成都零诊物理-2015年

2015年四川省成都市高考物理零诊试卷一、选择题（每小题3分）1下列说法正确的是（）A可见光是一种频率低于X射线的电磁波B变化的电场一定能产生变化的磁场C振荡电路的频率越低，向外发射电磁波的本领越大D爱因斯坦提出：对不同的惯性系，物理规律（包括力学的和电磁学的）是不一样的2下列说法正确的是（）A光纤通信是光的色散现象的应用B紫外线常用于医院和食品消毒，是因为它具有显著的热效应C救护车向静止着的你驶来时，你听到的警笛音调变调高，这是声波的多普勒效应D照相机镜头的增透膜可以改善相机的透光性能在，这是利用了光的全反射原理3下列说法正确的是（）A点电荷在电场中所受电场力的方向一定与电场线方向相同B运动的点电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向可能与磁感线方向相同C运动的点电荷在磁感应强度不为零的磁场中受到的洛伦兹力一定不为零D通电长直导线在磁感应强度不为零的地方受到的安培力可能为零4喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中（）A向负极板偏转B电势能逐渐减小C运动时间与电场强度大小有关D运动轨迹与所带电荷量无关5某单摆做受迫振动时，振幅A与驱动力频率f的关系图象如图所示，当地重力加速度g=9.8m/s2，则（）A该单摆做受迫振动的周期一定等于2sB该单摆的摆长约为1mC该单摆做受迫振动的振幅一定为8cmD该单摆做自由振动的振幅一定为8cm6某沿水平方向振动的弹簧振子在06s内做简谐运动的振动图象如图所示，由图可知（）A该振子的振幅为5cm，振动周期为6sB第3s末振子的速度沿x轴负方向C第3s末到第4s末的过程中，振子做减速运动D该振子的位移x和时间t的函数关系：x=5sin（t+）（cm）7如图所示，长直线导线AB与矩形导线框abcd固定在同一平面内，且ABab，直导线中通有图示方向的电流，当电流逐渐减弱时，下列判断正确的是（）A穿过线框的磁通量可能增大B线框中将产生逆时针方向的感应电流C线框所受安培力的合力方向向左D线框中产生的感应电流一定逐渐减小8如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数之比为5：1，原线圈接入图乙所示的电压，副线圈接火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均为理想电表，R0为定值电阻，R为半导体热敏电阻（其阻值随温度的升高而减小），下列说法中正确的是（）A图乙中电压的有效值为110VB电压表的示数为44VCR处出现火警时，电流表示数增大DR处出现火警时，电阻R0消耗的电功率减小二、本题包括5个小题，每小题4分，共20分9用同一装置进行双缝干涉实验，a，b两种单色光形成的干涉图样（灰黑色部分表示亮纹），分别如图甲、乙所示，关于a、b两种单色光，下列说法正确的是（）A若a是红光，则b可能是蓝光B两种条件下，b光比a光更容易发生明显衍射现象C在水中，a光的传播速度小于b光的传播速度D在水与空气的界面发生全反射时，a光的临界角大于b光的临界角10利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域如图所示是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，元件中通入图示方向的电流I，C、D两侧面会形成电势差下列说法中正确的是（）A若C侧面电势高于D侧面，则元件的载流子可能是带正电离子B若C侧面电势高于D侧面，则元件的载流子可能是自由电子C在测地球南、北极上方的地磁场强弱时，元件的工作面保持竖直时，效果明显D在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面保持竖直且与地球经线垂直时，效果明显11一列简谐波沿x轴负方向传播，t=0时刻的波形如图所示，此时坐标为（1，0）的质点刚好开始振动，在t1=0.3s时刻，质点P在t=0时刻以后第一