吉林省舒兰市第一高级中学校2020学年高二化学下学期第一次月考试题（含解析）

高二年级下学期第一次月考化学试题本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。试卷满分100分，考试时间90分钟可能用到的相对原子质量:H1 C 12 N 14 O16 Na23 S32 Cl35.5 Ag24 Br-80第I卷(选择题，共50分)一、选择题(本题共有25小题，每小题2分，只有一个选项符合题意)1.下列表示物质结构的化学用语或模型正确的是A. 乙烷的分子式：CH3CH3B. CH4分子的球棍模型：C. 乙醛结构简式：CH3COHD. 乙烯的结构简式：CH2=CH2【答案】D【解析】A. 乙烷的分子式：C2H6，A错误；B. CH4分子的比例模型：，B错误；C. 乙醛的结构简式：CH3CHO，C错误；D. 乙烯的结构简式：CH2=CH2，D正确，答案选D。2.欧洲航天局的惠更斯号探测器首次成功登陆土星的最大卫星土卫六。科学家对探测器发回的数据进了分析，发现土卫六的大气层中含有95的氮气，剩余的气体为甲烷和其他碳氢化合物。下列关于碳氢化合物的叙述正确的是 ( )A. 碳氢化合物的通式为CnH2n+2B. 石油的主要成分是碳氢化合物C. 乙炔是含碳量最高的碳氢化合物D. 碳氢化合物中的化学键都是极性键【答案】B【解析】【详解】A.只有烷烃的分子组成通式符合CnH2n+2，烯烃分子组成通式为CnH2n，炔烃分子组成通式为CnH2n-2，故A错误；B.石油主要成分是各种烷烃、环烷烃等的混合物，即主要成分是碳氢化合物，故B正确；C.稠环芳香烃中的许多物质其含碳量都比乙炔高，如萘（C10H8），故C错误；D.碳氢化合物中一定存在C-H键，为极性键，存在C-C键，为非极性键，故D错误。故选B。3. 有机物的分离和提纯是有机化学研究的重要内容，分离和提纯下列物质所用的方法不正确的是A. 酒精和水分液B. 淀粉中混有氯化钠用半透膜进行渗析C. 汽油和柴油分馏D. 三氯甲烷和水分液【答案】A【解析】试题分析：A酒精和水互溶，不能分液，A错误；B淀粉溶于水可以形成胶体，则淀粉中混有氯化钠可以用半透膜进行渗析，B正确；C汽油和柴油的沸点不同，通过分馏实现分离，C正确；D三氯甲烷不溶于水，分液即可，D正确，答案选A。考点：考查物质的分离与提纯4.分子式为C5H12O且可与金属钠反应放出氢气的有机物有(不考虑立体异构)( )A. 5种B. 6种C. 8种D. 7种【答案】C【解析】【详解】分子式为C5H12O的有机物，能与金属钠反应放出氢气，说明分子中含有-OH，该物质为戊醇，将羟基看成取代基，戊烷有正戊烷、异戊烷、新戊烷三种结构，等效氢原子数分别为：3、4、1，所以该有机物的可能结构有8种。故选C。5. 二甲醚和乙醇是同分异构体，其鉴别可采用化学方法及物理方法，下列鉴别方法中不能对二者进行鉴别的是A. 利用金属钠或者金属钾B. 利用质谱法C. 利用红外光谱法D. 利用核磁共振氢谱【答案】B【解析】试题分析：A、乙醇中含有-OH，可与金属钠或金属钾反应生成氢气，可鉴别，A正确；B、质谱法可测定有机物的相对分子质量，由于分子式相同，相对分子质量相同，利用质谱法不能鉴别，B错误；C、二甲醚和乙醇中分别含有-O-和-OH，官能团不同，可用红外光谱法鉴别，C正确；D、二者含有的H原子的种类和性质不同，可用核磁共振氢谱鉴别，D正确，答案选B。考点：考查有机物鉴别6. 按官能团分类，下列说法正确的是A. 属于芳香化合物B. 属于羧酸C. 属于醛类D. 属于酚类【答案】B【解析】【分析】根据有机物分子中含有的官能团种类，可以将有机物分为：烯烃、炔烃、芳香烃、卤代烃、醇、酚、醛、酮、羧酸、酯等，据有机物的官能团对各选项进行判断。【详解】A分子中不存在苯环，不属于芳香化合物，选项A错误；B为苯甲酸，分子中含有官能团羧基，属于羧酸，选项B正确；CCH3分子中含有的官能团为羰基，不存在醛基-CHO，不属于醛类，选项C错误；D中羟基与苯环的侧链碳原子相连，属于醇类，不属于酚类，选项D错误；答案选B。