高中物理-匀变速直线运动-典型例题

1、第一章运动的描述匀变速直线运动的研究第1讲加速度和速度的关系（a=v/t）1（单选）对于质点的运动，下列说法中正确的是（ ）【答案】BA质点运动的加速度为零，则速度为零，速度变化也为零 B质点速度变化率越大，则加速度越大C质点某时刻的加速度不为零，则该时刻的速度也不为零D质点运动的加速度越大，它的速度变化越大 2、（单选）关于物体的运动，下列说法不可能的是()答案BA加速度在减小，速度在增大 B加速度方向始终改变而速度不变C加速度和速度大小都在变化，加速度最大时速度最小，速度最大时加速度最小D加速度方向不变而速度方向变化3(多选)沿一条直线运动的物体，当物体的加速度逐渐减小时，下列说法正确的是

2、()答案BDA物体运动的速度一定增大 B物体运动的速度可能减小C物体运动的速度的变化量一定减少 D物体运动的路程一定增大4（多选）根据给出的速度和加速度的正负，对下列运动性质的判断正确的是()答案CDAv00，a0，物体做加速运动 Bv00，a0，物体做减速运动Cv00，物体做减速运动 Dv00，a0，物体做加速运动5(单选)关于速度、速度的变化量、加速度，下列说法正确的是()答案BA物体运动时，速度的变化量越大，它的加速度一定越大 B速度很大的物体，其加速度可能为零C某时刻物体的速度为零，其加速度不可能很大 D加速度很大时，运动物体的速度一定很快变大6(单选)一个质点做方向不变的直线运动，加

3、速度的方向始终与速度的方向相同，但加速度大小逐渐减小为零，则在此过程中()答案BA速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值C位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值7(单选)甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动，a甲4 m/s2，a乙4 m/s2，那么对甲、乙两物体判断正确的是()答案BA甲的加速度大于乙的加速度 B甲做加速直线运动，乙做减速直线运动C甲的速度比乙的速度变化快 D甲、乙在相等时间内速度变化可能相等8. (单选)如图所示，小球以v13 m/s的速度水平向右运动，碰

4、一墙壁经t0.01 s 后以v22 m/s的速度沿同一直线反向弹回，小球在这0.01 s内的平均加速度是()答案：CA100 m/s2，方向向右B100 m/s2，方向向左C500 m/s2，方向向左 D500 m/s2，方向向右9（多选）物体做匀变速直线运动，某时刻速度的大小为4m/s，1s后速度大小变为10m/s，关于该物体在这1s内的加速度大小下列说法中正确的是（ ）A加速度的大小可能是14m/s2 B加速度的大小可能是8m/s2C加速度的大小可能是4m/s2 D加速度的大小可能是6m/s2 【答案】AD10、为了测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为3.0 cm的遮光板，如图所

5、示，滑块在牵引力作用下先后匀加速通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为t10.30 s，通过第二个光电门的时间为t20.10 s，遮光板从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间为t3.0 s试估算：(1)滑块的加速度多大？(2)两个光电门之间的距离是多少？解析v10.10 m/s v20.30 m/s a0.067 m/s2. (2) xt0.6 m.第二讲：匀变速直线运动规律的应用基本规律(1)三个基本公式vv0at. xv0tat2. v2v2ax(2)两个重要推论 平均速度公式：v= st.中间位置速度vs2=v12+v222.任意两个连续相等的时

6、间间隔T内的位移之差为一恒量，即xaT2.（3）初速度为零的匀变速直线运动的四个推论(1)1T末、2T末、3T末瞬时速度的比为：v1v2v3vn123n(2)1T内、2T内、3T内位移的比为：x1x2x3xn122232n2(3)第一个T内、第二个T内、第三个T内位移的比为：xxxxn135(2n1)(4)从静止开始通过连续相等的位移所用时间的比为：t1t2t3tn1(1)().1（单选）一物体从静止开始做匀加速直线运动，测得它在第n秒内的位移为s，则物体的加速度为（ ）A B C D 【答案】A2（单选）做匀加速沿直线运动的质点在第一个3s内的平均速度比它在第一个5s内的平均速度小3m/s，