次达到波峰，已知Q质点的坐标是（3，0），关于这列简谐横波，下列说法正确的是（）A波的周期为1.2sB波的传播速度为0.1m/sC在t2=0.7s时刻，Q质点首次位于波谷D在t=0至t1=0.3s时间内，A质点运动的路程为0.03m12如图所示，A、B、C、D是圆周上的四个点，四个点上放着两对等量的异种点电荷，ACBD且相交于圆心O，BD上的M、N两点关于圆心O对称下列说法正确的是（）AM、N两点的电场强度不相同BM、N两点的电势不相同C一个电子沿直线从M点移动到N点，电场力做的总功为零D一个电子沿直线从M点移动到N点，电势能一直减少13如图所示，两平行金属导轨MM、NN间有一正方形磁场区域abcd，acMM，ac两侧匀强磁场的方向相反且垂直于轨道平面，ac右侧磁感应强度是左侧的2倍，现让垂直于导轨放置在导轨上，与导轨接触良好的导体棒PQ从图示位置以速度v向右匀速通过区域abcd，若导轨和导体棒的电阻均不计，则下列关于PQ中感应电流i和PQ所受安培力F随时间变化的图象可能正确的是（规定从Q到P为i的正方向，平行于导轨MM向左为F的正方向（）ABCD三、本题共2个题，共14分14如图为“探究平行板电容器的电容与哪些因素有关”的装置图，已充电的平行板电容器的极板A与一静电计相连接，极板B接地，若极板B竖直向上移动少许，则电容器的电容 ，静电计指针偏角 ，电容器的电荷量 （填“增大”、“减小”或“几乎不变”）15在“测量干电池的电动势和内电阻”的实验中，用待测电池、开关和导线，配合下列的 组、或 组、或 组仪器，均能达到实验目的A一只电流表和一只电阻箱 B一只电压表和一只电阻箱C一只电流表、一只电压表和一只滑动变阻器 D一只电流表和一只滑动变阻器（2）为测量某种材料制成的电阻丝Rx的电阻率，实验室提供了下列器材：A电流表G：内阻Rg=120，满偏电流Ig=3mAB电流表A2内阻约为1，量程为00.6AC多用电表D螺旋测微器、刻度尺E电阻箱R箱（09999，0.5A）F滑动变阻器R（5，1A）G电池组E（6V，0.05）H一个开关S和导线若干某同学进行了以下操作：用螺旋测微器测出该电阻丝的直径；用多用电表粗测Rx的阻值，当他把选择开关旋到电阻“10”档时，发现指针偏转角度过大，则他应该换用电阻 档（填“1”或“100”）进行一系列正确操作后，指针静止位置如图甲所示；把电流表G与电阻箱串联改装成量程为6V的电压表，则电阻箱的阻值应调为R0= 用改装好的电压表设计一个精确测量电阻RX阻值的实验电路；请你根据提供的器材和实验需要，在答题卡相应位置将与图乙对应的电路图补画完整；计算电阻率：若测得电阻丝的长度为L，电阻丝的直径为d，电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表G的求数为I1，电流表A的示数为I2，请你用字母符号（L、d、Rg、Rg、I1、I2等）写出计算电阻率的表达式= 16如图所示，固定的光滑绝缘轻质杆MN与水平面的夹角为，MN长度为L，一质量为m，电荷量为q，可看作质点的带正电的小球P穿在杆上，已知小球P在运动过程中电荷量保持不变，静电力常量为k，重力加速度值为g（1）现把另一可看作质点的带电小球W固定在杆的M端，小球P恰能静止在MN的中点O处，求小球W的电荷量Q（2）若改变小球W的电荷量至某值，将小球P从N点由静止释放，P沿杆恰好能到达MN的中点O处，求场源电荷W在O，N两点间的电势差UON（结果用m，g，q，k，L，表示）17如图所示，半径R=10cm的半圆形玻璃砖下端紧靠在足够大的光屏MN上，O点为圆心，OO为直径PQ的垂线，一束复色光沿半径方向与OO成=30角射向O点，在光屏的MQ间形成了彩色光带，已知复金以光由折射率从n1=到n2=1.6的各种色光组成（sin37=0.6，cos37=0.8）（1）求MQ间的彩色光带的宽度L（2）改变复色光入射角至某值时，MQ间的彩色光带恰好消失，求此时的入射角18如图所示，MN、PQ为倾斜旋转的足够长的光滑金属导轨，与水平在的夹角为37，导轨间距L=0.5m，导轨下端连接一个R=0.5的电阻和一个理想电流