【点睛】本题考查了有机物官能团及分类方法判断，题目难度不大，注意掌握常见官能团的结构、类型，明确有机物类型与官能团的关系是解答本题的关键。7.一氯代物有2种，二氯代物有4种的烃是( )A. 丙烷B. 2-甲基丙烷C. 丙烯D. 苯【答案】A【解析】试题分析：丙烷分子中有2种H原子，其一氯代物有2种，为CH3CH2CH2Cl，CH3CH（Cl）CH3，CH3CH2CH2Cl中含有3种H原子，再次一氯取代有3种产物，CH3CH（Cl）CH3中含有2种H原子，再次一氯取代有2种产物，其中有两种为同一物质，故丙烷的二氯代物有4种，选项A满足题意；2-甲基丙烷分子中都有2种H原子，其一氯代物有2种，为（CH3）2CHCH2Cl，（CH3）3CCl，（CH3）2CHCH2Cl中含有3种H原子，再次一氯取代有3种产物，（CH3）3CCl中含有1种H原子，再次一氯取代有1种产物，其中有两种为同一物质，故2-甲基丙烷的二氯代物有3种，选项B不正确；丙烯分子有三种环境的H原子，一氯代物有3种，选项C不正确；苯分子中只有1种H原子，其一氯代物只有1种，故D不符合；考点：有机物取代产物的判断 涉及等效氢的判断8.下列化合物中既易发生取代反应，也可发生加成反应，还能使KMnO4酸性溶液褪色的是()A. 乙烷B. 乙醇C. 甲苯D. 苯【答案】C【解析】【分析】含苯环、碳碳双键可发生加成反应，含-OH、-X等可发生取代反应，且甲苯、乙醇等能被高锰酸钾氧化，以此来解答。【详解】A.乙烷不能发生加成反应，不能被高锰酸钾氧化，故A不选；B.乙醇不能发生加成反应，故B不选；C.甲苯含苯环可发生加成反应，苯环上H可发生取代反应，能被高锰酸钾氧化生成苯甲酸，故C选；D.苯不能被高锰酸钾氧化，故D不选。故选C。9.在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢原子数之比为32的化合物是()【答案】D【解析】A中有2组峰，其氢原子数之比为31。B中有3组峰，其氢原子数之比为311。C中有3组峰，其氢原子数之比为314。所以答案是D。10.某化合物6.4g在氧气中完全燃烧，只生成8.8 gCO2和7.2 gH2O。下列说法中正确的是该化合物仅含碳、氢两种元素 该化合物中碳、氢原子个数比为14无法确定该化合物是否含有氧元素 该化合物中一定含有氧元素A. B. C. D. 【答案】A【解析】化合物燃烧生成8.8gCO2和7.2gH2O，根据元素守恒则一定含有C、H元素，8.8g二氧化碳的物质的量为8.8g44g/mol=0.2mol，n（C）=n（CO2）=0.2mol，m（C）=0.2mol12g/mol=2.4g，7.2g水的物质的量为7.2g18g/mol=0.4mol，n（H）=2n（H2O）=0.8mol，m（H）=0.8g，故化合物中N（C）：N（H）=0.2mol：0.8mol=1：4，由于m（C）+m（H）=2.4g+0.8g=3.2g6.4g，所以该化合物中一定含有氧元素，该化合物为烃的含氧衍生物，综上分析可知错误，正确，答案选A。11.有机物的准确命名是 ( )A. 3,3-二甲基-4-乙基戊烷B. 3,3,4-三甲基己烷C. 3,4,4-三甲基己烷D. 2,3,3-三甲基己烷【答案】B【解析】【详解】选主链：最长的碳链含有6个碳原子，为己烷；编号：从左边编号支链编号之和比从右边编号小，故从左边编号，在3号碳上有2个甲基，在4号碳上有1个甲基，故该有机物的名称为：3，3，4-三甲基己烷。故选B【点睛】烷烃命名原则：长-选最长碳链为主链；多-遇等长碳链时，支链最多为主链；近-离支链最近一端编号；小-支链编号之和最小；简-两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号。