7、则质点的加速度大小为（ ）A1 m/s2 B2 m/s2 C3 m/s2 D4 m/s2 【答案】C7（单选）一个物体从某一高度做自由落体运动，已知它第1s内的位移为它最后1s内位移的一半，g取10m/s2，则它开始下落时距地面的高度为（ ）A 5 m B 11.25 m C 20 m D 31.25 m 【答案】B3（多选）一小球从静止开始做匀加速直线运动，在第15s内的位移比第14s内的位移多0.2m，则下列说法正确的是（）A小球加速度为0.2m/s2 B小球前15s内的平均速度为1.5m/sC小球第14s的初速度为2.8m/s D第15s内的平均速度为0.2m/s 【答案】AB4.(单选

8、)如图是哈尔滨西客站D502次列车首次发车，标志着世界首条高寒区高速铁路哈大高铁正式开通运营哈大高铁运营里程921公里，设计时速350公里D502次列车到达大连北站时做匀减速直线运动，开始刹车后第5 s内的位移是57.5 m，第10 s内的位移是32.5 m，则下列说法正确的有()答案DA在研究列车从哈尔滨到大连所用时间时不能把列车看成质点B时速350公里是指平均速度，921公里是指位移C列车做匀减速运动时的加速度大小为6.25 m/s2D列车在开始减速时的速度为80 m/s5一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动开始刹车后的第1s内和第2s内位移大小依次为9m和7m求：（1）刹车后汽车

9、的加速度大小.（2）汽车在刹车后6s内的位移解答：解：设汽车的初速度为v0，加速度为a则第1s内位移为：x1=代入数据，得：9=v0+ 第2s内的位移为：x2=v0t2+x1， 代入数据得：7= 解得：a=2m/s2，v0=10m/s汽车刹车到停止所需时间为：t=则汽车刹车后6s内位移等于5s内的位移，所以有：=25m故答案为：2，256.质点做匀减速直线运动，在第1 s内位移为6 m，停止运动前的最后1 s内位移为2 m，求：(1)在整个减速运动过程中质点的位移大小；(2)整个减速过程共用的时间。解析反向加速(1)设质点的初速度为v0，加速度大小为a，由题意可得：v0t1at126 m at

10、222 m，t1t21 s 可解得：v08 m/s，a4 m/s2 故x总8 m(2)由vv0at，得：t2 s答案(1)8 m(2)2 s7.飞机着陆后以6 m/s2的加速度做匀减速直线运动，其着陆速度为60 m/s，求：(1)它着陆后12 s内滑行的位移x；(2)整个减速过程的平均速度(用两种方法求解)；(3)静止前4 s内飞机滑行的位移x。解析(1)以初速度方向为正方向，则有a6 m/s2 飞机在地面滑行最长时间t s10 s所以飞机，12 s内滑行的位移等于10 s内滑行的位移。由v2v022ax可得：x m300 m(2)法一： m/s30 m/s 法二： m/s30 m/s(3)可

11、看成反向的初速度为零的匀加速直线运动，则：xat2642 m48 m答案(1)300 m(2)30 m/s(3)48 m8如图所示，小滑块在较长的斜面顶端，以初速度v02 m/s、加速度a2 m/s2向下滑，在到达底端前1 s内，所滑过的距离为L，其中L为斜面长，则(1)小滑块在斜面上滑行的时间为多少？(2)小滑块到达斜面底端时的速度v是多大？(3)斜面的长度L是多少？解析a2 m/s2，v02 m/sv11a12 v1v0at v0tat2联立得t2 s，L15 m小滑块在斜面上滑行的时间t总t1 s3 s到达斜面底端时vv0at总8 m/s.答案(1)3 s(2)8 m/s(3)15 m9

