化学二轮题型必练——有机化学基础练

2020届高考化学二轮题型对题必练有机化学基础练1. 芳香烃A是基本有机化工原料，由A制备高分子E和医药中间体K的合成路线（部分反应条件略去）如下图所示：己知：；回答下列问题：（1）A的名称是_，I含有官能团的名称是_。（2）反应的作用是_，的反应类型是_。（3）写出反应的化学方程式： 。（4）D分子中最多有_个原子共平面。E的结构简式为_。（5）写出一种同时符合下列条件的F的同分异构体的结构简式：_。苯环上只有两种不同化学环境的氢原子；既能与银氨溶液反应又能与NaOH溶液反应。（6）将由D为起始原料制备的合成路线补充完整。_（无机试剂及溶剂任选）。合成路线流程图示例如下：CH3CHO CH3COOH CH3COOCH2CH32. M是聚合物胶黏剂、涂料等的单体，其一条合成路线如下(部分试剂及反应条件省略)：完成下列填空：（1）反应的反应类型是_；反应的反应条件是_。（2）除催化氧化法外，由A得到所需试剂还可以为_。（3）已知B能发生银镜反应。由反应、反应说明：在该条件下，_。（4）写出结构简式：C_，M_。（5）D与1-丁醇反应的产物与氯乙烯共聚可提高聚合物性能，该共聚物结构简式为_。（6）写出一种满足下列条件的丁醛的同分异构体的结构简式_。（已知：双键碳上连有羟基的结构不稳定）。 不含羰基。含有3种不同化学环境的氢原子。3. 有机物G是合成某种耐热聚合物的单体，其合成方法如下：已知：R1COOR2+R3OHR1COOR3+R2OH（1）B中含氧官能团的名称是 _ ，F的名称是 _ 。（2）上述流程中的取代反应除、外还有 _ （填序号），化合物E的核磁共振氢谱图中共有 _ 个吸收峰，峰面积比为 _ 。（3）按下列合成路线可得到F的同分异构体H，则可鉴别H与F的试剂是 _ 。（4）C与NaOH溶液反应的化学方程式为 _ 。（5）B的同分异构体K具有如下性质：能与NaOH溶液反应，且1molK完全反应消耗4molNaOH能发生银镜反应，且1molK与足量的银氨溶液反应生成4molAg分子中苯环上的一氯取代物只有一种则K的结构简式为 _ 。4. 丁苯酞（J）是治疗轻、中度急性脑缺血的药物，合成J的一种路线如下已知：E的核磁共振氢谱只有一组峰；C能发生银镜反应；J是一种酯，分子中除苯环外还含有一个五元环。苯环上的卤原子在常压下遇到NaOH的溶液很难水解。回答下列问题：（1）G中官能团的名称：_、_。（2）D的系统命名是_；J的结构简式为_。（3）由A生成B的化学方程式为_，反应类型为_。（4）C与新制的氢氧化铜悬浊液反应的化学方程式为_。（5）H在一定条件下生成高分子化合物的结构简式为_。（6）G的同分异构体中核磁共振氢谱有4组峰且能与FeCl3溶液发生显色反应，任写出其中两种符合上述条件的同分异构体的结构简式_。（7）由甲醛、化合物A与液溴为原料经下列步骤可得到2苯基乙醇。反应条件1为_；反应条件2所选择的试剂为_；L的结构简式为_。5. M是茉莉香精油的主要成分，结构简式是，以烃A和烃D为原料合成M的流程如下（部分反应条件未注明）：（1）写出D的电子式_。（2）在的转化中属于取代反应的有_加成反应的有_。（3）写出、的反应方程式_、_。6. 已知A、B、C是中学化学中最常见的三种有机物，D是高分子化合物，常用来制造食品和药品包装袋，已知这四种物质之间存在如图所示关系：（1）写出反应类型_，_，_。（2）反应的条件是_。（3）写出化学方程式：BC：_，AD：_。7. 常见有机物间的转化关系如图所示（以下变化中，某些反应条件及产物未标明）A是天然有机高分子化合物，D是一种重要的化工原料在相同条件下，G蒸气密度是氢气的44倍（1）D中官能团的名称：_（2）C和E反应的化学方程式：_（3）检验A转化过程中有B生成，先中和水解液，再需要加入的试剂是_（4）某烃X的相对分子质量是D、F之和，分子中碳与氢的质量之比是5：1下列说法正确的是_AX不溶于水，与甲烷互为同系物BX性质稳定，高温下不会分解CX不存在含有3个甲基的同分异构体DX可能和溴水发生加成反应8. 