甘肃省白银市会宁五中2020学年高二化学下学期期中试卷（含解析）

2020学年甘肃省白银市会宁五中高二（下）期中化学试卷 一、选择题（共20小题，每小题3分，满分60分）1（3分）（2020春三亚校级期末）按碳骨架分类，下列说法正确的是（）A属于醇类化合物B属于芳香族化合物C 属于脂环化合物DCH3CH（CH3）2属于链状化合物考点：常见有机化合物的结构专题：有机化学基础分析：A、结构中羟基与苯环直接相连，属于酚类；B、芳香族化合物指含有苯环的化合物；C、结构中含有苯环，属于芳香族化合物；D、CH3CH（CH3）2是异丁烷，属于链状化合物解答：解：A、结构中羟基与苯环直接相连，属于酚类，故A错误；B、芳香族化合物指含有苯环的化合物，不含苯环，属于环烯，故B错误；C、结构中含有苯环，属于芳香族化合物，不是脂环化合物，故C错误；D、CH3CH（CH3）2是异丁烷，属于链状化合物，故D正确；故选D点评：考查有机物的分类，比较基础，注意基础知识的掌握以及酚与醇的区别2（3分）（2020春会宁县校级期中）下列有关物质的表达式正确的是（）A1，3丁二烯的分子式：C4H8B溴乙烷的电子式：C乙醇的结构简式：CH3CH2OHD乙炔的分子模型示意图：考点：电子式、化学式或化学符号及名称的综合专题：化学用语专题分析：A.1，3丁二烯中含有两个碳碳双键，比丁烷少4个H原子；B溴原子的最外层为8个电子，漏掉了溴原子的3对孤电子对；C乙醇的官能团为羟基，相当于羟基取代了乙烷中的一个H；D乙炔为直线型结构，分子中所有原子共直线解答：解：A.1，3丁二烯中含有两个碳碳双键，其正确的分子式为：C4H6，故A错误；B溴乙烷为共价化合物，溴乙烷分子中存在5个碳氢共用电子对、1个碳溴共用电子对，溴乙烷的电子式为：，故B错误；C乙醇的官能团为羟基，为饱和一元醇，分子中含有2个C原子，其结构简式为：CH3CH2OH，故C正确；D乙炔的官能团为碳碳双键，直线型结构，乙炔的比例模型为：，故D错误；故选C点评：本题考查了电子式、分子式、结构简式及比例模型的表示方法及判断，题目难度中等，注意掌握常见的化学用语的概念及正确的表示方法，明确结构简式与结构简式、电子式的区别3（3分）（2020秋中牟县期末）下列通式只表示一类物质的是（）ACnH2n+2BCnH2nCCnH2n2DCnH2n6考点：有机化合物的异构现象专题：同系物和同分异构体分析：有机化合物通式仅表示一类有机物的只有烷烃，烯烃和环烷烃为同分异构体，炔烃和二烯烃、环烯烃为同分异构体，CnH2n6可以是苯、苯的同系物芳香烃，也可以是多炔烃或多烯烃解答：解：A、CnH2n+2分子结构中碳原子已饱和知表示烷烃，故A符合；B、CnH2n通式可以表示单烯烃，也可以表示环烷烃，故B不符合；C、CnH2n2通式表示炔烃、二烯烃、环烯烃等物质类别，故C不符合；D、CnH2n6可以是苯、苯的同系物芳香烃，也可以是多炔烃或多烯烃，故D不符合故选A点评：本题考查了有机物通式表示和分子结构的分析判断，有机化合物存在物质类别的同分异构体，题目较简单4（3分）（2020玉山县校级模拟）二甲醚和乙醇是同分异构体，其鉴别可采用化学方法及物理方法，下列鉴别方法中不能对二者进行鉴别的是（）A利用金属钠或者金属钾B利用质谱法C利用红外光谱法D利用核磁共振氢谱考点：有机物的鉴别专题：有机反应分析：二甲醚和乙醇是同分异构体，乙醇中含有OH，可发生取代反应，含有CC、CO、OH、CH键，乙醚含有CC、CH、CO键，二者含有的共价键类型和氢原子的种类不同，以此解答解答：解：A乙醇含有OH，可与金属钾或钠反应生成氢气，但二甲醚不反应，故A正确；B利用质谱法，因二者的相对分子质量相等，则不能鉴别，故B错误；C二者含有的官能团和共价键的种类不同，可鉴别，故C正确；D二者含有氢原子的种类不同，可鉴别，故D正确故选B点评：本题考好有机物的鉴别，难度不大，注意把握有机物结构的不同，把握常见鉴别方法5（3分）（2020宁夏）在丙烯 