12、.已知O、A、B、C为同一直线上的四点、AB间的距离为l1,BC间的距离为l2,一物体自O点由静止出发，沿此直线做匀速运动，依次经过A、B、C三点，已知物体通过AB段与BC段所用的时间相等。求O与A的距离.10一个小球从斜面顶端无初速下滑，接着又在水平面上做匀减速运动，直到停止，它共运动了10 s，斜面长4 m，在水平面上运动的距离为6 m，求：(1)小球在运动过程中的最大速度；(2)小球在斜面和水平面上运动的加速度大小答案(1)2 m/s(2)0.5 m/s20.33 m/s2 解析方法一(基本公式法)设小球在斜面上的加速度大小为a1，运动时间为t1；在水平面上的加速度大小为a2，运动时间为

13、t2，由xv0tat2可得：4a1t 6a2t由最大速度相等可得vma1t1a2t2 t1t210 s联立可解得 vm2 m/s，a10.5 m/s2，a20.33 m/s2方法二(平均速度法)设小球运动过程中的最大速度为vm，由xt 可得：t1t210 m即(t1t2)10 m，而t1t210 s，解得vm2 m/s.由a可得a1 m/s20.5 m/s2a2 m/s20.33 m/s2.11 2011年7月2日下午1点半，在杭州滨江区的闻涛社区中，一个2岁女童突然从10楼坠落，在楼下的吴菊萍奋不顾身地冲过去接住了孩子，从而挽救了“妞妞”的生命她的事迹感动了亿万国人吴菊萍被誉为“最美妈妈”假

14、设妞妞从离地h1=31.5m高的阳台由静止掉下，下落过程中空气阻力不计在妞妞开始掉下时，吴菊萍立刻由静止冲向妞妞下落处的正下方楼下，准备接住妞妞为确保能稳妥安全接住妞妞，她一方面要尽力节约时间，但又必须保证接住妞妞时没有水平方向的速度于是吴菊萍先做匀加速运动后立即做匀减速运动，奔跑水平距离s=9.8m到达楼下，到楼下时吴菊萍的速度刚好减为零，同时她张开双臂，在距地面高度为h2=1.5m处接住妞妞，竖直向下缓冲到地面时速度恰好为零，缓冲过程可看做匀减速运动（g=10m/s2，=2.45）求：（1）从开始下落起经过多长时间妞妞被接住？接住时妞妞的速度大小；（2）缓冲过程中妞妞的加速度大小；（3）吴

15、菊萍跑到楼的正下方过程中最大速度的大小解答：解：（1）妞妞下落过程做自由落体运动，由运动学公式得：解得下落时间为：=2.45s速度大小为：v0=gt0=24.5m/s（2）设缓冲过程中的加速度大小为a，由运动学公式得：a=200m/s2（3）设奔跑过程中的最大速度为v，由平均速度公式可得s=所以得：v=答：（1）从开始下落起经过2.45s妞妞被接住，接住时妞妞的速度大小为24.5m/s；（2）缓冲过程中妞妞的加速度大小为200m/s2；（3）吴菊萍跑到楼的正下方过程中最大速度的大小为8m/s12甲、乙两辆汽车都从静止出发做加速直线运动，加速度方向一直不变在第一段时间间隔内，两辆汽车的加速度大小

16、不变，汽车乙的加速度大小是甲的两倍；在接下来的相同时间间隔内，汽车甲的加速度大小增加为原来的两倍，汽车乙的加速度大小减小为原来的一半求甲、乙两车各自在这两段时间间隔内走过的总路程之比解析设汽车甲在第一段时间间隔末(时刻t0)的速度为v，第一段时间间隔内行驶的路程为x1，加速度为a；在第二段时间间隔内行驶的路程为x2.由运动学公式得vat0，x1at，x2vt0(2a)t设汽车乙在时刻t0的速度为v，在第一、二段时间间隔内行驶的路程分别为x1、x2.同样有v(2a)t0，x1(2a)t，x2vt0at设甲、乙两车行驶的总路程分别为x、x，则有xx1x2，xx1x2联立以上各式解得，甲、乙两车各自

