡悬浮；（2）由图乙可知，送电线圈周围有磁场，灯泡在悬浮过程中一直上下浮动、并不停旋转，受电线圈会在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，灯泡会发光，这就是电磁感应现象。故答案为：同名磁极相互排斥；电磁感应。【点评】本题考查了二力平衡条件的应用、电磁感应现象，属于基础知识的考查。8【考点】2E：固体密度的测量【分析】（1）物体质量是砝码质量与游码示数之和。（2）由图乙所示量筒确定量筒分度值，读出物体与水的总体积，然后求出物体的体积，最后由密度公式求出物体的密度。【解答】解：（1）由图甲可知，游码的分度值为0.2g，游码示数是1.4g，砝码质量是20g+10g=30g，则物体的质量m=30g+1.4g=31.4g；（2）由图乙所示量筒可知，量筒的分度值是2ml；物体与水的总体积是60ml，物体的体积V=60ml40ml=20ml=20cm3，物体的密度=1.57g/cm3=1.57103kg/m3。故答案为：1.57103。【点评】本题考查了天平读数、量筒读数、求黄瓜密度、物体的沉浮条件等问题，难度不大，要掌握常用测量器材的使用及读数方法。9【考点】8O：阿基米德原理【分析】（1）利用物体的受力平衡求出浮力；（2）因物体完全浸没在水中，所以V排=V，利用阿基米德原理F浮=gV排变形即可求出该液体的密度。【解答】解：（1）用一细绳拴住木块处于静止则受力平衡，则物体受到的浮力：F浮=G+F=2.8N+2N=4.8N；（2）物体浸没在液体中，排开液体的体积：V排=V=0.6dm3=0.006m3，由F浮=液gV排可得该液体的密度：液=0.8103kg/m3。故答案为：0.8103。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的掌握和运用，利用好称重法测浮力和物体排开液体的体积相等是本题的关键。10【考点】JI：焦耳定律的计算公式及其应用【分析】（1）根据图象读出灯泡的实际功率为3.6W时电路中的电流和灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻。（2）根据Q=W=UIt算出电流通过灯丝产生的热量。【解答】解：（1）由图象可知，当UL=6V，I=IL=0.6A时，灯泡的实际功率为3.6W，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以U滑=UUL=15V6V=9V，由欧姆定律可得滑动变阻器接入电路中的电阻：R滑=15。（2）灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为12V，由图象可知，当U额=12V，I额=0.8A时，灯泡正常工作30min，电流通过灯丝产生的热量：Q=W=UIt=12V0.8A3060s=17280J。故答案为：15；17280。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，关键是根据图象读出灯泡的实际功率为3.6W时两端的电压和通过的电流。二、选择题（每小题给出的四个选项中，只有个选项是符合题意的，请将该选项的标号填入下列答题框内）11【考点】G9：做功改变物体内能【分析】（1）做功与热传递是改变物体内能的两种方式，做功过程是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；（2）水从液态变为气态是汽化，汽化吸热；热气腾腾是液化成的小水滴，不是分子的运动。【解答】解：A、刹车片变热是通过摩擦做功的方式增加内能的，故A正确；B、向刹车片和轮胎喷水降温，是因为水汽化过程中吸收热量，故B错误；C、水喷到刹车片上时，看到热气腾腾，这一过程中水发生了汽化，同时水蒸气再次遇冷液化形成小水滴，故C错误；D、水喷到刹车片上时，看到热气腾腾，是水蒸气液化形成的小水滴，不能说明分子在做无规则运动，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了改变物体内能方式的判断，以及汽化、液化的特点及应用，熟悉相关知识与现象是正确解题的关键。12【考点】8K：流体压强与流速的关系【分析】流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。比较两列高速运行的列车之间的压强以及外侧的压强的大小。【解答】解：两列高速运行的列车交会过程中，两列高速列车之间的空气流动速度很大，压强小，两列车外侧的压强不变，车受到外侧压强大于车内侧受到的压强，两列车产生“强吸力”，故C正确。故选：C。【点评】此题考查了流体压强和流速关系的应用，是一道综合题。13【考点】8O：阿基米德原理【分析】观察分析图象，图中两个量（x，y）之间成正比关系，看选项中哪两个量的关系与图象中的相符，找出两个量之间的关系不符合的选项即可。【解答】解：观察分析图象，图中两个量（x，y）之间成正比关系，A、根据m=V可知：同一物体的质量与体积成正比关系。