如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面。12. 分别燃烧等物质的量的下列各组物质，其中消耗氧气的量相等的是 C2H2与C2H4O C4H8与C6H12O6 C7H8与C6H12 HCOOCH3与CH3COOHA. B. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：有机物燃烧的方程式为CnHmOz（nm/4z/2）O2nCO2m/2H2O，所以在有机物物质的量相等的条件下消耗氧气的多少只与（nm/4z/2）有关系，（nm/4z/2）越大消耗的氧气越多。则根据有机物的分子式可知中分别是2.5、2.5，中分别是6、6，中分别是9、9，中分别是2、2，答案选B。考点：考查有机物的计算等知识。13.以下物质:(1) 甲烷 (2) 苯 (3) 聚乙烯 (4) 聚乙炔 (5) 2-丁炔 (6) 环己烷 (7) 邻二甲苯 (8) 苯乙烯。既能使KMnO4酸性溶液褪色，又能使溴水因发生化学反应而褪色的是（ ）A. (3)(4)(5)(8)B. (4)(5)(7)(8)C. (4)(5)(8)D. (3)(4)(5)(7)(8)【答案】C【解析】发生加成反应，故有不饱和键。聚乙炔、2-丁炔，苯乙烯有双键。故答案C正确14.下列各醇，能发生催化氧化反应生成醛，同时可发生消去反应的是（）A. CH3OHB. （CH3CH2）2CHCH2OHC. （CH3CH2）3CCH2OHD. （CH3CH2）3COH【答案】B【解析】A、甲醇不能发生消去反应，A错误；B、该醇能发生催化氧化和消去反应，B正确；C、与CH2OH相连的碳原子上不存在氢原子，不能发生消去反应，C错误；D、该醇能发生消去反应，但不能发生催化氧化，D错误，答案选B。点睛：掌握醇发生催化氧化和消去反应的条件是解答的关键，即与羟基碳原子相连的邻位碳原子上如果含有氢原子，则可以发生消去反应。与羟基相连的碳原子上如果含有氢原子，则可以发生催化氧化，含有一个氢原子则氧化生成羰基，两个或三个氢原子则氧化生成醛基。15.为除去括号内杂质，下列有关试剂和操作方法不正确的是()A. 苯(苯酚)：稀NaOH溶液，分液B. 乙酸乙酯(乙酸)：NaOH溶液，分液C. 乙烷(乙烯)：溴水，洗气D. 苯(溴)：NaOH稀溶液，分液【答案】B【解析】【详解】A.苯和NaOH溶液不反应且不互溶，苯酚和NaOH溶液反应生成可溶性的苯酚钠，所以用NaOH溶液除杂然后采用分液方法分离，故A正确；B.NaOH溶液和乙酸乙酯、乙酸都反应，但饱和碳酸钠溶液能和乙酸反应，和乙酸乙酯不反应，应该用饱和碳酸钠溶液分离提纯，然后采用分液方法分离，故B错误；C.乙烯和溴反应生成1，2-二溴乙烷，乙烷和溴不反应，所以应该用溴水除去乙烷中的乙烯，故C正确；D.溴与NaOH溶液反应后，与苯分层，然后分液可除杂，故D正确。故选B。16.由CH3CH3CH3CH2ClCH2= CH2CH3CH2OH的转化过程中，经过的反应是A. 取代消去加成B. 裂解取代消去C. 取代加成氧化D. 取代消去水解【答案】A【解析】试题分析：乙烷和氯气在光照的条件下发生取代反应，生成氯乙烷，氯乙烷通过消去反应生成乙烯，乙烯和水发生加成反应生成乙醇，选A。考点：考查有机物的合成与转化。17.要从苯酚的乙醇溶液中回收苯酚，有下列操作；蒸馏；过滤；静置分液；加入足量金属钠；通入过量CO2；加入足量NaOH溶液；加入足量FeCl3溶液；加入乙酸与浓H2SO4混合加热，合理的步骤是A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】从苯酚的乙醇溶液中回收苯酚，先将苯酚与氢氧化钠溶液反应生成苯酚钠，通过蒸馏方法分离出乙醇，剩下苯酚钠、NaOH溶液，再通入过量的二氧化碳气体，苯酚钠全部转化为苯酚，苯酚不溶水，与生成的NaHCO3溶液分层，静置后通过分液操作可以得到苯酚【详解】乙醇不和NaOH溶液反应，苯酚的乙醇溶液中，乙醇不会发生任何变化，加入NaOH溶液后，但苯酚全部变成苯酚钠；乙醇的沸点是78度，水的沸点是100度。