表，导轨电阻不计，图中abcd区域存在竖直向下，磁感应强度B=0.5T的匀强磁场，一根质量m=0.02kg、电阻r=0.5的金属棒EF非常接近磁场的ab边界（可认为与ab边界重合）现由静止释放EF，已知EF在离开磁场边界cd前的示数已经保持稳定（sin37=0.6，cos337=0.8，g=10m/s2）（1）求示数稳定时金属棒EF两端的电压（2）已知金属棒EF从静止释放到刚好离开下边界cd的过程中，电流流过R产生的焦耳热为0.045J，求ab与cd间的距离xbd19如图所示，在xoy平面第一象限的整个区域分布碰上匀强磁场，电场方向平行于y轴向下，在第四象限内存在有界（含边界）匀强磁场，其左边界为y轴，右边界为x=l的直线，磁场方向垂直纸面向外，一质量为m、电荷量为q、可看作质点的带正电粒子，从y轴上P点以初速度v0垂直于y轴射入匀强电场，在电场力作用下从x轴上Q点以与x轴正方向成45角进入匀强磁场，已知OQ=l，不计粒子重力，求：（1）OP间的距离（2）要使粒子能再进入电场，磁感应强度B的取值范围（3）要使粒子能第二次进入磁场，磁感应强度B的取值范围（结果用m、q、l、v0表示）2015年四川省成都市高考物理零诊试卷参考答案一、选择题（每小题3分）1考点：电磁波谱分析：狭义相对论提出对不同的惯性系，物理规律是相同的；广义相对论提出：对不同的参考系，物理规律是相同的；电路中发射能力的大小取决于频率；频率越高，发射的越远解答：解：A、根据电磁波谱可知，可见光是一种频率低于X射线的电磁波；故A正确；B、变化的电场包括均匀变化和周期性变化等；均匀变化的电场只能产生恒定的磁场；故B错误；C、振荡电路的频率越高，向外发射电磁波的本领越大；故C错误；D、爱因斯坦狭义相对论提出：对不同的惯性系，物理规律是相同的；爱因斯坦广义相对论提出：对不同的参考系，物理规律是相同的；故D错误；故选：A点评：本题考查了相对论的基本假设、电磁波的利用及发射等；知识点多，难度小，关键记住基础知识2考点：光导纤维及其应用；紫外线的荧光效应及其应用分析：光纤通信是光的全反射现象；紫外线有显著的化学作用，红外线有显著的热效应；根据声源与观察者间距来确定音调的高低；镜头表面的增透膜是利用了光的干涉原理解答：解：A、光纤通信是光的全反射现象的应用，故A错误；B、紫外线常用于医院和食品消毒，但它不具有显著的热效应，反而红外线才是显著的热效应，故B错误；C、救护车向静止着的你驶来时，相对距离减小，则你听到的警笛音调变调高，这是声波的多普勒效应，故C正确；D、镜头表面的增透膜是利用了光程差为半个波长的奇数倍时，出现振动减弱，体现光的干涉原理，故D错误；故选：C点评：考查光的全反射、干涉的现象，掌握其发生的条件，理解紫外线与红外线的区别，理解多普勒效应现象与条件，注意接收频率与发射频率的不同3考点：电场线；洛仑兹力分析：本题要抓住电场力和磁场力的区别，知道正点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相同洛伦兹力方向与磁场方向垂直当电荷的运动方向与磁场方向平行时不受洛伦兹力当通电导线与磁场平行时不受安培力解答：解：A、正点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相同，负点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相反故A错误B、运动的点电荷在磁场中所受的洛伦兹力方向与磁场方向垂直故B错误C、当电荷的运动方向与磁场方向平行时不受洛伦兹力故C错误D、通电长直导线在磁感应强度不为零的地方，当通电导线与磁场平行时不受安培力故D正确故选：D点评：电场力和磁场力的区别很大，要抓住电场力与重力类似，电荷在电场中必定要受到电场力，而磁场力则不一定，当电荷的运动方向与磁场方向平行时不受洛伦兹力当通电导线与磁场平行时不受安培力4考点：带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：微滴带负电，在电场中受到的力来确定偏转方向；根据电子做类平抛运动来确定侧向位移，及电场力做功来确定电势能变化情况解答：解：A、由于微滴带负电，故微滴向正极板偏转，故A错误；B、由于电场力做正功，故电势能逐渐减少，故B正确；C、微滴在电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，运动时间 