石油是一种重要的资源。AF是常见有机物，它们之间的转化关系如图1所示（部分产物和反应条件已略去），其中A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平，E是最简单的芳香烃。回答下列问题：（1）步骤所用试剂X为_（写化学式），D的官能团名称是_；（2）F的结构简式为_，步骤的反应类型：_；（3）写出下列步骤中的化学方程式（注明反应条件）：步骤_；步骤_；（4）用图2所示实验装置制取乙酸乙酯。请回答：试管b中所装溶液应为_，乙酸乙酯生成后，分离出产品时的操作方法是_。9. 有机化合物G常用作香料合成G的一种路线如下： 已知以下信息： A的分子式为C5H8O，核磁共振氢谱显示其有两种不同化学环境的氢 CH3CH2CH=CH2CH3CHBrCH=CH2 回答下列问题： （1）A的结构简式为 _ ，D中官能团的名称为 _ （2）BC的反应类型为 _ （3）DE反应的化学方程式为 _ （4）检验M是否已完全转化为N的实验操作是 _ （5）满足下列条件的L的同分异构体有 _ 种（不考虑立体异构）能发生银镜反应能发生水解反应，属于芳香族化合物其中核磁共振氢谱中有5组峰，且峰面积之比为1：2：2：2：3的结构简式为 _ （6）参照上述合成路线，设计一条以1-丁醇和NBS为原料制备顺丁橡胶（）的合成路线： _ 10. 已知A、B、D是食品中的常见有机物，A是生物的主要供能物质。以A和水煤气（CO、H2）为原料在一定条件下可获得有机物B、C、D、E、F，其相互转化关系如图。已知E是CO和H2以物质的量之比1：2反应的产物，F为具有特殊香味、不易溶于水的油状液体。请回答：（1）有机物A的分子式_，有机物D中含有的官能团名称是_。（2）BC的反应类型是_，C的结构简式为_。（3）BC化学方程式是_。D+EF的化学方程式_。（4）下列说法不正确的是_。A有机物B与金属钠反应比水与金属钠反应要剧烈B除去F中含有D、E杂质可用NaOH溶液洗涤、分液CD和E反应生成F时，浓硫酸主要起强氧化剂作用DC在一定条件下可以与H2反应转化为B答案和解析1.【答案】（1）甲苯；羧基、肽键（酰胺基）；（2）保护氨基；取代（水解）反应；（3）；（4）19；（5）；（6）【解析】【分析】本题考查有机物推断和有机合成，为高频考点，明确有机物官能团及其性质关系、反应条件及题给信息的迁移是解本题关键，难点是有机物合成路线设计及限制型同分异构体种类判断，题目难度中等。【解答】芳香烃A与氯气在光照条件下发生取代反应生成B，B发生水解反应生成苯甲醛，结合B的分子式，可知A为，B为；对比C、D的结构可知，苯甲醛与丙酮脱去1分子水形成碳碳双键而生成D，D发生加聚反应生成高分子化合物E为；由I中取代基处于对位位置，可知甲苯发生硝化反应生成F为，F发生还原反应生成G为，由I的结构简式、H的分子式可知H的结构简式为：，H被酸性高锰酸钾溶液氧化生成I，I发生取代反应生成J，J发生水解反应生成K，可知GH是为了保护氨基，防止被氧化；（1）A为，名称是甲苯，I中官能团是羧基和肽键（酰胺基）；故答案为：甲苯；羧基、肽键（酰胺基）；（2）反应的作用是保护氨基，防止被氧化，J发生水解反应生成K，则的反应类型是取代（水解）反应，故答案为：保护氨基；取代（水解）反应；（3）B为，B发生水解反应生成苯甲醛，该反应方程式为；故答案为：；（4）通过旋转碳碳单键，可以使苯环、碳碳双键、碳氧双键的平面共面，可以使甲基中1个H原子处于平面内，分子中最多有19个原子共平面，E的结构简式为：；故答案为：19；（5）一种同时符合下列条件的F()的同分异构体：苯环上只有两种不同化学环境的氢原子，可以含有2个不同的取代基且处于对位，既能与银氨溶液反应又能与NaOH溶液反应，含有-OOCH结构，或者含有酚羟基与醛基，可能的结构简式为：；故答案为：；（6）在浓硫酸、加热条件下发生消去反应生成，然后与溴发生加成反应生成，最后在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成，合成路线为，故答案为：。