17、行驶的总路程之比为. 答案13在一次低空跳伞训练中，当直升飞机悬停在离地面224 m高处时，伞兵离开飞机做自由落体运动。运动一段时间后，打开降落伞，展伞后伞兵以12.5 m/s2的加速度匀减速下降。为了伞兵的安全，要求伞兵落地速度最大不得超过5 m/s，(取g10 m/s2)求：(1)伞兵展伞时，离地面的高度至少为多少？着地时相当于从多高处自由落下？(2)伞兵在空中的最短时间为多少？解析：(1)设伞兵展伞时，离地面的高度至少为h，此时速度为v0，着地时相当于从h1高处自由落下，则有v2v022ah，即52v02212.5h又v022g(224h)210(224h)联立解得h99 m，v050

18、m/s以5 m/s的速度落地相当于从h1高处自由落下，即2gh1v2，所以h1 m1.25 m。(2)设伞兵在空中的最短时间为t，则有v0gt1，t1 s5 s，t2 s3.6 s，故所求时间tt1t2(53.6) s8.6 s答案：(1)99 m1.25 m(2)8.6 s14.某人骑摩托车由静止从A地沿平直公路经小村庄驶向并停在D地，B. C为小村庄的两个村口，AD总位移为X=1000m.为安全起见，要求穿过村庄的速度不得超过v1=4m/s，AB和BC段的距离分别为X1=242m.X2=300m,已知该摩托车的最大速度为v=40m/s，启动加速度大小为a1=4ms2,刹车加速度大小为a2=

19、8ms2.求（1）分别求摩托车从静止加速到v和从v减速到v1所经过的位移；（2）该摩托车从A到D的最短时间.18.解：(1)摩托车从静止加速到v的运动位移(2)显然，说明摩托车在AB段没有达到最大速度v.15机场大道某路口，有按倒计时显示的时间显示灯。有一辆汽车在平直路面上以36Km/h 的速度朝该路口停车线匀速前进，在车头前端离停车线70 m 处司机看到前方绿灯刚好显示“5”。交通规则规定：绿灯结束时车头已越过停车线的汽车允许通过。（1）若不考虑该路段的限速，司机的反应时间1s，司机想在剩余时间内使汽车做匀加速直线运动以通过停车线，则汽车的加速度a1至少多大？（2）若考虑该路段的限速，司机的

20、反应时间为1s，司机反应过来后汽车先以a2=2m/s2的加速度沿直线加速3 s，为了防止超速，司机在加速结束时立即踩刹车使汽车做匀减速直行，结果车头前端与停车线相齐时刚好停下来，求刹车后汽车加速度a3大小（结果保留两位有效数字）【答案】（1） (2)【解析】试题分析：（1）设初速度，反应时间 司机反应时间内汽车通过位移m匀加速时间s ， 解得 (2)汽车加速结束时通过的位移为，则 m此时车头前端离停车线的距离为 m 此时速度为匀减速过程有 解得第三讲：自由落体和竖直上抛运动规律1、屋檐每隔一定时间滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴刚好落到地面，而第3滴与第2滴分别位于高1 m的窗子的上、下

21、沿，如图所示，(g取10 m/s2)问：(1)此屋檐离地面多高？ (2)滴水的时间间隔是多少？解析如图所示，如果将这5滴水运动等效为一滴水的自由落体，并且将这一滴水运动的全过程分成时间相等的4段，设每段时间间隔为T，则这一滴水在0时刻、T末、2T末、3T末、4T末所处的位置，分别对应图示第5滴水、第4滴水、第3滴水、第2滴水、第1滴水所处的位置，据此可作出解答设屋檐离地面高为x，滴水间隔为T.则x16x0,5x01 m所以x3.2 m 另有xg(4T)2 解得T0.2 s2.在学习了伽利略对自由落体运动的研究后，甲同学给乙同学出了这样一道题：一个物体从塔顶落下(不考虑空气阻力)，物体到达地面前