氯乙烯 苯 甲苯四种有机化合物中，分子内所有原子均在同一平面的是（）ABCD考点：常见有机化合物的结构专题：有机物分子组成通式的应用规律分析：在常见的有机化合物中甲烷是正四面体结构，乙烯和苯是平面型结构，乙炔是直线型结构，其它有机物可在此基础上进行判断解答：解：丙烯CH2=CHCH3 中有一个甲基，甲基具有甲烷的结构特点，因此所有原子不可能处于同一平面上，故错误；乙烯具有平面型结构，CH2=CHCl 看作是一个氯原子取代乙烯中的一个氢原子，所有原子在同一个平面，故正确；苯是平面型结构，所有原子在同一个平面，故正确；甲苯含有一个甲基，甲基具有甲烷的结构特点，因此所有原子不可能处于同一平面上，故错误所以正确，故选B点评：本题主要考查有机化合物的结构特点，做题时注意从甲烷、乙烯、苯和乙炔的结构特点判断有机分子的空间结构6（3分）（2020秋景洪市校级期末）下列有机物命名正确的是（）A2乙基丙烷BCH3CH2CH2CH2OH 1丁醇C间二甲苯D2甲基2丙烯考点：有机化合物命名专题：有机化学基础分析：判断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名，其核心是准确理解命名规范：（1）烷烃命名原则：长选最长碳链为主链；多遇等长碳链时，支链最多为主链；近离支链最近一端编号；小支链编号之和最小看下面结构简式，从右端或左端看，均符合“近离支链最近一端编号”的原则；简两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面（2）有机物的名称书写要规范；（3）对于结构中含有苯环的，命名时可以依次编号命名，也可以根据其相对位置，用“邻”、“间”、“对”进行命名；（4）含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小解答：解：A、2乙基丙烷，烷烃的命名中出现2乙基，说明选取的主链不是最长的，该有机物最长碳链含有4个碳原子，在2号C含有一个甲基，所以该有机物正确命名为：2甲基丁烷，故A错误；B、CH3CH2CH2CH2OH 1丁醇，醇的命名，选取含有官能团羟基的最长碳链为主链，从距离羟基最近的一端开始编号，该有机物命名为：1丁醇，故B正确；C、，该有机物习惯命名法命名为：对二甲苯，故C错误；D、 2甲基2丙烯，烯烃的编号应该从距离双键最近的一端开始，正确命名为：2甲基1丙烯，故D错误；故选B点评：本题考查了考查有机物的命名，题目难度不大，该题注重了基础性试题的考查，侧重对学生基础知识的检验和训练，该题的关键是明确有机物的命名原则，然后结合有机物的结构简式灵活运用即可，有利于培养学生的规范答题能力7（3分）（2020秋兴庆区校级期末）下列实验装置图及实验用品均正确的是（部分夹持仪器未画出）（）A实验室用酒精制取乙烯B石油分馏C实验室制硝基苯D实验室制取乙酸乙酯考点：化学实验方案的评价专题：实验评价题分析：A制取乙烯，测定反应液的温度，浓硫酸作催化剂和吸水剂；B分馏时测定馏分的温度，冷却水下进上出；C制硝基苯，水浴加热；D导管在碳酸钠溶液的液面下，可发生倒吸解答：解：A制取乙烯，测定反应液的温度，则温度计应在液面以下，应利用浓硫酸，故A错误；B分馏时测定馏分的温度，冷却水下进上出，则温度计水银球应在支管口处，冷水方法不合理，故B错误；C制硝基苯，水浴加热，温度计测定水的温度，图中制备实验合理，故C正确；D导管在碳酸钠溶液的液面下，可发生倒吸，应在液面以上，故D错误；故选C点评：本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，涉及有机物的制备及混合物分离提纯实验等，侧重有机物性质的考查，注意实验的评价性和操作性分析，题目难度不大8（3分）（2020春七里河区校级期末）下列烯烃中存在顺反异构体的是（）A丙烯B1