故A符合；B、晶体在熔化时，吸收热量温度保持不变，温度与加热时间不成正比。故B不符合；C、根据U=IR可知：定值电阻的阻值一定，通过的电流与两端电压成正比。故C符合；D、根据F浮=液gV排可知：物体浸入水中时，液体的密度一定，物体受到水的浮力与排开水的体积成正比。故D符合。故选：B。【点评】本题考查学生的观察能力和图象分析能力，涉及的知识点较多，解题时应熟记这些关系并加深理解。14【考点】6S：平衡力和相互作用力的区分【分析】人站在自动扶梯上，人相对于扶梯处于静止状态，静止的物体受到平衡力的作用，受到的合力为零。【解答】解：AB、以人为研究对象，人受重力、扶梯的支持力；对于摩擦力的分析，我们可以采用假设法，如果人受摩擦力作用的话，则受力不平衡，无法匀速运动，所以人不受到扶梯的摩擦力作用，故A正确、B错误；C、人随着扶梯斜向上匀速运动，则人的重力和踏板对人的支持力是一对平衡力，不是相互作用力，故C错误；D、人对踏板的压力大小等于人的重力，但这两个力的施力物体不同，不是同一个力，故D错误；故选：A。【点评】人站在台阶式的扶梯上和站在斜面式的扶梯上受力情况是不同的：人站在台阶式的扶梯上，人受到重力和支持力作用；人站在斜面式的扶梯上，人有下滑的趋势，所以人除了受到重力和支持力作用，还受摩擦力作用。15【考点】7D：摩擦力的大小；EA：力是否做功的判断；FN：动能和势能的大小变化【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度；重力势能大小的影响因素：质量、高度；机械能=动能+势能。（2）力对物体做功的两个必要因素：作用在物体时的力，物体在该力的方向上通过距离。（3）木块匀速运动，说明木块受到的力是平衡力。竖直方向上重力和支持力是平衡力，水平方向上拉力和摩擦力是平衡力；钩码触地后，木块由于惯性会继续向前运动，此时所受摩擦力不变。【解答】解：A、钩码触地后木块继续滑动的过程中，木块的速度越来越小，所以木块的动能越来越小，故A错误；B、木块受到重力竖直向下，木块向下没有移动距离，重力对木块没有做功，钩码受到重力竖直向下，钩码向下移动了距离，重力对钩码做功，故B错误；C、木块在水平台上匀速运动的过程中，动能不变，重力势能不变，所以木块的机械能不变，故C错误；D、在钩码的拉力作用下，木块沿桌面做匀速运动，此时木块受平衡力，水平方向的拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，则f=m2g；钩码触地后木块继续滑动的过程中，木块所受摩擦力大小仍为m2g，故D正确。故选：D。【点评】（1）掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素，机械能=动能+势能。（2）掌握力对物体做功的两个必要因素。（3）掌握摩擦力大小的影响因素。16【考点】IZ：电路的动态分析【分析】由电路图可知，定值电阻R与传感器电阻M串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）根据压力传感器M得电阻随压力得增大而变小，由串联电路特点和欧姆定律判断电压表和电流表示数变化以及两表比值的变化； 由P=UI判断总功率的变化； （2）通过报警器得内阻很小，电流超过它的设计值时会自动报警，由此分析R发生短路后电路中电流的变化情况，由此分析解答。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R与传感器电阻RM串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）由题知，压力传感器M得电阻随压力得增大而变小，所以电路的总电阻变小，电源电压恒定，I=可知电路中电流变大，由U=IR可知定值电阻R两端电压变大，故A错误； 由P=UI可知，电路的总功率变大，故B错误； 由R=知，电压表与电流表的示数比值大小等于定值电阻的阻值，所以它们的比值不变，故C正确； （2）通过当R被短路后，电路中电阻变小，所以电路中电流变大，所以即使传感器受到的压力不增大，电路中电流也可能会由于电流超过报警器电流超过设计值时会自动报警，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和电功率公式的应用，会把电压表和电流表的比值变化转化为定值电阻R处理是关键。17【考点】JF：电功率的测量【分析】根据伏安法测量小灯泡电功率的实验，电压表与小灯泡并联测量小灯泡两端的电压，电流表与小灯泡串联测量通过小灯泡的电流，根据P=UI可求小灯泡的电功率。【解答】解：A、由图可知，电流表与小灯泡并联，不能测量小灯泡的电流，由P=UI可知不能测定小灯泡电功率，故A错误；B、由图可知，电压表并联在电源两端，不能测量出小灯泡的电压，由P=UI可知不能测定小灯泡电功率，故B错误；C、由图可知，电流表串联在干路上，测得是小灯泡与滑动变阻器的总电流，不能测量出小灯泡的电流，由P=UI可知不能测定小灯泡电功率，故C错误；D、由图可知，电压表与小灯泡并联测量小灯泡两端的电压，电流表与小灯泡串联测量通过小灯泡的电流，根据P=UI可求小灯泡的电功率，故D正确。