22、最后1秒内通过的位移为整个位移的，求塔高H(g取10 m/s2)。乙同学的解法：根据hgt2得物体在最后1 s内的位移h1gt25 m，再根据得H13.9 m。乙同学的解法是否正确？如果正确，说明理由；如果不正确，请给出正确解析过程和答案。解析乙同学不正确。根据题意画出运动过程示意图，设物体从塔顶落到地面所经历的时间为t，通过位移为H，物体在(t1) s内的位移为h。据自由落体运动规律，有Hgt2 hg(t1)2由题意得 联立以上各式，解得H125 m答案不正确125 m3.一矿井深为125 m，在井口每隔一定时间自由下落一个小球，当第11个小球刚从井口下落时，第1个小球恰好到井底。求：(g取

23、10 m/s2)(1)相邻两个小球开始下落的时间间隔；(2)这时第3个小球和第5个小球相隔的距离。解析：(1)设相邻两个小球开始下落的时间间隔为t，由题意可知，第1个小球下落到井底的时间为t10t。由hgt2，解得：t5 s，t0.5 s。(2)此时第3个小球与第5个小球的距离等于第1个小球第4 s内下降的距离，即h h35 m。4一水池水深H=0.8m现从水面上方h=0.8m高处由静止释放一质量为m=0.1kg的硬质球体，测得球体从释放到落至水池底部用时t=0.6s已知球体直径远小于水池深度，不计阻力，取g=10m/s2，求：（1）通过计算判断球体在水中做什么运动？（2）从水面上方多高处由静

24、止释放球体，才能使球体从释放到落至池底所用时间最短【答案】（1）匀速运动（2）0.4m解：（1）设小球落至水面所用时间为t1，在水中运动做匀变速运动，加速度为a，则 v=gt1 联立解得a=0m/s2，则小球在水中匀速运动（2）设释放点距水面x，则，利用均值定理，当时t最小，即5、研究人员为检验某一产品的抗撞击能力，乘坐热气球并携带该产品竖直升空，当热气球以10 m/s的速度匀速上升到某一高度时，研究人员从热气球上将产品自由释放，测得经11 s产品撞击地面不计产品所受的空气阻力，求产品的释放位置距地面的高度(g取10 m/s2)法一：全程法将产品的运动视为匀变速直线运动，根据题意画出运动草图如

25、图所示规定向上为正方向，则v010 m/s，ag10 m/s2根据Hv0tat2解得H495 m即产品的释放位置离地距离为495 m.法二：分段法 根据题意画出运动草图将产品的运动过程分为AB和BCD两段来处理AB为竖直上抛运动，BCD为自由落体运动在AB段，根据竖直上抛运动规律可知tAB1 shABhBCgt5 m 由题意可知tBD11 s1 s10 s根据自由落体运动规律得hBDgtBD2500 m故释放点的高度HhBDhBC495 m. 答案：495 mv0aMN6如图所示，离地面足够高处有一用绳连接的竖直空管，管长为24m，M、N为空管的上、下两端，空管以a=2m/s2的加速度由静止开

26、始竖直向下做加速运动，同时在M处一个大小不计的小球沿管的轴线以初速度v0竖直上抛，不计一切阻力，取g=10m/s2求：（1）若小球上抛的初速度为10m/s，3s内小球的位移（2）若小球上抛的初速度为10m/s，小球经过多长时间从管的N端穿出（3）若此空管静止时N端离地64m高，欲使在空管到达地面时小球必须落到管内，在其他条件不变的前提下，求小球的初速度v0大小的范围【解析】（1）规定向下为正方向， 方向竖直向下（2分） （2）设经过时间小球从管的N端穿出 小球的位移为 空管的位移为 （3分）(3) 设小球初速度v0，空管经时间到达地面小球在时间下落高度为，要落入空管内必须满足的条件为第四讲：追