2.【答案】（1）消去反应 浓硫酸、加热（2）银氨溶液、酸（3）碳碳双键比醛基（羰基）易还原（4）CH2=CHCHO （5）（6）【解析】【分析】本题考查有机物的推断与合成途径、限制条件同分异构体的书写、有机反应类型等，成分利用有机物的分子式进行分析解答，熟练掌握官能团的性质与转化。【解答】丙烯（CH2=CHCH3）在催化剂作用下与H2/CO作用生成丁醛，2分子丁醛发生加成反应得到，与A的分子式相比，反应应是发生醇的消去反应，（2）中除催化氧化法外，由A可以得到，可知A为CH3CH2CH2CH=CH(CH2CH3)CHO，化合物A（C8H14O）与H2发生加成反应生成B(C8H16O)，B与氢气发生加成反应生成Y（C8H18O），由（3）中B能发生银镜反应，说明碳碳双键首先与H2加成，可推知B为CH3CH2CH2CH2CH(CH2CH3)CHO，Y为CH3CH2CH2CH2CH（CH2CH3）CH2OH丙烯（CH2=CHCH3）在催化剂作用下被氧化为C(C3H4O)，C的结构简式为：CH2=CHCHO，CH2=CHCHO进一步被催化氧化生成D（C3H4O2），则D的结构简式为：CH2=CHCOOH，D与Y在浓硫酸加热条件下发生酯化反应生成M，M的结构简式为：；（1）反应的反应类型是：消去反应，反应发生酯化反应，反应条件是：浓硫酸、加热；故答案为：消去反应；浓硫酸、加热；（2）A为CH3CH2CH2CH=CH(CH2CH3)CHO，可与银氨溶液反应醛基被氧化生成羧酸铵，再加酸转化为羧基可得，故答案为：银氨溶液、酸；（3）化合物A（C8H14O）与H2发生加成反应生成B（C8H16O），B与氢气发生加成反应生成Y（C8H18O），由B能发生银镜反应，说明碳碳双键首先与H2加成，即碳碳双键比醛基（羰基）易还原；故答案为：碳碳双键比醛基（羰基）易还原；（4）由上述分析可知，C的结构简式为CH2=CHCHO，M的结构简式为；故答案为：CH2=CHCHO；（5）D的结构简式为：CH2=CHCOOH，与1-丁醇发生酯化反应的产物为：CH2=CHCOOCH2CH2CH2CH3，该产物与氯乙烯共聚生成：，故答案为：；（6）丁醛的结构简式为：CH3CH2CH2CHO，不饱和度=1，在其同分异构体中不含羰基，说明分子中含有碳碳双键，或者含有1个环，含有3种不同化学环境的氢原子且双键碳上连有羟基的结构不稳定则符合条件的结构简式为：等；故答案为：。3.【答案】（1）羧基；苯甲醇；（2）、；4；2：2：2：1；（3）FeCl3溶液；（4）；（5）【解析】【分析】本题考查有机物的推断与合成，根据G的结构判断F和C，再结合转化关系进行推断，较好的考查学生对信息的接受和知识迁移运用力，难度中等。