丁烯C3己烯D2甲基2丁烯考点：有机物分子中的官能团及其结构专题：同系物和同分异构体分析：具有顺反异构体的有机物中C=C应连接不同的原子或原子团解答：解：A丙烯为CH3CH=CH2，其中C=C连接相同的H原子，不具有顺反异构，故A错误；B.1丁烯为CH3CH2CH=CH2，其中C=C连接相同的H原子，不具有顺反异构，故B错误；C.3己烯为CH3CH2CH=CHCH2CH3，具有顺反异构，故C错误；D.2甲基2丁烯为CH3C（CH3）=CHCH3，其中C=C连接相同的CH3，不具有顺反异构，故D错误故选C点评：本题考查有机物的同分异构体，题目难度中等，注意把握顺反异构的结构要求9（3分）（2020春会宁县校级期中）化合物Z由如下反应得到：C4H9BrYZ，Z的结构简式不可能是（）ACH3CH2CHBrCH2BrBCH3CH（CH2Br）2CCH3CHBrCHBrCH3DCH2BrCBr（CH3）2考点：卤代烃简介；有机物的推断专题：有机物的化学性质及推断分析：由转化关系可知，C4H9Br在氢氧化钠醇溶液、加热的条件下发生消去反应生成Y，Y为烯烃，烯烃与溴发生加成反应生成Z，Z中2个溴原子应分别连接在相邻的碳原子上，结合C4H8的烯烃同分异构体进行判断解答：解：由转化关系可知，C4H9Br在氢氧化钠醇溶液、加热的条件下发生消去反应生成Y，Y为烯烃，烯烃与溴发生加成反应生成Z，Z中2个溴原子应分别连接在相邻的碳原子上，A、若Y为CH3CH2CH=CH2，与溴发生加成反应生成CH3CH2CHBrCH2Br，故A正确；B、分子中2个溴原子不是分别连接在相邻的碳原子上，不可能是烯烃与溴的基础产物，故B错误；C、若Y为CH3CH=CHCH3，与溴发生加成反应生成CH3CHBrCHBrCH3，故C正确；D、若Y为2CH2=C（CH3），与溴发生加成反应生成CH2BrCBr（CH3）2，故D正确；故选B点评：本题考查有机物推断、有机物性质、同分异构体等，难度不大，理解加成反应是关键10（3分）（2020春会宁县校级期中）某有机化合物的结构简式为Na、NaOH、NaHCO3分别与等物质的量的该物质反应时，则消耗Na、NaOH、NaHCO3的物质的量之比为（）A3：3：3B3：2：1C1：1：1D3：2：2考点：有机物的结构和性质专题：有机物的化学性质及推断分析：该有机物中含有酚羟基、醇羟基、羧基，具有酚、羧酸、醇的性质，能和Na反应的官能团是醇羟基、酚羟基和羧基，能和NaOH反应的是酚羟基和羧基，能和碳酸氢钠反应的只有羧基，据此分析解答解答：解：该有机物中含有酚羟基、醇羟基、羧基，具有酚、羧酸、醇的性质，能和Na反应的官能团是醇羟基、酚羟基和羧基，能和NaOH反应的是酚羟基和羧基，能和碳酸氢钠反应的只有羧基，所以Na、NaOH、NaHCO3分别与等物质的量的该物质反应时，则消耗Na、NaOH、NaHCO3的物质的量之比为3：2：1，故选点评：本题考查有机物结构和性质，侧重考查分析能力，明确官能团与性质的关系即可解答，熟练掌握常见有机物的官能团及其性质，注意酚羟基和碳酸氢钠不反应但和碳酸钠反应11（3分）（2020春会宁县校级期中）下列物质能发生消去反应生成相应的烯烃，不能氧化生成相应醛的是（）ACH3OHBCH3CH2CH2OHCD考点：消去反应与水解反应专题：有机反应分析：醇发生消去反应的条件：与羟基相连碳相邻碳上有氢原子才能发生消去反应，形成不饱和键；醇发生氧化反应的条件：与羟基相连碳的碳上有两个或三个氢原子的发生氧化反应生成醛；与羟基相连碳的碳上有1个氢原子的发生氧化反应生成酮解答：解：ACH3OH不能发生消去反应，故A错误； BCH3CH2CH2OH能发生消去反应生成丙烯，发生氧化反应生成丙醛，故B错误；C不能发生消去反应，但能氧化生成相应的醛，故C错误；D、发生消去反应生成丙烯，发生氧化反应生成丙酮，故D正确；故选D点评：本题主要考查醇的消去反应和氧化反应的