27、及、相遇问题分析“追及”问题应注意的几点(1)一定要抓住“一个条件，两个关系”：“一个条件”是两物体的速度满足的临界条件，如两物体距离最大、最小，恰好追上或恰好追不上等“两个关系”是时间关系和位移关系通过画草图找到两物体位移之间的数量关系，是解题的突破口(2)若被追赶的物体做匀减速运动，一定要注意被追上前该物体是否已停止运动(3)仔细审题，注意抓住题目中的关键字眼(如“刚好”、“恰好”、“最多”、“至少”等)，充分挖掘题目中的隐含条件1、一辆汽车在十字路口等待绿灯，当绿灯亮时汽车以a3 m/s2的加速度开始行驶，恰在这时一人骑自行车以v06 m/s的速度匀速驶来，从后边超过汽车，试问：(1)汽

28、车从路口开动后，在追上自行车之前经过多长时间两车相距最远？最远距离是多大？(2)当汽车与自行车距离最近时汽车的速度是多大？解析(1)当汽车的速度为v6 m/s时，二者相距最远，所用时间为t2 s最远距离为xv0tat26 m.(2)两车距离最近时有v0tat2 解得t4 s 汽车的速度为vat12 m/s.2、如图所示，直线MN表示一条平直公路，甲、乙两辆汽车原来停在A、B两处，A、B间的距离为85 m，现甲车先开始向右做匀加速直线运动，加速度a12.5 m/s2，甲车运动6.0 s时，乙车开始向右做匀加速直线运动，加速度a25.0 m/s2，求两辆汽车相遇处距A处的距离解析甲车运动6 s的位

29、移为x0a1t45 m此时甲车尚未追上乙车，设此后经过时间t与乙车相遇，则有a1(tt0)2a2t285 m将上式代入数据并整理得：t212t320 解得：t14 s，t28 st1、t2都有意义，t14 s时，甲车追上乙车；t28 s时，乙车追上甲车再次相遇第一次相遇地点距A的距离：x1a1(t1t0)2125 m第二次相遇地点距A的距离：x2a1(t2t0)2245 m.3平直道路上有甲、乙两辆汽车同向匀速行驶，乙车在前，甲车在后甲、乙两车速度分别为40 m/s和25 m/s，当两车距离为200 m时，两车同时刹车，已知甲、乙两车刹车的加速度大小分别为1.0 m/s2和0.5 m/s2.问

30、：甲车是否会撞上乙车？若未相撞，两车最近距离多大？若能相撞，两车从开始刹车直到相撞经历了多长时间？解析设经过t时间甲、乙两车的速度相等，即v甲a甲tv乙a乙t代入数据得：t30 sv10 m/s设在30 s时甲、乙两车的距离为x，则x200x乙x甲200 m(2510)30 m(4010)30 m 25 m说明30 s以前两车已碰撞，设从开始刹车到相撞时间为t，则x甲40t1t2x乙25t0.5t2 x甲200x乙由得：t260t8000 即t20 s或t40 s(舍去)4甲、乙两汽车沿同一平直公路同向匀速行驶，甲车在前，乙车在后，它们行驶的速度均为16 m/s.已知甲车紧急刹车时加速度a13

31、 m/s2，乙车紧急刹车时加速度a24 m/s2，乙车司机的反应时间是0.5 s(即乙车司机看到甲车刹车后0.5 s才开始刹车)为保证两车紧急刹车过程不相碰，甲、乙两车行驶过程至少应保持多大距离？答案1.5 m（1）在甲刹车、乙未刹车的0.5s内 甲车位移s1： 乙车位移s2： 这段0.5s时间内甲、乙两车间距减小 （2）乙车开始刹车时，甲、乙两车的速度分别为V1、V2 设乙车刹车后经过t2时间，甲、乙两车的速度相同则： 得：t2=1.5s （3）在乙车开始刹车后这1.5s时间内，甲、乙两车的位移分别是： 在此过程中，两车之间距离继续减小 （4）总之，从甲车开始刹车到乙车刹车后两车速度相同，乙