加热到78度左右，将乙醇被全部蒸馏掉，而剩下的为苯酚钠、NaOH溶液；通入过量的二氧化碳气体，由于碳酸酸性强于苯酚酸性，加入二氧化碳后，NaOH先全部转化为NaHCO3（加入过量二氧化碳），苯酚钠全部转化为苯酚，苯酚不溶水，与生成的NaHCO3溶液分层，静置后分液可以得到苯酚，正确的操作顺序为：，故选B。18. 有机物分子中原子间(或原子与原子团间)的相互影响会导致物质化学性质的不同。下列各项事实不能说明上述观点是( )A. 甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，而苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色B. 乙烯能发生加成反应，而乙烷不能发生加成反应C. 苯酚能和氢氧化钠溶液反应，而乙醇不能和氢氧化钠溶液反应D. 苯酚苯环上的氢比苯分子中的氢更容易被卤原子取代【答案】B【解析】试题分析：A、苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，甲苯能使高锰酸钾酸性溶液褪色，甲基被氧化成羧基，说明苯环的影响使侧链甲基易被氧化，A正确；B、乙烯中含有碳碳双键，能发生加成反应，而乙烷中不含碳碳双键，不能发生加成反应，乙烯和乙烷性质的不同是由于化学键不同而导致的，B错误；C、苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应，说明由于苯环的影响，酚羟基上的氢更活泼，C正确；D、苯酚苯环上的氢比苯分子中的氢更容易被卤原子取代，说明由于酚羟基对苯环的影响使苯酚苯环上H原子更活泼，D正确。答案选B。考点：有机物的结构与性质19.某烃的结构简式为，它可能具有的性质是A. 易溶于水，也易溶于有机溶剂B. 既能使溴水褪色，又能使酸性KMnO4溶液褪色C. 能发生聚合反应，其产物可表示为-D. 能使溴水褪色，但不能使酸性KMnO4溶液褪色【答案】B【解析】试题分析：该物质属于烃类，不溶于水，A错；从结构中可以看出有碳碳双键，可以和溴水发生加成反应，可以被酸性KMnO4溶液氧化，所以既能使溴水褪色，又能使酸性KMnO4溶液褪色，B对；能发生聚合反应，其产物可表示为，C错；根据B中分析，D错。选B。考点：有机物的结构和性质。20.普伐他汀是一种调节血脂的药物，其结构简式如图所示(未表示出其空间构型)。下列关于普伐他汀的性质描述正确的是 ( )A. 能与FeCl3溶液发生显色反应B. 该物质的分子式为C23H38O7C. 能发生加成、取代、消去反应，能使酸性KMnO4溶液褪色D. 1mol该物质最多可与1molNaOH反应【答案】C【解析】【详解】A.分子中不含酚羟基，则不能与FeCl3溶液发生显色反应，故A错误；B.该有机物的分子式为C23H36O7，故B错误；C.分子中含碳碳双键可发生加成反应，含-OH可发生取代和消去反应，含有C=C，可使酸性KMnO4溶液褪色，故C正确；D.分子中含有-COO-、-COOH，能与NaOH反应，则1mol该物质最多可与2molNaOH反应，故D错误。故选C。【点睛】把握官能团与性质的关系为解答的关键，注重迁移应用能力的训练，解题时要特别注意该有机物的结构中不含有苯环。21.组成和结构可用表示的有机物共有(不考虑立体结构)()A. 24种B. 28种C. 32种D. 36种【答案】D【解析】【详解】丁烷为CH3CH2CH2CH3时，分子中有2种不同的H原子，故有2种丁基；丁烷为CH3CH（CH3）CH3时，分子中有2种不同的H原子，故有2种丁基，故丁基（-C4H9）共有4种；C3H5Cl2的碳链为或，当为，2个氯在一号位或者二号位或者三号位有3种，1个氯在一号位，剩下的一个氯在二号或者三号，2种，1个氯在二号位剩下的一个氯在三号位，1种，总共6种；当为，2个氯在同一个碳上有1种，在两个左边的碳和中间的碳上，1种，左边的碳上和右边的碳上，1种，总共3种，故-C3H5Cl2共有9种；该有机物共有36种。