2015届高三数学总复习学案5函数的单调性与最值

1、 自主梳理 (3)单调区间：如果函数yf(x)在某个区间上是单调增函数或减函数，那么说函数yf(x)在区间I上具有单调性，单调增区间和单调减区间统称为_ (4)函数yx(a0)在 (，)，(，)上单调_；在(，0)，(0，)上单调_；函数yx(a”、“b0)，求f(x)的单调区间，并说明f(x)在其单调区间上的单调性变式迁移1已知f(x)是定义在R上的增函数，对xR有f(x)0，且f(5)1，设F(x)f(x)，讨论F(x)的单调性，并证明你的结论探究点二函数的单调性与最值例2已知函数f(x)，x1，)(1)当a时，求函数f(x)的最小值；(2)若对任意x1，)，f(x)0恒成立，试求实数a的

2、取值范围变式迁移2已知函数f(x)x在(1，)上是增函数，求实数a的取值范围探究点三抽象函数的单调性例3已知函数f(x)对于任意x，yR，总有f(x)f(y)f(xy)，且当x0时，f(x)1时，f(x)0.(1)求f(1)的值；(2)判断f(x)的单调性；(3)若f(3)1，解不等式f(|x|)2.分类讨论及数形结合思想例(14分)求f(x)x22ax1在区间0,2上的最大值和最小值【答题模板】解f(x)(xa)21a2，对称轴为xa.2分(1)当a0时，由图可知，f(x)minf(0)1，f(x)maxf(2)34a.5分(2)当0a1时，由图可知，f(x)minf(a)1a2，f(x)m

3、axf(2)34a.8分(3)当12时，由图可知，f(x)minf(2)34a，f(x)maxf(0)1.综上，(1)当a0时，f(x)min1，f(x)max34a；(2)当0a1时，f(x)min1a2，f(x)max34a；(3)当12时，f(x)min34a，f(x)max1.14分【突破思维障碍】(1)二次函数的单调区间是由图象的对称轴确定的故只需确定对称轴与区间的关系由于对称轴是xa，而a的取值不定，从而导致了分类讨论(2)不是应该分a2三种情况讨论吗？为什么成了四种情况？这是由于抛物线的对称轴在区间0,2所对应的区域时，最小值是在顶点处取得，但最大值却有可能是f(0)，也有可能是

4、f(2)函数的单调性的判定与单调区间的确定常用方法有：(1)定义法；(2)导数法；(3)图象法；(4)单调性的运算性质总结如下：若函数f(x)，g(x)在区间I上具有单调性，则在区间I上具有以下性质：(1)f(x)与f(x)C具有相同的单调性(2)f(x)与af(x)，当a0时，具有相同的单调性，当af(a)，则实数a的取值范围为_3(2009宁夏，海南改编)用mina，b，c表示a，b，c三个数中的最小值设f(x)min2x，x2,10x(x0)，则f(x)的最大值为_4若f(x)x22ax与g(x)在区间1,2上都是减函数，则a的取值范围为_5已知定义在R上的增函数f(x)，满足f(x)f

5、(x)0，x1，x2，x3R，且x1x20，x2x30，x3x10，则f(x1)f(x2)f(x3)的符号为_(填“正”、“负”、“不确定”)6(2011淮安调研)函数y(x3)|x|的递增区间是_7设f(x)是增函数，则下列结论一定正确的是_(填序号)yf(x)2是增函数；y是减函数；yf(x)是减函数；y|f(x)|是增函数8(2011苏州质检)设0x1，则函数y的最小值是_二、解答题(共42分)9(14分)已知函数f(x)a.(1)求证：函数yf(x)在(0，)上是增函数；(2)若f(x)0成立(1)判断f(x)在1,1上的单调性，并证明；(2)解不等式：f(x)34a35c,55c课堂

6、活动区例1解题导引对于给出具体解析式的函数，判断或证明其在某区间上的单调性问题，可以结合定义(基本步骤为：取点，作差或作商，变形，判断)来求解可导函数则可以利用导数求解有些函数可以转化为两个或多个基本初等函数，利用其单调性可以方便求解解在定义域内任取x1，x2，且使x10，yf(x2)f(x1).ab0，ba0，(ba)(x2x1)0，又x(，b)(b，)，只有当x1x2b，或bx1x2时，函数才单调当x1x2b，或bx1x2时，f(x2)f(x1)0，即y0.yf(x)在(，b)上是单调减函数，在(b，)上也是单调减函数变式迁移1解在R上任取x1、x2，设x1f(x1)，F(x2)F(x1)