特点，难度不大，根据所学知识即可完成12（3分）（2020春会宁县校级期中）下列除去杂质的方法正确的是（）除去乙烷中少量的乙烯：光照条件下通入Cl2，气液分离；除去乙醛中少量的乙酸：加足量氢氧化钠溶液，蒸馏；除去CO2中少量的SO2：气体通过盛饱和碳酸钠溶液的洗气瓶；除去乙醇中少量的水：加新制生石灰，蒸馏；除去乙酸乙酯中少量的乙酸：用氢氧化钠溶液洗涤，分液、干燥、蒸馏ABCD考点：物质的分离、提纯的基本方法选择与应用专题：实验评价题分析：乙烷与氯气在光照条件下发生取代反应；乙酸与氢氧化钠反应生成难挥发的乙酸钠；CO2和SO2都与饱和碳酸钠溶液反应；生石灰与水反应，可用蒸馏的方法分离；乙酸乙酯与氢氧化钠溶液反应解答：解：乙烷与氯气在光照条件下发生取代反应，应用溴水除杂，故错误；乙酸与氢氧化钠反应生成难挥发的乙酸钠，可除去杂质，故正确；CO2和SO2都与饱和碳酸钠溶液反应，应用饱和碳酸氢钠溶液除杂，故错误；生石灰与水反应，可用蒸馏的方法分离，故正确；乙酸乙酯与氢氧化钠溶液反应，应用饱和碳酸钠溶液除杂，故错误故选B点评：本题考查物质的分离、提纯，为考查常见题型，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，注意把握物质的性质的异同，除杂时不能引入新的杂质，且不能影响被提纯物质的性质，难度不大13（3分）（2020江西）分子式为C5H11Cl的同分异构体共有（不考虑立体异构）（）A6种B7种C8种D9种考点：同分异构现象和同分异构体专题：同分异构体的类型及其判定分析：判断和书写烷烃的氯代物的异构体可以按照以下步骤来做：（1）先确定烷烃的碳链异构，即烷烃的同分异构体 （2）确定烷烃的对称中心，即找出等效的氢原子 （3）根据先中心后外围的原则，将氯原子逐一去代替氢原子 （4）对于多氯代烷的同分异构体，遵循先集中后分散的原则，先将几个氯原子集中取代同一碳原子上的氢，后分散去取代不同碳原子上的氢解答：解：分子式为C5H11Cl的同分异构体有主链有5个碳原子的：CH3CH2CH2CH2CH2Cl；CH3CH2CH2CHClCH3；CH3CH2CHClCH2CH3；主链有4个碳原子的：CH3CH（CH3）CH2CH2Cl；CH3CH（CH3）CHClCH3；CH3CCl（CH3）CH2CH3；CH2ClCH（CH3）CH2CH3；主链有3个碳原子的：CH2C（CH3）2CH2Cl；共有8种情况故选C点评：本题考查以氯代物的同分异构体的判断，难度不大，做题时要抓住判断角度，找出等效氢原子种类一般说来，同一个碳原子上的氢原子等效，同一个碳原子上连的所有甲基上的氢原子等效，处于镜面对称位置上的氢原子等效氯原子取代任意一个等效氢原子所得的一氯代物是同一种只要这样就可以了比如说丙烷有两种一氯代物14（3分）（2020南昌模拟）咖啡鞣酸具有较广泛的抗菌作用，其结构简式如下所示：关于咖啡鞣酸的下列叙述不正确的是（）A分子式为C16H18O9B与苯环直接相连的原子都在同一平面上C1 mol咖啡鞣酸水解时可消耗8 mol NaOHD与浓溴水既能发生取代反应又能发生加成反应考点：有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构专题：有机物的化学性质及推断分析：由结构简式可知，分子式为C16H18O9，含OH、COOH、酚OH、C=C、COOC及苯环，结合醇、羧酸、苯酚、酯、烯烃的性质来解答解答：解：A由结构简式可知，分子式为C16H18O9，故A正确；B苯环为平面结构，则与苯环直接相连的原子都在同一平面上，故B正确；CCOOH、酚OH、COOC能与NaOH溶液反应，则1mol咖啡鞣酸水解时可消耗4mol