t=，与电场强度无关，故C错误D、由侧向位移y=at2=，可知运动轨迹与带电量有关，故D错误故选：B点评：本题理解电子做类平抛运动的规律及处理的方法，并得出电势能变化是由电场力做功来确定的5考点：自由振动和受迫振动分析：由共振曲线可知，出现振幅最大，则固有频率等于受迫振动的频率，从而即可求解解答：解：A、单摆做受迫振动，振动频率与驱动力频率相等；当驱动力频率等于固有频率时，发生共振，则固有频率为0.5Hz，周期为2s故A错误；B、由图可知，共振时单摆的振动频率与固有频率相等，则周期为2s由公式T=2 ，可得L1m，故B错误；C、单摆的实际振动幅度随着驱动力的频率改变而改变，当出现共振时，单摆的摆幅才为8cm故C错误；D、同理，单摆做自由振动的振幅不一定为8cm故D错误；故选：B点评：本题关键明确：受迫振动的频率等于驱动力的频率；当受迫振动中的固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象，此时振幅达到最大6考点：简谐运动的振动图象分析：由图读出周期和振幅第3s末振子处于平衡位置处，速度最大，加速度为0第3s末振子振子经过平衡位置向正方向运动从第3s末到第4s末振子由平衡位置向正向最大位移处运动，速度减小由公式=，得到角频率，则该振子简谐运动的表达式为x=Acost解答：解：A、由图读出振动周期为4s，振幅为5cm故A错误B、根据图象可知，第3s末振子振子经过平衡位置向正方向运动故B错误C、第3s末振子处于平衡位置处，速度最大，则第3s末到第4s末的过程中，振子做减速运动故C正确D、由振动图象可得：振幅A=5cm，周期T=4s，初相=，则圆频率=故该振子做简谐运动的表达式为：x=5cos（t+）=5sin（t）（cm）（cm）故D错误故选：C点评：本题考查根据振动图象分析物体振动过程的能力当振子靠近平衡位置时速度增大，加速度减小；背离平衡位置时速度减小，加速度增大7考点：感应电流的产生条件分析：本题要会判断通电直导线周围的磁场分布，知道它是非匀强电场，同时要根据楞次定律和安培定则判断感应电流的方向，根据法拉第电磁感应定律得到感应电动势的变化规律解答：解：A、当电流逐渐减弱时，电流产生的磁场减弱，穿过线框的磁通量减小，故A错误；B、根据楞次定律，知感应电流的磁场总要阻碍原磁通量的变化，根据右手定则判定知导线右侧的磁场方向向里，磁通量减小时，产生的感应电流的磁场方向向里，产生顺时针方向的感应电流，故B错误；C、根据楞次定律，感应电流的磁场要阻碍原磁通量的减小，线框有向磁感应强度较大的左侧运动的趋势，所以它所受的安培力的合力向左，故C正确；D、由于电流的规律未知，线框中产生的感应电动势如何变化不能确定，则知线框中感应电流不一定减小，故D错误故选：C点评：通电指导线周围的磁场为非匀强磁场，会应用楞次定律和法拉第电磁感应定律结合欧姆定律解题8考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：求有效值方法是将交流电在一个周期内产生热量与将恒定电流在相同时间内产生的热量相等，则恒定电流的值就是交流电的有效值半导体热敏电阻是指随温度上升电阻呈指数关系减小、具有负温度系数的电阻，R处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流、电压变化解答：解：A、设将此电流加在阻值为R的电阻上，电压的最大值为Um，电压的有效值为U=T代入数据得图乙中电压的有效值为110V，故A错误；B、变压器原、副线圈中的电压与匝数成正比，所以变压器原、副线圈中的电压之比是5：l，所以电压表的示数为22v，故B错误；C、R处温度升高时，阻值减小，由于电压不变，所以出现火警时电流表示数增大，故C正确D、由A知出现火警时电流表示数增大，电阻R0消耗的电功率增大，故D错误故选：C点评：根据电流的热效应，求解交变电流的有效值是常见题型，要熟练掌握根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键二、本题包括5个小题，每小题4分，共20分9考点：光的干涉分析：根据双缝干涉条纹的间距大小比较出A、B两光的波长大小，从而比较出频率的大小、折射率的大小，根据v= 