【解答】根据G的结构简式及C和F的分子式可知，一分子的C和两分子的F发生取代反应生成G，所以可推知F为，反应为B与甲醇发生酯化反应生成C，所以C为，B为，A发生氧化反应生成B，所以A为，D与氯气发生取代生成E，E发生碱性水解得F，所以D为，E为，（1）B为，B中含氧官能团的名称是羧基，F为，F的名称是苯甲醇，故答案为：羧基；苯甲醇；（2）根据上面的分析可知，上述流程中的取代反应有、，E为，E的核磁共振氢谱图中共有4个峰，各峰的峰面积比为2：2：2：1，故答案为：、；4；2：2：2：1；（3）D为，D与溴在铁粉作催化剂条件下发生苯环上取代，再水解酸化可得酚，所以H为酚，而F为醇，所以鉴别H与F的试剂是FeCl3溶液，故答案为：FeCl3溶液；（4）C为，C与足量NaOH溶液反应的化学方程式为，故答案为：；（5）B为，K与B互为同分异构体，根据条件：能与NaOH溶液反应，且1molJ完全反应消耗4molNaOH，说明K中有两个酚酯基，能发生银镜反应，且1molJ与足量的银氨溶液反应生成4molAg，说明有两醛基，或甲酸某酯，分子中苯环上的一氯取代物只有一种，说明苯环上取代分布对称，则符合条件的K的结构为。故答案为：。4.【答案】（1）羟基、溴原子（2）2-甲基-1-丙烯 （3）+Br2+HBr 取代反应（4）+2Cu(OH)2+NaOH+2Cu2O+3H2O（5）（6）(任意2种)（7）光照 镁、乙醚 【解析】【分析】本题考查有机物的推断与合成，充分利用有机物分子、G的结构与反应条件推断，注意对题目信息的理解，熟练掌握官能团的性质与转化，题目难度中等。【解答】E的核磁共振氢谱只有一组峰，则E为(CH3)3CBr，可知D为，根据信息可知F为(CH3)3CMgBr，C能发生银镜反应，由G的结构逆推可知C为，则B为，A为根据题中已知，由G可推知H为，J是一种酯，分子中除苯环外，还含有一个五元环，则J为。（1）G中官能团的名称：羟基、溴原子，故答案为：羟基、溴原子；（2）D为，系统命名是：2-甲基-1-丙烯，J的结构简式为：，故答案为： 2-甲基-1-丙烯；（3）由A生成B的化学方程式为：+Br2+HBr，属于取代反应，故答案为：+Br2+HBr；取代反应；（4）C与新制的氢氧化铜悬浊液反应的化学方程式：+2Cu(OH)2+NaOH+2Cu2O+3H2O，故答案为：+2Cu(OH)2+NaOH+2Cu2O+3H2O；（5）H（）在一定条件下生成高分子化合物的结构简式为：，故答案为：；（6）G的同分异构体中核磁共振氢谱有4组峰，且能与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基，可能结构简式为，故答案为：任意2种；（7）由信息中的转化可知，甲苯与溴在光照条件下得到，再与Mg/乙醚反应得到，最后与HCHO反应、水解得到2-苯基乙醇，L的结构简式为，故答案为：光照；镁、乙醚；。5.【答案】 +NaOH+NaCl 2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O【解析】解：（1）烃D的结构简式是CH2=CH2，其电子式为，故答案为：；（2）的转化中为取代反应，为加成反应，为氧化反应，故答案为：；（3）的方程式为+NaOH+NaCl，的反应方程式为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，故答案为：+NaOH+NaCl；2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O。由逆合成法及B的分子式可知，C为，则B水解生成C，A光照下发生取代反应生成B，可知A为，B为；G为CH3COOH，E发生连续氧化生成G，D与水发生反应生成E，则D为CH2=CH2，E为CH3CH2OH，F为CH3CHO，以此来解答。本题考查有机物的合成及推断，为高频考点，把握逆合成法应用、碳原子数变化、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意官能团与性质的关系，题目难度中等。6.