NaOH，故C错误；D含酚OH能与溴水发生取代反应，含C=C能与溴水发生加成反应，故D正确；故选C点评：本题考查有机物的结构与性质，注意把握官能团与性质的关系，侧重羧酸、苯酚、烯烃及酯的性质的考查，题目难度不大15（3分）（2020春会宁县校级期中）下列化学方程式或离子方程式中，书写正确的是（）A乙酸与碳酸钠溶液反应：2H+CO32CO2+H2OB苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳：2C6H5O+CO2+H2O2C6H5OH+CO32C甲醛溶液与足量的银氨溶液共热HCHO+4+4OHCO32+2NH4+4Ag+6NH3+2H2OD丙烯聚合：考点：离子方程式的书写专题：离子反应专题；有机反应分析：A乙酸在离子反应中保留化学式；B反应生成苯酚和碳酸氢钠；C反应生成碳酸铵、Ag、氨气、水；D碳碳双键断裂，发生加聚反应，高分子主链中只有2个C解答：解：A乙酸与碳酸钠溶液反应的离子反应为2HAc+CO32CO2+H2O+2Ac，故A错误；B苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳的离子反应为C6H5O+CO2+H2OC6H5OH+HCO3，故B错误；C甲醛溶液与足量的银氨溶液共热的离子反应为HCHO+4+4OHCO32+2NH4+4Ag+6NH3+2H2O，故C正确；D丙烯发生加聚反应生成聚丙烯，化学方程式为：，故D错误；故选C点评：本题考查离子反应书写的正误判断，为高频考点，把握发生的化学反应及离子反应的书写方法为解答的关键，侧重有机物性质及反应的考查，选项C为解答的难点，题目难度不大16（3分）（2020秋沈河区校级期末）有机物X、Y分子式不同，它们只含C、H、O元素中的两种或三种，若将X、Y不论何种比例混合，只要其物质的量之和不变，完全燃烧时耗氧气量和生成水的物质的量也不变X、Y可能是（）AC2H4、C2H6OBC2H2、C6H6CCH2O、C3H6O2DCH4、C2H4O2考点：有机物的推断专题：烃及其衍生物的燃烧规律分析：X、Y无论以何种比例混合，只要总物质的量不变，完全燃烧生成水的量不变，说明X、Y两物质的化学式中，氢原子数相同，二者耗氧量相同，则X、Y两化学式相差一个或若干个“CO2”基团，符合CxHy（CO2）n，可利用分子式的拆写法判断解答：解：AC2H4、C2H6O含有的H数目不同，物质的量比值不同，生成的水的物质的量不同，故A错误；BC2H2、C6H6含有的H数目不同，二者物质的量比值不同，生成的水的物质的量不同，且耗氧量也不同，故B错误CCH2O、C3H6O2含有的H数目不同，二者物质的量比值不同，生成的水的物质的量不同，且耗氧量不同，故C错误；DCH4、C2H4O2含有的H数目相同，在分子组成上相差1个“CO2”基团，只要其物质的量之和不变，完全燃烧时耗氧气量和生成水的物质的量也不变，故D正确；故选：D点评：本题考查有机物的推断，题目难度不大，注意有机物分子式的确定方法，要求学生具有分析和解决问题的能力17（3分）（2020春会宁县校级期中）下列卤代烃在KOH醇溶液中加热不反应的是（） （CH3）3CCH2Cl CHCl2CHBr2 CH3ClABC全部D考点：有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构专题：有机反应分析：卤代烃在KOH醇溶液中加热不反应，则与Cl（或Br）相连C的邻位C上没有H，不能发生消去反应，反之可发生消去反应，以此来解答解答：解：不能发生消去反应，故选；中与Cl相连C的邻位C上有H，则卤代烃在KOH醇溶液中加热反应，故不选；（CH3）3CCH2Cl中，与Cl相连C的邻位C上没有H，不反应，故选；CHCl2CHBr2 