得出光在水中传播速度的大小根据sinC=比较全发射的临界角解答：解：A、根据x=得，=，a光的条纹间距较大，则a光的波长较大，若a是红光，则b可能是蓝光，故A正确B、a光的波长较大，则比b光更容易发生明显衍射现象频率较小，故B错误C、a光的折射率较小，根据v=得，a光在水中传播的速度较大，故C错误D、根据sinC=知，a光的折射率较小，则a光从水中射向空气全反射的临界角较大，故D正确故选：AD点评：解决本题的关键知道波长、频率、折射率、在介质中的速度、临界角之间的大小关系，本题通过双缝干涉的条纹间距公式比较出波长是突破口10考点：霍尔效应及其应用分析：根据左手定则判断洛伦兹力的方向，确定电子的偏转方向，从而确定侧面电势的高低测量地磁场强弱时，让地磁场垂直通过元件的工作面，通过地磁场的方向确定工作面的位置解答：解：A、若元件的载流子是正电离子，由左手定则可知，正电离子受到的洛伦兹力方向向D侧面偏，则D侧面的电势高于C侧面的电势，故A错误；B、若元件的载流子是自由电子，由左手定则可知，电子受到的洛伦兹力方向向D侧面偏，则C侧面的电势高于D侧面的电势故B正确；C、在测地球南、北极上方的地磁场强弱时，因磁场竖直方向，则元件的工作面保持水平时，效果明显，故C错误；D、地球赤道上方的地磁场方向水平，在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持竖直，当与地球经线垂直时，效果明显故D正确故选：BD点评：解决本题的关键知道霍尔效应的原理，知道电子受到电场力和洛伦兹力平衡，注意地磁场赤道与两极的分布11考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象分析：由图可知，质点P在t=0时刻向下运动，经过T第一次达到波峰，据此求周期读出波长，再求波速当图中A波谷传到Q时，Q首次位于波谷根据时间与周期的关系求解A质点的路程解答：解：A、据题有：t1=0.3s=T，则得周期 T=0.4s，故A错误B、波长为 =4cm=0.04m，则波速为 v=0.1m/s，故B正确C、当图中A波谷传到Q时，Q首次位于波谷，所用时间 t=s=0.7s，故C正确D、在t=0至t1=0.3s时间内，A质点运动的路程为3A=24cm=0.24m，故D错误故选：BC点评：本题关键从时间的角度研究周期，运用波形平移法研究质点的状态对于振动的位移，往往根据时间与周期的倍数关系求解12考点：电场强度；电场线分析：根据点电荷场强公式E=求解每个点电荷单独存在时的场强，然后矢量合成；考虑两对等量异号电荷的电场中的电势，然后代数合成解答：解：A、根据点电荷的场强公式E=和电场的叠加原理可知，M、N两点的电场强度大小相等、方向相反，则电场强度不同，故A正确B、等量异号电荷连线的中垂线是等势面，M、N两点对AB两个电荷的电场来说电势不等，是M点的电势低；对CD两个电荷的电场来说M点的电势高，由对称性可知，M、N两点的电势相同，故B错误C、M、N两点间的电势差为零，根据W=qU，知电子沿直线从M点移动到N点，电场力做的总功为零故C正确D、电子沿直线从M点移动到N点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故D错误故选：AC点评：本题关键是明确场强是矢量，合成遵循平行四边形定则；电势是标量，合成遵循代数法则13考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律专题：电磁感应与电路结合分析：根据楞次定律判断感应电流的方向，由法拉