32、车向甲车靠近的总距离为 s=ss0.375m1.125m1.5m 为保证两车不相撞，行驶时两车前后间距至少为1.5m5、汽车以25 m/s的速度匀速直线行驶，在它后面有一辆摩托车，当两车相距1 000 m时，摩托车从静止起动做匀加速运动追赶汽车，摩托车的最大速度可达30 m/s，若使摩托车在4 min时刚好追上汽车求：(1)摩托车做匀加速运动的加速度a.(2)摩托车追上汽车前两车相距最大距离x.答案(1)2.25 m/s2(2)1 138 m解析(1)设在4min内汽车运动的位移为x1，摩托车运动的位移为x2，摩托车的加速度为a，摩托车达到最大速度所用时间为t，则x1=v1t总 =25240m

33、=6000m，v=at，恰好追上的条件为x2=x1+x0联立上式并代入数值得a=2.25ms2(2)摩托车与汽车速度相等时两车相距最远，设此时刻为T，最大距离为x，由运动学公式得v1=aT，解得T=s所以x=x0+v1T 代入数值得x=1139m6一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以v10 m/s的速度匀速行驶的货车严重超载时，决定前去追赶，经过5.5 s后警车发动起来，并以2.5 m/s2的加速度做匀加速运动，但警车的行驶速度必须控制在90 km/h以内问：(1)警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少？(2)判定警车在加速阶段能否追上货车(要求通过计算说明)(3)警车发动后

34、要多长时间才能追上货车？答案(1)75 m(2)不能(3)12 s解析：(1)警车在追赶货车的过程中，当两车速度相等时，它们间的距离最大，设警车发动后经过t1时间两车的速度相等则t1 s4 s，x货(5.54)10 m95 mx警at2.542 m20 m所以两车间的最大距离，xx货x警75 m.(2)v090 km/h25 m/s，当警车刚达到最大速度时，运动时间t2 s10 s，x货(5.510)10 m155 m x警at2.5102 m125 m 因为x货x警，故此时警车尚未赶上货车，且此时两车距离 xx货x警30 m，警车达到最大速度后做匀速运动，设再经过t时间追赶上货车，则t2 s

35、所以警车发动后要经过tt2t12 s才能追上货车7甲、乙两车在平直公路上比赛，某一时刻，乙车在甲车前方L1=11m处，乙车速度v乙=60m/s，甲车速度v甲=50m/s，此时乙车离终点线尚有L2=600m，如图所示若甲车做匀加速运动，加速度a=2m/s2，乙车速度不变，不计车长（1）经过多长时间甲、乙两车间距离最大，最大距离是多少？（2）到达终点时甲车能否超过乙车？解答：解：（1）当甲、乙两车速度相等时，两车间距离最大，即v甲+at1=v乙，得t1=v乙-v甲a=60-502s=5s；甲车位移x甲=v甲 t1+at=275 m，乙车位移x乙=v乙 t1=605 m=300 m，此时两车间距离x

36、=x乙+L1x甲=36 m（2）甲车追上乙车时，位移关系为x甲=x乙+L1，甲车位移x甲=v甲 t2+12at22，乙车位移x乙=v乙 t2，将x甲、x乙代入位移关系，得v甲t2+12at2=v乙t2+L1，代入数据t2=11s，实际乙车到达终点的时间为t3= L2V乙=60060=10s，所以到达终点时甲车不能超过乙车答：（1）经过5s甲、乙两车间距离最大，最大距离是36 m；（2）到达终点时甲车不能超过乙车8在某市区内，一辆小汽车在平直的公路上以速度v向东匀速行驶，一位观光游客正由南向北从斑马线上匀速横穿马路汽车司机发现前方有危险(游客正在D处)经0.3s作出反应，紧急刹车，但仍将正步行至

37、B处的游客撞伤，该汽车最终在C处停下，为了清晰了解事故现场，现以下图示之，AC段是汽车轮胎在路面上的擦痕为了判断汽车司机是否超速行驶，警方派一警车以该路段法定最高速度vm14.0m/s行驶在同一马路的同一地段，在肇事汽车起始制动点A紧急刹车，经14.0m后停下来，在事故现场测得AB17.5m.BC14.0m，BD2.6m.问：(1)该肇事汽车的初速度vA是多大？有无超速？(2)游客横过马路的速度大小？【答案】(1)21m/s，大于规定的最高速度14.0m/s，超速了；(2)2m/s【解析】试题分析：(1)警车刹车后的加速度大小为a，则因为警车行驶条件与肇事汽车相同，所以肇事汽车的加速度也为7.