【答案】加成反应 消去反应 加聚反应 NaOH水溶液、加热 CH3CH2Br+NaOHCH3CH2OH+NaBr 【解析】解：（1）为乙烯的加成反应，为卤代烃的消去反应，为乙烯的加聚反应，故答案为：加成反应；消去反应；加聚反应；（2）反应为卤代烃的水解反应，反应条件是NaOH水溶液、加热，故答案为：NaOH水溶液、加热；（3）BC的化学反应为CH3CH2Br+NaOHCH3CH2OH+NaBr，AD的化学反应为，故答案为：CH3CH2Br+NaOHCH3CH2OH+NaBr；。D是高分子化合物，常用来制造食品和药品包装袋，可知D为，结合图中转化可知，A为CH2=CH2，A与HBr发生加成反应生成CH3CH2Br，B发生消去生成A，则B发生水解反应生成C为CH3CH2OH，C发生消去反应生成A，以此解答该题。本题考查有机物的推断，为高频考点，把握D为聚乙烯、官能团与性质、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意烯烃、卤代烃、醇性质的应用，题目难度不大。7.【答案】碳碳双键；CH3CH2OH+CH3COOH浓H2SO4CH3COOCH2CH3+H2O；新制氢氧化铜（或银氨溶液）；A【解析】解：A是天然有机高分子化合物，在酸性条件下水解得B，B在酒化酶的作用下生成C和F，所以A为（C6H10O5）n，B为C6H12O6，G蒸气密度是氢气的44倍，即G的相对分子质量为88，D是一种重要的化工原料，D与水加成得C，所以C为CH3CH2OH，F为CO2，则D为CH2=CH2，D氧化得E为CH3COOH，C和E发生酯化反应生成G为CH3COOCH2CH3，烃X的相对分子质量是D、F之和，即为72，分子中碳与氢的质量之比是5：1，则X为C5H12， （1）根据上面的分析可知，D为CH2=CH2，D中官能团的名称为碳碳双键， 故答案为：碳碳双键； （2）C和E发生酯化反应生成CH3COOCH2CH3，反应的化学方程式CH3CH2OH+CH3COOH浓H2SO4CH3COOCH2CH3+H2O， 故答案为：CH3CH2OH+CH3COOH浓H2SO4CH3COOCH2CH3+H2O； （3）检验A转化过程中有B生成，即检验葡萄糖的存在，先中和水解液，再需要加入的试剂是新制氢氧化铜（或银氨溶液）， 故答案为：新制氢氧化铜（或银氨溶液）； （4）X为C5H12，是饱和烷烃， AC5H12不溶于水，与甲烷互为同系物，故A正确； BC5H12在高温下会分解，故B错误； CC5H12的一种同分异构体为2-甲基丁烷，有三个甲基，故C错误； D烷烃和溴水不发生加成反应，故D错误； 故选AA是天然有机高分子化合物，在酸性条件下水解得B，B在酒化酶的作用下生成C和F，所以A为（C6H10O5）n，B为C6H12O6，G蒸气密度是氢气的44倍，即G的相对分子质量为88，D是一种重要的化工原料，D与水加成得C，所以C为CH3CH2OH，F为CO2，则D为CH2=CH2，D氧化得E为CH3COOH，C和E发生酯化反应生成G为CH3COOCH2CH3，烃X的相对分子质量是D、F之和，即为72，分子中碳与氢的质量之比是5：1，则X为C5H12，据此答题本题考查有机物的推断，题目难度中等，确定G的组成是解题的关键，结合反应特点利用顺推法、逆推法相结合进行推断，注意掌握常见官能团的性质8.【答案】（1）H2O；羧基；（2）；取代反应；（3）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O；（4）饱和碳酸钠溶液；分液【解析】【分析】本题考查有机物的推断，为高频考点，把握有机物的性质、有机反应推断为解答的关键，侧重分析与推断能力的考查，注意常见有机物的性质及应用，题目难度不大。