故选D。【点睛】烃的等效氢原子有几种，该烃的一元取代物的数目就有几种；在推断烃的二元取代产物数目时，可以采用一定一动法，即先固定一个原子，移动另一个原子，推算出可能的取代产物数目，然后再变化第一个原子的位置，移动另一个原子进行推断，直到推断出全部取代产物的数目，在书写过程中，要特别注意防止重复和遗漏。22. 下列化学反应的产物中，存在同分异构体的是()A. CH3CH2CH2Br在碱性溶液中水解B. 甲苯在催化剂作用下与Cl2发生取代反应C. 与NaOH的醇溶液共热反应D. 在催化剂存在下与H2完全加成【答案】B【解析】【详解】ACH3CH2CH2Br在碱性溶液中水解，水解的有机产物为丙醇，不产生其它有机水解产物，A项不符合题意；B在催化剂作用下，甲苯与氯气发生苯环上的取代反应，单就一氯代反应来说，就有邻、间、对三种取代可能，B项符合题意；C中两个甲基处于对称位置，所以该物质在NaOH的醇溶液共热，发生消去反应生成的有机物只能是丙烯，C项不符合题意；D苯乙烯与氢气完全加成反应生成乙基环己烷，D项不符合题意；所以答案选择B项。【点睛】该题所说的存在同分异构体，是指发生反应后，产物存在多种可能，且这些产物间互为同分异构体。实际上表达的是生成产物时的选择性。并不是问所给物质是否有同分异构体，也不是问产物是否有同分异构体。23.下列实验方案不能达到实验目的是实验目的实验方案A证明溴乙烷发生消去反应有乙烯生成向试管中加入适量的溴乙烷和NaOH的乙醇溶液，加热，将反产生的气体通入溴的四氯化碳溶液B检验卤代烃中卤原子的种类将溴乙烷与氢氧化钠溶液共热，取冷却后反应液 滴加硝酸酸化后滴加硝酸银溶液C验证乙炔能被酸性高锰酸钾溶液氧化将电石与饱和食盐水反应生成的气体通入酸性高锰酸钾溶液，观察溶液是否褪色D验证苯和液溴在FeBr3的催化下发生取代反应将反应产生的混合气体先通入四氯化碳溶液再通入AgNO3溶液中，观察是否有淡黄色沉淀生成A. AB. BC. CD. D【答案】C【解析】A、发生消去反应生成CH2=CH2，产生的气体通入到溴的四氯化碳溶液中，溴的四氯化碳溶液褪色，说明产生乙烯，能够达到实验目的，故A错误；B、检验卤素原子，先于氢氧化钠溶液反应，冷却后，应加硝酸酸化，再滴加硝酸银溶液，根据沉淀颜色，判断卤素原子，能够达到实验目的，故B错误；C、电石与水反应产生的气体中混有H2S气体，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，对乙炔气体的检验产生干扰，不能达到实验目的，故C正确；D、先通入四氯化碳溶液，目的是除去挥发出来的溴单质，避免对HBr检验产生干扰，然后再通入硝酸银溶液，出现淡黄色沉淀，说明发生取代反应，能够达到实验目的，故D错误。24. 以下说法不正确的是（ ）A. 1mol乙醇可以与足量金属钠反应，生成0.5molH2，能证明乙醇分子有一个H原子与其余的H原子不同B. 下列反应可证明苯环受甲基的影响，甲苯易被酸性高锰酸钾氧化C. 下列反应可证明由于羟基对苯环的影响，导致苯酚的取代比苯容易D. 苯不能使溴的四氯化碳溶液褪色可以说明苯分子中没有与乙烯分子中类似的碳碳双键【答案】B【解析】试题分析：A1mol乙醇可以与足量金属钠反应，生成0.5molH2，根据氢原子守恒可知说明乙醇分子有一个H原子与其余的H原子不同，A正确；B该反应可证明甲基受苯环的影响，甲苯易被酸性高锰酸钾氧化，B错误；C该反应可证明由于羟基对苯环的影响，导致苯酚的取代比苯容易，C正确；D苯不能使溴的四氯化碳溶液褪色，可以说明苯分子中没有与乙烯分子中类似的碳碳双键，D正确，答案选B。考点：考查有机物结构和性质判断25.已知：，下列有机物能够合成的组合是（ ）1，3-丁二烯 2-甲基-l,3-丁二烯 1,3-戊二烯 2，3-二甲基-l,3丁二烯2，3-二甲基-l,3戊二烯 乙炔 丙炔 2-丁炔A. 