故选：D。【点评】本题主要考查伏安法测定小灯泡电功率的实验原理图，根据原理分析即可。三、实验题（每空2分，共20分）18【考点】A7：光的反射定律【分析】（1）光的反射规律：三线共面（入射光线、反射光线、法线在同一平面上），两线分居（入射光线、反射光线分居法线两侧），两角相等（入射角、反射角）；（2）为了方便研究反射角与入射角的关系，可以在硬纸板上标出角度；（3）根据反射角等于入射角，来判定图象。【解答】解：（1）根据反射角等于入射角，确定入射光线、反射光线作出光路图，如图示：（2）由反射定律可知，反射角等于入射角，为了方便研究反射角与入射角的关系，要在硬纸板上标出角度，直接读出反射角和入射角的大小；（3）根据反射角等于入射角，横轴表示入射角，纵轴表示反射角，反射角等于入射角从图象上看，就是角的平分线，故A符合规律。故答案为：（1）如图示：（2）在硬纸板上标出角度；（3）A。【点评】本题考查了探究光的反射的实验，要理解和熟记光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。19【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）根据杠杆平衡条件求出a处挂钩码的个数；（2）从支点到动力作用线的垂直距离叫动力臂；从支点到阻力作用线的垂直距离叫阻力臂。（3）图乙中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响。【解答】解：（1）设杠杆的分度值为L，一个钩码的重为G，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得，2G2L=nG4L，n=1（个）；（2）“动力支点到动力作用点的距离=阻力支点到阻力作用点的距离”，是在杠杆在水平位置平衡且动力和阻力的方向都是竖直向下的条件下得出的，也就是实验过程中没有改变动力或阻力的方向。故C正确。（3）图乙中，杠杆的重心不在支点上，杠杆自身的重力对杠杆转动产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大，FBLOBFALOA。故答案为：（1）1；（2）C；（3）。【点评】本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，从原理到实际操作、实验方法、数据分析等，考查较为全面，是我们应该掌握的重点实验。20【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）电流应从电流表的正接线柱流入，负接线柱流出，否则指针会反向偏转。（2）电流表无示数说明电路断路，电压表没有有示数说明电压表与电源不相连，即电压表并联以外的部分断路。（3）电流表的指针有小范围的晃动，说明电流表量程选大了，需要将电流表换成小量程；（4）多次测量求平均值减小误差。【解答】解：（1）由图知，电流表的指针反向偏转，所以可知电流表的正负接线柱接反了。（2）电流表无示数说明电路断路，电压表没有有示数说明电压表与电源不相连，因为电压表测量定值电阻两端的电压，所以故障在滑动变阻器的两端，即滑动变阻器处有断路，可能是滑动变阻器的滑片和线圈接触的不紧密，故C正确；（3）电流表的指针有小范围的晃动，说明电流表量程选大了，需要将电流表换成小量程；（4）本实验是测待测电阻的阻值，是测量型实验，多次测量的目的是多次测量求平均值减小误差。故答案为：（1）电流表的正负接线柱接反了；（2）C；（3）将电流表换成小量程；（4）多次测量求平均值减小误差。【点评】本题考查了电流表的使用、故障分析、实验操作以及多次测量的目的等知识，是一道综合题，但难度不大。四、计算与推导题（第21小题8分，第22小题7分，第23小题8分，共23分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不得分21【考点】JK：电功与热量的综合计算【分析】（1）由电水壶的铭牌，利用P=公式变形可求得电热水壶正常工作时电阻丝的电阻，当实际电压是220V的时候，再利用P=可求得实际功率；（2）已知水的质量，初温、末温，根据Q=cmt可求得将水加热至70所吸收的热量；（3）不考虑热量损失和温度对电阻的影响，Q=W，根据P=公式变形可求得实际加热时间【解答】解：（1）由P=UI=可得，电热水壶正常工作时电阻丝的电阻：R=40；当实际电压U实际=200V，不考虑温度对电阻的影响，电水壶的实际电功率：P实际=1000W；（2）将水加热至70所吸收的热量：Q=cmt=4.2103J/（kg）2kg（7020）=4.2105J；（3）不考虑热量损失，则消耗的电能W=Q=4.2105J；由P=可得，实际加热时间：t