7、f(x2)f(x1)f(x2)f(x1)1，f(x)是R上的增函数，且f(5)1，当x5时，0f(x)5时f(x)1；若x1x25，则0f(x1)f(x2)1，0f(x1)f(x2)1，10，F(x2)x15，则f(x2)f(x1)1，f(x1)f(x2)1，10，F(x2)F(x1)综上，F(x)在(，5)上为减函数，在(5，)上为增函数例2解(1)当a时，f(x)x2，设x1，x21，)且x1x2，f(x1)f(x2)x1x2(x1x2)(1)x1x2，x1x20，又1x10，f(x1)f(x2)0，f(x1)0恒成立，等价于x22xa0恒成立设yx22xa，x1，)，yx22xa(x1)

8、2a1递增，当x1时，ymin3a，于是当且仅当ymin3a0时，函数f(x)恒成立，故a3.方法二f(x)x2，x1，)，当a0时，函数f(x)的值恒为正，满足题意，当a0时，函数f(x)0恒成立，故a3.方法三在区间1，)上f(x)0恒成立等价于x22xa0恒成立即ax22x恒成立又x1，)，ax22x恒成立，a应大于函数ux22x，x1，)的最大值ax22x(x1)21.当x1时，u取得最大值3，a3.变式迁移2解设1x1x2.函数f(x)在(1，)上是增函数，f(x1)f(x2)x1(x2)(x1x2)(1)0.又x1x20，即ax1x2恒成立1x11，x1x2x2，则x1x20，f(

9、x1)f(x2)f(x1)f(x2)f(x1x2)又x0时，f(x)0，f(x1x2)0，即f(x1)x2，则f(x1)f(x2)f(x1x2x2)f(x2)f(x1x2)f(x2)f(x2)f(x1x2)又x0时，f(x)0，f(x1x2)0，即f(x1)0，代入得f(1)f(x1)f(x1)0，故f(1)0.(2)任取x1，x2(0，)，且x1x2，则1，由于当x1时，f(x)0，f()0，即f(x1)f(x2)0，f(x1)0时，由f(|x|)2，得f(x)9；当x0时，由f(|x|)2，得f(x)9，故x9或xa，解得2a0时，它有两个减区间为(，1)和(1，)，故只需区间1,2是f(

10、x)和g(x)的减区间的子集即可，则a的取值范围是00，x2x30，x3x10，x1x2，x2x3，x3x1.又f(x1)f(x2)f(x2)，f(x2)f(x3)f(x3)，f(x3)f(x1)f(x1)，f(x1)f(x2)f(x3)f(x2)f(x3)f(x1)f(x1)f(x2)f(x3)0.60，解析y.画图象如图所示：可知递增区间为0，7解析举例：设f(x)x，易知均不正确84解析y，当0x1时，x(1x)(x)2.y4.9(1)证明当x(0，)时，f(x)a，设0x10，x2x10.f(x1)f(x2)(a)(a)0.(5分)f(x1)f(x2)，即f(x)在(0，)上是增函数(

11、6分)(2)解由题意a2x在(1，)上恒成立，设h(x)2x，则a0，x(1，)，h(x)在(1，)上单调递增(12分)故ah(1)，即a3.a的取值范围为(，3(14分)10解设f(x)的最小值为g(a)，则只需g(a)0，由题意知，f(x)的对称轴为.(1)当4时，g(a)f(2)73a0，得a.又a4，故此时的a不存在(4分)(2)当2,2，即4a4时，g(a)f()3a0得6a2.又4a4，故4a2.(8分)(3)当2，即a4时，g(a)f(2)7a0得a7.又a4，故7a4.(13分)综上得所求a的取值范围是7a2.(14分)11解(1)任取x1，x21,1，且x10，x1x20，f(x1)f(x2)0，即f(x1)f(x2)f(x)在1,1上单调递增(4分)(2)f(x)在1,1上单调递增，x1.(9分)(3)f(1)1，