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文档简介
1、一、选择题1(2013江南十校联考)若点P(1,1)为圆(x3)2y29的弦MN的中点,则弦MN所在直线方程为()A2xy30Bx2y10Cx2y30 D2xy10解析:选D.圆心C(3,0),kCP,由kCPkMN1,得kMN2,所以弦MN所在直线方程是y12(x1),即2xy10.2(2012高考广东卷)在平面直角坐标系xOy中,直线3x4y50与圆x2y24相交于A、B两点,则弦AB的长等于()A3 B2C. D1解析:选B.圆x2y24的圆心(0,0)到直线3x4y50的距离d1,圆的半径为2,所以弦长|AB|22,故选B.3(2013长春模拟)若直线2xya0与圆(x1)2y21有公
2、共点,则实数a的取值范围()A2a2 B2a2Ca Da解析:选B.若直线与圆有公共点,即直线与圆相交或相切,故有1,解得2a2.4(2012高考山东卷)圆(x2)2y24与圆(x2)2(y1)29的位置关系为()A内切 B相交C外切 D相离解析:选B.两圆的圆心距离为,两圆的半径之差为1,半径之和为5,而10,则圆C的半径为|a1|,圆心到直线l的距离为.根据勾股定理可得,2()2|a1|2,解得a3或a1(舍去),所以圆C的圆心坐标为(3,0),则过圆心且与直线l垂直的直线的方程为xy30.答案:xy30三、解答题9已知圆C的圆心与点P(2,1)关于直线yx1对称,直线3x4y110与圆C
3、相交于A,B两点,且|AB|6,求圆C的方程解:设点P关于直线yx1的对称点为C(m,n),则由故圆心C到直线3x4y110的距离d3,所以圆C的半径的平方r2d218.故圆C的方程为x2(y1)218.10(2013湛江六校联考)已知圆C:x2y22x4y40,是否存在斜率为1的直线l,使以l被圆截得的弦AB为直径的圆过原点?若存在,求出直线l的方程;若不存在,说明理由解:假设存在斜率为1的直线l,满足题意,则OAOB.设直线l的方程是yxb,其与圆C的交点A,B的坐标分别为A(x1,y1),B(x2,y2),则1,即x1x2y1y20.由消去y得:2x22(b1)xb24b40,x1x2(
4、b1),x1x2(b24b4),y1y2(x1b)(x2b)x1x2b(x1x2)b2(b24b4)b2bb2(b22b4)把式代入式,得b23b40,解得b1或b4,且b1或b4都使得4(b1)28(b24b4)0成立故存在直线l满足题意,其方程为yx1或yx4.一、选择题1由直线yx1上的一点向圆x26xy280引切线,则切线长的最小值为()A1 B2C. D3解析:选C.切线长的最小值在直线yx1上的点与圆心距离最小时取得,圆心(3,0)到直线的距离为d2,圆的半径为1,故切线长的最小值为,故选C项2若直线2axby20(a0,b0)被圆x2y22x4y10截得的弦长为4,则的最小值是(
5、)A4 B2C. D.解析:选A.圆(x1)2(y2)24.弦长为4,故为直径,即直线过圆心(1,2),ab1,()(ab)2224,当且仅当ab时,取等号,的最小值为4.二、填空题3(2012高考江西卷)过直线xy20上点P作圆x2y21的两条切线,若两条切线的夹角是60,则点P的坐标是_解析:点P在直线xy20上,可设点P(x0,x02),且其中一个切点为M.两条切线的夹角为60,OPM30.故在RtOPM中,有OP2OM2.由两点间的距离公式得OP2,解得x0.故点P的坐标是(,)答案:(,)4(2013金华调研)在平面直角坐标系xOy中,已知圆x2y24上有且只有四个点到直线12x5y
6、c0的距离为1,则实数c的取值范围是_解析:画图(图略)可知,圆上有且只有四个点到直线12x5yc0的距离为1,该圆半径为2即圆心O(0,0)到直线12x5yc0的距离d1,即01,13c13.答案:(13,13)三、解答题5(2013宿州调研)在平面直角坐标系xOy中,已知圆C1:(x3)2(y1)24和圆C2:(x4)2(y5)24.(1)若直线l过点A(4,0),且被圆C1截得的弦长为2,求直线l的方程;(2)设P为平面上的点,满足:存在过点P的无穷多对互相垂直的直线l1和l2,它们分别与圆C1和圆C2相交,且直线l1被圆C1截得的弦长与直线l2被圆C2截得的弦长相等,试求所有满足条件的点P的坐标解:(1)由题意知直线l的斜率存在,设直线l的斜率为k,则直线l的方程为:yk(x4),即kxy4k0,则圆心C1到直线l的距离d 1.结合点到直线距离公式,得1,化简得:24k27k0,k0,或k,所求直线l的方程为:y0或y(x4),即y0或7x24y280.(2)设点P坐标为(m,n),直线l1、l2的方程分别为:ynk(xm),yn(xm),即:kxynkm0,xynm0,因为直线l1被圆C1截得的弦长与直
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