鲁科版高中物理必修1牛顿第二定律4

1、名校名 推荐6.2 牛顿第二定律作业 41在水平的足够长的固定木板上，一小物块以某一初速度开始滑动，经一段时间 t 后停止。现将该木板改置成倾角为 45的斜面，让小物块以相同的初速度沿木板上滑。若小物块与木板之间的动摩擦因数为 ，则小物块上滑到最高位置所需时间与 t 之比为（）21 + a1 + b1 + 2c 2 + d22搬运工人沿粗糙斜面把一个物体拉上卡车，当力沿斜面向上，大小为f 时，物体的加速度为a1；若保持力的方向不变， 大小变为 f 时，物体的加速度为2a2，则 （）aa1 = a 2ba1 a2a1ca2 = a1da2a123建筑工人用图示的定滑轮装置运送建筑材料。质量为 7

2、0.0kg 的工人站在地面上，通过定滑轮将 20.0kg 的建筑材料以0.500 m/s 2 的加速度拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，g 取 l0m/s 2，则工人对地面的压力大小为（）a 510 nb490 nc 890 nd910 n4如图所示，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物块间有摩擦。现用水平力向右拉木板，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面的运动情况为（）a物块先向左运动，再向右运动b物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动物块拉力木板c木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动d木板和物块的速

3、度都逐渐变小，直到为零5为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯。无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转。一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示。那么下列说法中正确的是（）a顾客始终受到三个力的作用1名校名 推荐b顾客始终处于超重状态c顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下d顾客对扶梯作用力的方向先指向右下方，再竖直向下6以初速度 0 竖直向上抛出一质量为m的小物块。假定物块所受的空气阻力f大小不变。已知重力加速度为g，则物块上升的最大高度和返回到原抛出点的速率分别为（）2mg f 02mga0和 0和 0fmg+fbfmg+f2g(1 +)

4、2g(1 +)mgmg2mg f 02mg0cgf和 0mg+fdf和 0mg f2g2+2 (1 +)2 (1 +)mgmg质量为 m 的物体从高处释放后竖直下落，在某时刻受到的空气阻力为f ，加71速度为 a =3 g，则 f 的大小为（）f=1mg f = 2mga3b3f= mgf=4cmgd38一个静止的质点，在04s 时间内受到力 f 的作用，力的方向始终在同一直线上，力 f 随时间 t 的变化如图所示，则质点在（a第 2s 末速度改变方向b第 2s 末位移改变方向c第 4s 末回到原出发点d第 4s 末运动速度为零）f/n1o1234t/s-19如图所示， 光滑水平面上放置质量分

5、别为 m和 2m的四个木块，其中两个质量为 m的木块间用一不可伸长的轻绳相连， 木块间的最大静摩擦力是 mg。现用水平拉力 f 拉其中一个质量为 2m的木块，使四个木块以同一加速度运动，则2名校名 推荐轻绳对m的最大拉力为（）mg3mgmgmg3b c 3 3a5d42 如图所示， ad、bd、 cd 是竖直面内三根固定的光滑细杆，a、b、c、 d10位于同一圆周上， a 点为圆周的最高点， d 点为最低点。 每根杆上都套着一个小滑环 ( 图中未画出 ) ，三个滑环 a、b、c 分别从处释放 ( 初速ab为 0) ，用 t 1 、t 2、t 3 依次表示滑环到达 d 所用的时间，则（）cat

6、1 t 2 t 2 t 3c t 3 t 1 t 2 d t 1 = t 2 = t 3d11如图，匀速上升的升降机顶部悬有劲度系数足够大的轻质弹簧，弹簧下端挂有一小球，若升降机突然停止，在地面上的观察者看来，小球在继续上升的过程中（）a速度逐渐减小b速度先增大后减小c加速度先增大后减小d加速度先减小后增大12一位身高 h1=1.8m，质量 m=65kg的同学，站立举手摸高（指手能触到的最大高度） h2=2.2m。（ 1）该同学用力 f1 蹬地，经过时间 t 1=0.45s 竖直地跳起，摸高为 h3 =2.6m，假定他蹬地的力为恒力，求 f1 的大小；（ 2）另一次该同学从所站 h4=1.0m

7、 的高度处自由下落，脚接触地面后经过时间t 2=0.25s 身体速度降为零，紧接着他用力f2 蹬地跳起，摸高为h5=2.7m，假定前后两个阶段该同学与地面的作用力分别都是恒力，求该同学蹬地的作用力f2（。取g=10m/s2）3名校名 推荐参考答案：1、 a 2 、 d 3 、 b 4 、bc 5、 c 6 、 a 7 、 b 8 、 d 9 、 b 10 、 d 11、 a12、【解答】第二阶段，根据速度公式，离地时的速度为v2g(h3 h2 )2 10 (2.62.2)8(m / s)第一阶段中的加速度为：av086.3(m / s2 )t10.45设地面对该同学的支持力为f 1，由牛顿第二

8、定律有f1mgma得 f1m( g a) 65(10 6.3) n1060n由牛顿第三定律知，他蹬地的力的大小：f1f1 1060n【分析】（ 2）该问中的整体运动过程可分为四个阶段：第一阶段是自由下落，高度为1.0m；第二阶段是减速时间为0.25s 的匀减速至停下的缓冲阶段（此阶段人腿弯曲，重心下降）；第三阶段用力 f 2 蹬地使身体由弯曲站直的匀加速上升阶段（此阶段重心升高的高度与第二阶段重心下降的高度相等）；第四阶段是离地后竖直向上的匀减速运动阶段，上升高度为0.5m。【解答】第一阶段下落 1.0m 的末速度 v12gh42 101.0m / s2 5m / s第二阶段重心下落的高度hv12 50.25m0.56 mt222第三、四阶段交界时刻的速度v22g( h5h2 )10m / s从而可计算出在