、及、B. 、及、C. 、及、D. 、及、【答案】D【解析】A、根据合成产物，其分子式为C9H12，和形成化合物有7个碳原子，和组合形成化合物有10个碳原子，故A错误；B、和形成的化合物是，和形成的化合物是，不符合题意，故B错误；C、和形成的化合物可能是，不符合题意，和形成的化合物是，故C错误；D、和形成的化合物是，和形成的化合物是，符合题意，故D正确。第II卷(非选择题，共50分)26.按要求填空。I下列各组中的两种有机物，可能是：(A)相同的物质，(B)同系物，(C)同分异构体。请判断它们之间的关系(用A、B、C填空) 2甲基丁烷和丁烷_， 正戊烷和2，2二甲基丙烷_，对二甲苯和1,4二甲苯_ ， 1已烯和环已烷_。II按官能团的不同，可以对有机物进行分类，将符合要求的答案填在横线上。 CH3CH2CH2COOH (1)芳香烃：_； (2)卤代烃：_； (3)酚：_；(4)醛：_； (5)羧酸：_； (6)酯：_。III(1)画出羟基和乙烯的电子式：羟基 _，乙烯 _。(2)用系统命名法给下列有机物命名_；_；(3)相对分子质量为114，其一氯代物只有一种的链烃的结构简式 _该物质的名称为_；(4)某烃1分子含有50个电子，该烃只能由一种结构的炔烃加氢得到，则该烃的键线式为 _。【答案】 (1). B (2). C (3). A (4). C (5). (6). (7). (8). (9). (10). (11). (12). (13). 2，4-二甲基-3-乙基-3-己烯 (14). 1,4-二甲苯 (15). (CH3)3CC(CH3)3 (16). 2，2，3，3-四甲基丁烷 (17). 或【解析】【详解】I2甲基丁烷和丁烷是同系物，故选B。正戊烷和2，2二甲基丙烷分子式相同，而结构不同，是同分异构体，故选C，故答案为：C。对二甲苯和1,4二甲苯分子式相同，结构相同，是同一物质，故选A，故答案为：A。1已烯和环已烷分子式相同，结构不同，是同分异构体，故选C，故答案为：C。II（1）芳香烃是含有苯环的烃，是，故答案为：（2）卤代烃是烃分子中的H原子被卤素原子取代而产生的物质，选项是，故答案为：。（3）酚是羟基与苯环直接连接形成的化合物，选项是，故答案为：。（4）醛是烃分子中的H原子被醛基取代产生的物质，选项是，故答案为：。（5）羧酸是烃分子中的H原子被羧基取代产生的物质，选项是，故答案为：。（6）酯是羧酸与醇发生酯化反应产生的物质，应该是，故答案为：。III（1）羟基是电中性基团，氧原子与氢原子以1对共用电子对连接，电子式为；乙烯中碳和碳之间以共价双键结合，电子式为：，故答案为：；。（2），含有碳碳双键的最长碳链含有6个C，主链为己烯，选取含有支链最多的碳链为主链，从距离碳碳双键最近、支链编号最小右端开始编号，碳碳双键在3号C，在2、4号C各含有1个甲基，在3号C含有1个乙基，该有机物名称为：2，4-二甲基-3-乙基-3-己烯，故答案为：2，4-二甲基-3-乙基-3-己烯。属于苯的同系物，名称为：1，4-二甲苯，故答案为：1，4-二甲苯。（3）相对分子质量为114，常见的链烃有烷烃、烯烃和炔烃等，根据114/12=818可知，该有机物为烷烃，其分子式为C8H18，一氯代物只有一种的链烃，说明该有机物分子中的氢原子位置只有1种，满足该条件的结构简式为：(CH3)3CC(CH3)3，该有机物主链为丁烷，在2、3号C各含有2个甲基，该有机物的名称为：2，2，3，3-四甲基丁烷，故答案为：(CH3)3CC(CH3)3；2，2，3，3-四甲基丁烷。（4）某烃1分子含有50个电子，该烃只能由一种结构的炔烃加氢得到，该有机物可能为烷烃或烯烃，通式为：CnH2n或CnH2n+2，分子中含有的电子为：6n+2n=50或6n+2n+2=50，根据可得：n=6.25（舍弃），根据可得：n=6，所以该有机物为烷烃，分子式为：C6H14，该戊烷只能由一种结构的炔烃加氢获得，即：向该烷烃的碳架中添加碳碳三键，只有一种添法，满足条件的烷烃的结构简式为：CH3CH2C（CH3）3或CH3CH2CH（CH3）CH2CH3，改写成键线式为：或，故答案：或。