38、0m/s2.肇事汽车的速度，大于规定的最高速度14.0m/s.(2)，代入数据，解出t1.0s.游客的速度9A、B两车在同一直线上向右匀速运动，B车在A车前，A车的速度大小为V1=8m/s， B车的速度大小为V2=20m/s，如图所示。当A、B两车相距x0=28m时，B车因前方突发情况紧急刹车（已知刹车过程的运动可视为匀减速直线运动），加速度大小为a=2m/s2，从此时开始计时，求：（1）A车追上B车之前，两者相距的最大距离；（2）A车追上B车所用的时间；（3）从安全行驶的角度考虑，为避免两车相撞，在题设条件下，求A车在B车刹车的同时也应刹车的最小加速度.【答案】（1）64 m；（2）16 s

39、；（3）0.25 m/s2【解析】试题分析：（1）当A、B两车速度相等时，相距最远 根据速度关系得：v1= v 2 -a t 1 代入数据解得： t 1=6 s 此时，根据位移公式得：xA= v 1 t 1 xB= v 2 t 1 -12a t 12 xm= xB+ xo -xA 代入数据解得：xm=64 m （2）B车刹车停止运动所用时间： to= v 2/a=10 s 所发生位移：xB= v 22/2a=100m 此时：xA= v 1 t 0=80m 则 ：xA x0 + xB，可见此时A车并未追上B车，而是在B车停止后才追上之后A车运动时间为：t 2=（ x0 + xBxA）/ v 1=

40、6 s 故所求时间为：t = to+ t 2=16 s （3）A车刹车减速至0时刚好追上B车时，加速度最小 +x0= （3分）代入数据解得：aA=0.25 m/s2 （2分）10公交车已作为现代城市交通很重要的工具，它具有方便、节约、缓解城市交通压力等许多作用某日，小李在上班途中向一公交车站走去，发现一辆公交车正从身旁平直的公路驶过，此时，他的速度是1m/s，公交车的速度是15m/s，他们距车站的距离为50m假设公交车在行驶到距车站25m处开始刹车，刚好到车站停下，停车时间10s而小李因年龄、体力等关系最大速度只能达到6m/s，最大起跑加速度只能达到2.5m/s2（1）若公交车刹车过程视为匀减

41、速运动，其加速度大小是多少？（2）试计算分析，小李是应该上这班车，还是等下一班车【答案】（1）其加速度大小4.5m/s2；（2）可以在公交车还停在车站时安全上车【解析】试题分析：（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出公交车的加速度大小（2）根据匀变速直线运动的运动学公式和推论分别求出公交车和人分别运动到车站的时间，通过时间比较，判断能否上车解：（1）公交车的加速度为：，所以其加速度大小4.5m/s2（2）公交车从开始相遇到开始刹车用时为：，公交车刹车过程中用时为：，李老师以最大加速度达到最大速度用时为：，李老师加速过程中位移为：，以最大速度跑到车站用时为：，显然，t3+t4t1+t2+10，可以在公交车还停在车站时安全上车答：（1）其加速度大小4.5m/s2；（2）可以在公交车还停在车站时安全上车11 ETC是电子不停车收费系统的简称汽车分别通过ETC通道和人工收费通道的流程如图所示假设汽车以v1=15m/s朝收费站正常沿直线行驶，如果过ETC通道，需要在收费站中心线前10m处正好匀减速至v2=5m/s，匀速通过中心线后，再匀加速至v1正常行驶；如果过人工收费通道，需要恰好在中心线处匀减速至零，经过20s缴费成功后，再启动汽车匀加速至v1正常行驶，设汽车加速和减速过程中的加速度大小均为1m/s2，求：（1