中，与Cl相连C的邻位C上有H，则卤代烃在KOH醇溶液中加热反应，故不选；中与Br相连C的邻位C上有H，则卤代烃在KOH醇溶液中加热反应，故不选；CH3Cl没有邻位的C，不能发生消去反应，故选；故选A点评：本题考查有机物的结构与性质，为高考常见题型，注意把握官能团与性质的关系，熟悉卤代烃消去反应的结构要求即可解答，题目难度不大18（3分）（2020春会宁县校级期中）一定量的某饱和一元醛发生银镜反应，析出银21.6g等量的此醛完全燃烧时，生成的水为5.4g则该醛可能是（）A丙醛B乙醛C丁醛D甲醛考点：醛类简介；有机物的推断专题：有机物的化学性质及推断分析：饱和一元醛的通式是CnH2nO，根据关系式CHO2Ag，根据生成金属银的量可以获得醛的物质的量，然后根据生成水的质量结合氢原子守恒可以获得H的个数，进而确定分子式即可解答：解：n（Ag）=0.2mol，醛基和银的关系CHO2Ag，则n（CHO）=0.1mol，即饱和一元醛的物质的量为0.1mol，点燃生成水的物质的量n（H2O）=0.3mol，所以氢原子数目为6，分子式为：C3H6O，为丙醛，故选A点评：本题考查学生醛的银镜反应，根据关系式CHO2Ag关系即可解答，难度不大19（3分）（2020春会宁县校级期中）符合化学式C7H8O的芳香族化合物，同分异构体共有X种，能与金属钠反应放出氢气的有Y种，能与氢氧化钠反应的有Z种，则XYZ的数值分别是（）A5.4.3B4.4.3C4.3.2D3.3.3考点：同分异构现象和同分异构体专题：同系物和同分异构体分析：芳香族化合物A的分子式为C7H8O，则A含有1个苯环，还剩余1个C、1个O，可能形成：1个甲醇基、一个醚基、1个甲基和1个酚羟基，据此求算出该化合物的同分异构体数目X，然后结合有机物性质判断出Y和Z解答：解：芳香族化合物A的分子式为C7H8O，故A含有1个苯环，其侧链可能含有的结构为：1个甲醇基、一个醚基、1个甲基和1个酚羟基，其中形成的化合物为苯甲醇，只有1种结构；形成的化合物为苯甲醚，只有1种结构；形成的结构为甲基苯酚，存在邻、间、对三种结构，所以该芳香族化合物总共含有5种同分异构体，即X=5；能够与金属钠反应放出氢气，说明分子中含有醇羟基或酚羟基，满足条件的有：苯甲醇和甲基苯酚，总共含有4种同分异构体，即Y=4；能够与氢氧化钠溶液反应，分子中一定含有酚羟基，满足条件的为甲基苯酚，有3种同分异构体，即Z=3，故选A点评：本题考查了同分异构体求算、有机物结构与性质，题目难度中等，注意掌握同分异构体的概念及书写方法，正确分析题干信息为解答本题的关键20（3分）（2020春会宁县校级期中）乙烯、乙醛蒸气组成的混合物中，氢元素质量占总质量的，则氧元素的质量占总质量的（）ABCD考点：元素质量分数的计算专题：计算题分析：乙烯（C2H4）、乙醛（C2H4O）组成的混合物中C、H两种元素的原子个数始终是1：2，故C、H两元素的质量之比为12：2=6：1，据此根据H元素质量计算C元素的质量分数，再根据（O）=1（H）（C）计算解答：解：乙烯（C2H4）、乙醛（C2H4O）组成的混合物中C、H两种元素的原子个数始终是1：2，故C、H两元素的质量之比为12：2=6：1，混合物中H元素的质量分数为，则（C）=6=，故（O）=1（H）（C）=1=，故选C点评：本题考查混合物中元素的质量分数的计算，关键是利用混合物中各成分的化学式得出C、H的固定组成，注意利用定组成的方法来解答混合物中元素的质量分数计算二、填空题：（每空2分）21（8分）（2020春会宁县校级期中）命名下列物质或根据题意写出结构简式（1）的系统命名法名称是3，4二甲基辛烷（2）的名称是1，3，5三甲基苯（3）2甲基1丁烯的结构简式CH3CH2C（CH3）=CH2，（4）相对分子质量为72且沸点最低的烷烃的结构简式CH3C（CH3）2CH3考点：有机化合物命名专题：有机化学基础分析：（1）烷烃命名原则：长选最长碳链为主链；多遇等长碳链时，支链最多为主链；近离支链最近一端编号；小支链编号之和最小看下面结构简式，从右端或左端看，均符合“近离支链最近一端编号”的原则；简两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