第电磁感应定律和欧姆定律列式分析感应电流大小变化规律，再得到安培力随时间的变化，由平衡条件分析F的变化规律解答：解：设ac左侧磁感应强度是B，则右侧的为2B导轨间距为LAB、金属棒PQ通过bac区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从Q到P，为正方向，由i=t，PQ刚要到ac时，i=；金属棒PQ通过bdc区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从P到Q，为负方向，由i=，可知i随时间均匀减小，PQ棒刚离开ac时，i=故A正确，B错误CD、金属棒PQ通过bac区域时，安培力 F=Bi2vt=t2金属棒PQ通过bdc区域时，安培力大小为 F=2Bi（L2vt）=根据数学知识可得，C正确，D错误故选：AC点评：本题运用半定量的研究方法，通过法拉第电磁感应定律、欧姆定律、安培力公式得到感应电流和安培力的表达式，再进行分析，要注意公式E=BLv中L是有效的切割长度三、本题共2个题，共14分14考点：研究平行板电容器专题：实验题；电容器专题分析：若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据电容的决定式：C=，分析电容的变化电容器的电量不变，由电容的定义式分析板间电压的变化，再判断静电计指针偏角的变化电容器充电后断开了电源，故电容器两极板上的电量Q不变解答：解：电容器充电后断开了电源，故电容器两极板上的电量Q几乎不变；若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据电容的决定式C=，可知，电容C变小电容器的电量Q不变，由电容的定义式C= 得到，板间电压U变大故静电计指针偏角变大；故答案为：减小，增大，几乎不变点评：本题是电容器动态变化分析的问题，根据电容的决定式C=，和电容的定义式C= 综合分析，是常用思路15考点：测定电源的电动势和内阻专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律E=U+Ir，可以一个电压表、一个电流表分别测量路端电压和电流，用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量也可以用电流表和电阻箱组合，可代替电流表和电压表，或用电压表和电阻箱组合，代替电压表和电流表，同样能测量电源的电动势和内阻（2）多用电表盘刻度，不均匀，且从左向右，电阻刻度越来越小，而多用电表电阻的测量值等于表盘示数乘以倍率；根据电压表的量程为03V，结合电流表G（内阻Rg=99，满偏电流Ig=3mA），即可求出电阻箱的阻值；因两个电流表，一电流表与电阻串联当作电压表，因此使用另一电流表的内接法，再能准确得出所测电阻的电流；根据滑动变阻器（5，2A），因此采用滑动变阻器限流式，从而画出正确的电路图，即可求解由电阻定律求出电阻率的表达式，结合欧姆定律及串并联的特征，然后求出电阻率解答：解：测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律E=U+Ir，作电压表测量路端电压U、用电流表测量电流I，利用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量，即由一个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器组合利用闭合电路的欧姆定律列方程得出电源的电动势和内阻可以在没有电压表的情况下，用一个电流表和一个电阻箱组合测量，电阻箱可以读出阻值，由U=IR可求出路端电压；也可以用电压表和电阻箱组合，由电压表读数U与电阻箱读数R之比求出电流故ABC组均可实现求电动势和内电阻的效果；但D组中只能测出电路中的电流，不能测量电压，因而不能测出电源的电动势和内电阻，故D错误；（2）因欧姆表不均匀，要求欧姆表指针指在欧姆表中值电阻附近时读数较准，当用“1O”挡时发现指针偏转角度过大，说明倍率较大，所以应按“1”倍率读数，读数为：R=115=15；将电流表G 