27. 有甲、乙两种物质：（1）由甲转化为乙需经下列过程（已略去各步反应的无关产物，下同）：其中反应I的反应类型是_，反应II的条件是_，反应III的化学方程式为_（不需注明反应条件）。（2）下列物质不能与乙反应的是 （选填序号）。a金属钠 b溴水 c碳酸钠溶液 d乙酸（3）乙有多种同分异构体，任写其中一种能同时满足下列条件的同分异构体结构简式 。a苯环上的一氯代物有两种 b遇FeCl3溶液显示紫色【答案】（1）取代反应 NaOH溶液，加热（2）bc （3）【解析】试题分析：（1）由有机物结构可知，反应中甲物质中甲基上的H原子被氯原子取代，属于取代反应；反应II为NaOH水溶液、加热条件下的水解生成醇，反应III为碳碳双键与HCl的加成反应，反应方程式为：。（2）乙含有苯环，能与氢气发生加成反应，含有羟基，能与Na、乙酸反应，不能与溴水、碳酸钠溶液反应，答案选bc。（3）乙有多种同分异构体，同时满足下列条件：遇FeCl3溶液显示紫色，含有酚羟基，苯环上的一氯代物有两种，结合乙的结构可知，应含有2个不同的取代基且处于对位，符合条件的一种同分异构体的结构为。考点：考查有机物的结构与性质。28.某有机化合物A经李比希法测得其中含碳为70.59%、含氢为 5.88%,其余含有氧。现用下列方法测定该有机化合物的相对分子质量和分子结构。方法一:用质谱法分析得知A的相对分子质量为136。方法二:核磁共振仪测出A的核磁共振氢谱有4个峰,其面积之比为1223。如下图。方法三:利用红外光谱仪测得A分子的红外光谱,如下图。(1)分子中共有_种化学环境不同的氢原子。(2)A的分子式为_。(3)该物质属于哪一类有机物_。(4)A的分子中只含一个甲基的依据是_(填序号)。a.A的相对分子质量 b.A的分子式 c.A的核磁共振氢谱图 d.A分子的红外光谱图(5)A的结构简式为_。(6)A的芳香类同分异构体有多种,其中又同时符合下列条件:属于酯类;分子结构中含有一个甲基。则该芳香类A的同分异构体共有_种。【答案】 (1). 4 (2). C8H8O2 (3). 酯类 (4). bc (5). (6). 4【解析】【详解】（1）由核磁共振氢谱可知A有4个峰，所以A分子中共有4种化学环境不同的氢原子，故答案为：4。（2）已知A中含碳为70.59、含氢为5.88，含氧23.53，列式计算，求得A的实验式为C4H4O，设A的分子式为（C4H4O）n，又有A的相对分子质量为136，可得n=2，分子式为C8H8O2；故答案为：C8H8O2。（3）从红外光谱可知8个碳原子中有6个C在苯环中，还有C=O、COC、CH这些基团，可推测含有的官能团为酯基，所以A是酯类；故答案为：酯类。（4）A的分子式为C8H8O2，A的核磁共振氢谱有4个峰，其面积之比为1223，因为1个甲基含有3个氢原子，结合A的分子式，可知A分子中只含一个甲基，故选bc；故答案为：bc。（5）综上所述可推出A的结构简式为；故答案为：。（6）A的芳香类同分异构体有多种，能发生水解反应的一定含有酯基官能团，又分子结构中含有一个甲基，所以该类A的同分异构体有CH3-C6H4OOCH，可以有苯环上邻位、间位、对位三种结构，再加上C6H5COOCH3，所以共有4种结构；故答案为：4。29.硝基苯是重要的精细化工原料,是医药和染料的中间体,还可作有机溶剂.实验室中制备硝基苯的过程如下:配制混酸:组装如图反应装置.取100mL烧杯,用20mL浓硫酸与18mL浓硝酸配制混合酸,加入恒压滴液漏斗中.把18mL苯加入三颈烧瓶中.向室温下的苯中逐滴加入混酸,边滴边搅拌,混合均匀.加热在5060下发生反应,直至反说结束.除去混合酸后,粗产品依次用蒸馏水和10%Na2CO3溶液洗涤,最后用蒸馏水洗涤得到粗产品.为了