面；（2）苯的同系物命名：选取苯环上某个甲基所在的碳原子为1号，选取最小位次号给另一个甲基编号；（3）该有机物为烯烃，根据烯烃的系统命名法形成其结构简式；（4）设烷烃的分子式为CxH（2x+2），根据相对分子质量为72，列出方程式进行计算x值；支链越多，沸点越低解答：解：（1）的系统命名法名称是：3，4二甲基辛烷；故答案为：3，4二甲基辛烷；（2）的名称为：1，3，5三甲基苯；故答案为：1，3，5三甲基苯；（3）2甲基1丁烯，主链是丁烯，碳碳双键在1号碳原子上，从碳碳双键最近一端编号，2号碳原子上有1个甲基，结构简式：CH3CH2C（CH3）=CH2，故答案为：CH3CH2C（CH3）=CH2；4）设烷烃的分子式为CxH（2x+2），则14x+2=72，解得x=5，所以该烷烃的分子式为C5H12，分子式为C5H12的同分异构体有主链有5个碳原子的：CH3CH2CH2CH2CH3，主链有4个碳原子的：CH3CH（CH3）CH2CH3，主链有3个碳原子的：CH3C（CH3）2CH3；支链越多，沸点越低，其中CH3C（CH3）2CH3的沸点最低，故答案为：CH3C（CH3）2CH3点评：本题考查了有机物的命名知识和结构简式，难度不大，一般要求了解烷烃的命名、苯的同系物的命名及简单的烃的衍生物的命名命名时要遵循命名原则，书写要规范22（6分）（2020春会宁县校级期中）已知 可简写为降冰片烯的分子结构可表示为：（1）降冰片烯属于ABA环烃 B不饱和烃 C烷烃 D芳香烃（2）降冰片烯的分子式为C7H10（3）降冰片烯不具有的性质ADA能溶于水 B发生氧化反应C加成反应 D常温常压下为气体考点：有机物分子中的官能团及其结构专题：有机物的化学性质及推断分析：（1）有机物含有环状结构，只有C、H元素组成，据此确定有机物的分类；（2）由结构简式可确定有机物的分子式；（3）有机物含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，以此解答该题解答：解：（1）由结构简式可知有机物含有环状结构，并含有碳碳双键，则属于环烃和不饱和烃，故答案为：A、B；（2）由有机物结构简式可知有机物分子式为C7H10，故答案为：C7H10；（3）分子中含有碳碳双键，可发生加成、氧化反应，烃类物质都不溶于水，且碳原子数大于4，常温下为液体，故答案为：AD；点评：本题考查有机物的合成及有机物的性质，明确有机物的结构与性质的关系即可解答，注意把握烯烃的性质来解答，题目难度不大23（12分）（2020广东模拟）有机物A可由葡萄糖发酵得到，也可从酸牛奶中提取纯净的A为无色粘稠液体，易溶于水为研究A的组成与结构，进行了如下实验：实 验 步 骤解 释 或 实 验 结 论（1）称取A 9.0g，升温使其汽化，测其密度是相同条件下H2的45倍试通过计算填空：（1）A的相对分子质量为：90（2）将此9.0gA在足量纯O2充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，发现两者分别增重5.4g和13.2g（2）A的分子式为：C3H6O3（3）另取A 9.0g，跟足量的NaHCO3粉末反应，生成2.24LCO2（标准状况），若与足量金属钠反应则生成2.24LH2（标准状况）（3）用结构简式表示A中含有的官能团：COOH、OH（4）A的核磁共振氢谱如下图：（4）A中含有4种氢原子（5）综上所述，A的结构简式，若有手性碳原子，请在结构简式上用*标出手性碳原子考点：有机物的结构和性质；有机物的推断专题：有机物的化学性质及推断分析：（1）根据密度与相对分子质量的关系得出正确结论；（2）根据原料的质量和燃烧产物的质量得出碳原子、氧原子、氢原子的个数比，再结合相对分子质量得出正确结论；（3）根据反应判断官能团的种类，根据数量关系得出各种官能团的数目，再结合分子式得出正确结论；（4）根