与电阻箱串联改装成量程为6V的电压表，而电流表G（内阻Rg=120，满偏电流Ig=3mA）；所以改装后的电压表的内阻为Rv=；由于电流表G的内阻Rg=120，因此电阻箱的阻值应调为R0=2000120=1880；由于题意可知，两电流表，当另电流表使用外接法，能准确测出所测电阻的电流，同时又能算出所测电阻的电压；而滑动变阻器R（5，1A），电源电压为6V，所以滑动变阻器使用限流式，则电路图如下图所示；由电阻定律可知，电阻R=，则电阻率=，根据欧姆定律，R=；所以电阻率=故答案为：（1）ABC；（2）1；1880，如图所示；点评：（1）考查欧姆表读数，注意此刻度不均匀，尽量让指针在中央附近，同时乘以倍率；（2）确定滑动变阻器与电流表的接法是正确解题的关键，测量电阻的方法除了伏安法外，还有“安安法”（即两个电流表组合）、“伏伏法”（两个电压表组合）等（3）掌握电阻定律，同时注意利用电流表与电阻的关系，求出电压的方法16考点：电势差与电场强度的关系专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）小球P静止在MN的中点O处，受力平衡，由平衡条件和库仑定律求小球W的电荷量Q（2）小球P从N点运动到O处，重力和静电力做功，根据动能定理求电势差UON解答：解：（1）小球P静止，受力平衡，则有：mgsin=k解得 Q=（2）小球P从N点运动到O处，根据动能定理得： mgsin+qUNO=0解得 UNO=则电势差 UON=UNO=答：（1）小球W的电荷量Q是（2）场源电荷W在O，N两点间的电势差UON为点评：本题主要掌握平衡条件和动能定理，并能正确运用在运用电场力做功公式WNO=qUNO时要注意电荷移动的方向，明确 UON=UNO17考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：（1）两束光通过玻璃砖时，由于折射率不同，折射角不同，从而产生色散，根据折射定律求出折射角，由几何知识求解光带的宽度L（2）改变复色光入射角，MQ间的彩色光带恰好消失，说明临界角较小的光束发生了全反射，由sinC=求解解答：解：（1）入射到O点的复色光经PQ界面的折射后在光屏上的A、B之间形成彩色的光带，光路如图所示根据折射定律有： n1=解得 =45由n2=，可得 =53故彩色光带的宽度 L=RcotRcot=2.5cm（2）据题意，在O点，n1=的色光恰好发生全反射，彩色光带恰好消失 根据sin=，得 =45答：（1）MQ间的彩色光带的宽度L是2.5cm（2）改变复色光入射角至某值时，MQ间的彩色光带恰好消失，此时的入射角是45点评：对于涉及全反射的问题，要紧扣全反射产生的条件：一是光从光密介质射入光疏介质；二是入射角大于等于临界角18考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化专题：电磁感应功能问题分析：（1）电流表稳定时，金属棒做匀速直线运动，根据平衡，结合切割产生的感应电动势公式、欧姆定律、安培力公式求出稳定的速度大小，然后求出电动势，根据欧姆定律求出金属棒EF两端的电压（2）根据能量守恒求出ab和cd间的距离解答：解：（1）电流表示数稳定时，可知金属棒做匀速直线运动，设此时速度为v，则有：E=BLvcos37，根据闭合电路欧姆定律得：I=，安培力为：F=BIL=金属板匀速运动，受力平衡，则有：，解得：v=3m/sEF两端的电压为：U=（2）金属棒EF从静止释放到刚好离开下边界cd的过程中有：根据能量守恒得：代入数据解得：xbd=1.5m答：（1）电流表示数稳定时金属棒EF两端的电压为0.3V（2）ab与cd间的距离为1.5m点评：本题考查了电磁感应与动力学和能量的综合，知道电流表读数稳定时，金属棒做匀速直线运动在第二问中，运用能量守恒求解时，产生的热量为全电路产生的热量，不是单单电阻R上产生的热量19考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中