【解答】A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平，应为CH2=CH2，A和X反应生成B，B能连续被氧化生成D，BD发生酯化反应生成乙酸乙酯，则B为CH3CH2OH、C为CH3CHO，D为CH3COOH，则X为H2O；E是最简单的芳香烃，则E为，E发生取代反应生成F为，以此解答该题。（1）通过以上分析知，步骤所用试剂X为H2O，D为乙酸，D的官能团名称是羧基，故答案为：H2O；羧基；（2）F的结构简式为，步骤的反应类型：苯和浓硝酸的取代反应，反应类型是取代反应，故答案为：；取代反应；（3）步骤为乙醇的催化氧化反应，反应方程式为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；步骤为乙醇和乙酸的酯化反应，反应方程式为CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O，故答案为：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O；（4）试管b中所装溶液应为饱和碳酸钠溶液，碳酸钠溶液溶解乙醇、和乙酸反应生成可溶性的乙酸钠、抑制乙酸乙酯的溶解，乙酸乙酯和水不互溶，所以乙酸乙酯生成后，分离出产品时的操作方法是分液，故答案为：饱和碳酸钠溶液；分液。9.【答案】；碳碳双键、溴原子；消去反应；取少量试样于试管中，滴加稀NaOH至溶液呈碱性，再加入新制Cu（OH）2加热至沸，若没有砖红色沉淀产生，说明M已完全转化为N，否则M未完全转化为N；14；CH3CH2CH2CH2OHCH3CH2CH=CH2CH3CHBrCH=CH2CH2=CHCH=CH2 【解析】解：由G的结构简式可知E、N分别为、中的一种，K发生信息中的转化得到M，M发生催化氧化生成N为羧酸，故N为，E为，逆推可知M为，L为，K为A的分子式为C5H8O，核磁共振氢谱显示其有两种不同化学环境的氢，能与氢气发生加成反应，系列转化得到E，可知A为，则B为，结合信息可知，B发生消去反应生成C为，C与NBS发生取代反应生成D为，D在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成E （1）由上述分析可知，A的结构简式为，D为，D中官能团的名称为：碳碳双键、氯原子， 故答案为：；碳碳双键、氯原子； （2）由上述分析可知，BC的反应类型为消去反应， 故答案为：消去反应； （3）DE反应的化学方程式为：， 故答案为：； （4）M转化为N是醛基转化为羧基，可以检验反应后物质是否含有醛基判断M是否已完全转化为N，实验操作是：取少量试样于试管中，滴加稀NaOH至溶液呈碱性，再加入新制Cu（OH）2加热至沸，若没有砖红色沉淀产生，说明M已完全转化为N，否则M未完全转化为N， 故答案为：取少量试样于试管中，滴加稀NaOH至溶液呈碱性，再加入新制Cu（OH）2加热至沸，若没有砖红色沉淀产生，说明M已完全转化为N，否则M未完全转化为N； （5）满足下列条件的L（）的同分异构体：能发生银镜反应，说明含有醛基，能发生水解反应，含有甲酸形成的酯基，属于芳香族化合物，含有苯环，含有一个取代基为-CH2CH2OOCH，或者为-CH（CH3）OOCH，含有2个取代基为-CH3、-CH2OOCH，或者为-CH2CH3、-OOCH，各有邻、间、对3种，可以含有3个取代基为2个-CH3、1个-OOCH，2个-CH3有邻、间、对3种，对应的-OOCH分别有2种、3种、1种位置，故符合条件的同分异构体共有14种，其中核磁共振氢谱中有5组峰，且峰面积之比为1：2：2：2：3的结构简式为， 故答案为：14； （6）参照上述合成路线，设计一条以1-丁醇和NBS为原料制备顺丁橡胶（）的合成路线：CH3CH2CH2CH2OHCH3CH2CH=CH2CH3CHBrCH=CH2CH2=CHCH=CH2， 故答案为：CH3CH2CH2CH2OHCH3