据核磁共振氢谱得出正确结论；（5）结合（1）（2）（3）（4）得出正确结论解答：解：（1）同温同压下：密度比=相对分子质量之比，A的密度是相同条件下H2的45倍，故A的相对分子质量为452=90，故答案为：90；（2）浓硫酸增重5.4g，即水的质量为5.4g，物质的量为5.418=0.3mol，故你（H）=0.32=0.6mol，m（H）=0.61=0.6g，碱石灰增重13.2g，即二氧化碳的质量为13.2g，物质的量为13.244=0.3mol，故n（C）=0.3mol，m（C）=0.312=3.6g，故9.0gA中O的质量为9.00.63.6=4.8g，故n（O）=4.816=0.3mol，故A中N（C）：N（H）：N（H）=0.3：0.6：0.3=1：2：1，故A的最简式为CH2O，A的相对分子质量为452=90，设A的分子式为（CH2O）n，30n=90，n=3，故A的分子式为：C3H6O3，故答案为：C3H6O3；（3）9.0gC3H6O3，物质的量为9.090=0.1mol，2.24LCO2，物质的量为2.2422.4=0.1mol，2.24LH2，物质的量为2.2422.4=0.1mol，0.1molA生成0.1molCO2，故A中含有一个羧基，0.1molA生成0.1molLH2，故A中除含有一个羧基外，还含有一个羟基，故A中含有的官能团为COOH、OH，故答案为：COOH、OH；（4）由核磁共振氢谱可知，共有4个氢峰，故A中含有4种氢原子，故答案为：4；（5）A的分子式为：C3H6O3，含有一个羧基外，还含有一个羟基，且含有4种氢原子，故A的结构简式为，其中次甲基中的碳原子连接了4种不同的原子或原子团，故该碳原子为手性碳原子，故答案为：点评：有机推断是高考不变的一个题型，每年高考中必考，是热点题型最简式的求算是有机推断的常用方法三、推断题24（5分）（2020春西固区校级期末）有A、B、C、D、E五种烃，具有下列性质：各取0.1mol分别充分燃烧，其中B、C、E燃烧所得的CO2均为4.48L（标准状况），A和D燃烧所得的CO2都是前三者的3倍；在适宜条件下，A、B、C都能跟氢气发生加成反应，其中A可以转化为D，B可以转化为C，C可以转化为E；B和C都能使溴水或酸性KmnO4溶液褪色，而A、D、E无此性质；用铁屑作催化剂时，A可与溴发生取代反应判断A、B、C、D、E各是什么物质，写出结构简式：ABHCCHCCH2=CH2DECH3CH3考点：有机物的推断专题：有机物的化学性质及推断分析：各取0.1mol五种烃，分别使之充分燃烧，其中B、C、E燃烧所得的CO2均为4.48L（标况），二氧化碳的物质的量=0.2mol，所以B、C、E分子中含有2个碳原子，A、D燃烧所得的CO2都是B、C、E的三倍，则A和D分子中含有6个碳原子；在适宜的条件下，A、B、C都能跟氢气发生加成反应，说明含有不饱和键或苯环，其中A可直接转变为D，B可转变为C，C可转变为E；B和C都能使溴水或酸性高锰酸钾溶液褪色，而A、D、E则无此性质，可推知B含有碳碳三键，C中含有碳碳双键，所以B是乙炔，C是乙烯，E是乙烷；用铁屑作催化剂时，A可与液态溴发生取代反应，A含有6个碳原子，且为烃，则A是苯，A能转化为D，则D是环己烷解答：解：各取0.1mol五种烃，分别使之充分燃烧，其中B、C、E燃烧所得的CO2均为4.48L（标况），二氧化碳的物质的量=0.2mol，所以B、C、E分子中含有2个碳原子，A、D燃烧所得的CO2都是B、C、E的三倍，则A和D分子中含有6个碳原子；在适宜的条件下，A、B、C都能跟氢气发生加成反应，说明含有不饱和键或苯环，其中A可直接转变为D，B可转变为C，C可转变为E；B和C都能使溴水或酸性高锰酸钾溶液褪色，而A、D、E则无此性质，可推知B含有碳碳三键，C中含有碳碳双键，所以B是乙炔，结构简式为HCCH，C是乙烯，结构简式为CH2=CH2，E是乙烷，结